陜西省渭南三賢中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高二第二學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

陜西省渭南三賢中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高二第二學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線(xiàn)條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、甲、乙兩物體從同一點(diǎn)開(kāi)始沿一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，甲的x—t和乙的v—t圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是A．甲在3秒末回到出發(fā)點(diǎn)，甲運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，距出發(fā)點(diǎn)的最大距離均為6mB．0到6秒內(nèi)，甲、乙兩物體位移都為零C．第3秒內(nèi)甲、乙兩物體速度方向相同D．第2秒末到第4秒末甲的位移大小為8m，乙的位移大小為4m2、下列幾種說(shuō)法中正確的是A．一個(gè)掛在繩子上靜止的物體，它受的重力和它拉緊懸繩的力是同一性質(zhì)的力B．地球上的物體只有靜止時(shí)才受到重力的作用C．同一個(gè)物體，向下運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的重力最大，向上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的重力最小D．同一物體在同一地點(diǎn)，不論處于什么狀態(tài)，受到的重力都一樣3、如圖所示是一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖線(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是A．周期為4s B．振幅為10cmC．P時(shí)刻位移為x正方向 D．Q時(shí)刻加速度為x負(fù)方向4、如圖所示，通有恒定電流的直導(dǎo)線(xiàn)MN與閉合金屬線(xiàn)框abcd共面，第一次將金屬線(xiàn)框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次將金屬線(xiàn)框由位置Ⅰ翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，設(shè)兩次通過(guò)金屬線(xiàn)框截面的電荷量分別為q1和q2，則()A．q1<q2B．q1＝q2C．q1>q2D．q1≠0，q2＝05、如下圖甲中理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)之比n1：n2=5：1，電阻R=20Ω，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開(kāi)關(guān)．原線(xiàn)圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．現(xiàn)將S1接1、S2閉合，此時(shí)L2正常發(fā)光．下列說(shuō)法正確的是（）A．輸入電壓u的表達(dá)式u=20sin（100πt）VB．只斷開(kāi)S2后，L1、L2均正常發(fā)光C．只斷開(kāi)S2后，原線(xiàn)圈的輸入功率增大D．若S1換接到2后，R消耗的電功率為0.8W6、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物塊A與另一個(gè)質(zhì)量為2m的物塊B發(fā)生正碰，碰后B物塊剛好能落入正前方的沙坑中，假如碰撞過(guò)程中無(wú)機(jī)械能損失，已知物塊B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，與沙坑的距離為1m，g取10m/s2，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，則A碰撞前瞬間的速度為（）A．0.5m/s B．1.0m/s C．2.0m/s D．3.0m/s二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、根據(jù)磁場(chǎng)對(duì)電流會(huì)產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種新型的炮彈發(fā)射裝置--電磁炮，它的基本原理如圖所示，下列結(jié)論中正確的是（）A．要使炮彈沿導(dǎo)軌向右發(fā)射，必須通以自M向N的電流B．要想提高炮彈的發(fā)射速度，可適當(dāng)增大電流C．要想提高炮彈的發(fā)射速度，可適當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度D．使電流和磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向同時(shí)反向，炮彈的發(fā)射方向亦將隨之反向8、在光滑水平面上A、B兩小車(chē)中間有一彈簧(不連接)，如圖所示，用手抓住小車(chē)并將彈簧壓縮后使小車(chē)處于靜止?fàn)顟B(tài)，將兩小車(chē)及彈簧看作一個(gè)系統(tǒng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A．兩手同時(shí)放開(kāi)后，系統(tǒng)總動(dòng)量始終為零B．先放開(kāi)左手，再放開(kāi)右手后，動(dòng)量不守恒C．先放開(kāi)左手，后放開(kāi)右手，總動(dòng)量向左D．無(wú)論何時(shí)放手，兩手放開(kāi)后，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量都保持不變，但系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定為零9、兩個(gè)振動(dòng)情況完全一樣的波源S1、S2相距6m，它們?cè)诳臻g產(chǎn)生的干涉圖樣如圖所示，圖中實(shí)線(xiàn)表示振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域，虛線(xiàn)表示振動(dòng)減弱區(qū)域，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩波源的振動(dòng)頻率一定相同B．虛線(xiàn)一定是波谷與波谷相遇處C．兩列波的波長(zhǎng)都是2mD．兩列波的波長(zhǎng)都是1m10、在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用頻率為ν的光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是A．增大入射光強(qiáng)度，光電流增大B．減小入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失C．改用頻率小于ν的光照射，一定不發(fā)生光電效應(yīng)D．改用頻率大于ν的光照射，光電子的最大初動(dòng)能變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖1所示，用“碰撞試驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系：(1)圖1中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)。接下來(lái)要完成的必要步驟是__；（填選項(xiàng)前的符號(hào)）A．用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2B．測(cè)量小球m1開(kāi)始釋放高度hC．測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE.測(cè)量平拋射程O(píng)M、ON(2)若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_(kāi)_（用②中測(cè)量的量表示），若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)滿(mǎn)足的表達(dá)式為_(kāi)_；（用②中測(cè)量的量表示）(3)經(jīng)測(cè)定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地點(diǎn)的平均位置距O點(diǎn)的距離如圖2所示。碰撞前、后m1的動(dòng)量分別為p1與p1′，則p1：p1′=__：11；若碰撞結(jié)束時(shí)m2的動(dòng)量為p2′，則p1′：p2′=11：__；實(shí)驗(yàn)結(jié)果說(shuō)明，碰撞前、后總動(dòng)量的比值為_(kāi)_。12．（12分）某同學(xué)想測(cè)量某水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，現(xiàn)有以下器材：水果電池電壓表V1：量程為0-5.0V，內(nèi)阻為2.0kΩ電壓表V2：量程為0-3.0V，內(nèi)阻約為1.5kΩ開(kāi)關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干.(1)該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示電路，并進(jìn)行了如下操作：a.將開(kāi)關(guān)S1閉合，S2閉合，記下電壓表V1的示數(shù)U1=4.0V；b.將開(kāi)關(guān)S1閉合，再斷開(kāi)S2，記下電壓表V1的示數(shù)U1=3.0V，電壓表V2的示數(shù)U2的示數(shù)如圖所示，則電壓表V2的示數(shù)U2=_______V.(2)由上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可求得電池的電動(dòng)勢(shì)E=_______V，內(nèi)阻r=____Ω.(3)利用該實(shí)驗(yàn)方法測(cè)量電動(dòng)勢(shì)E與真實(shí)值比較__________.(填偏大、偏小、相等)四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩塊相同平板P1，P2置于光滑水平面上，質(zhì)量均為m．P2的上表面光滑，右端固定一輕質(zhì)彈簧．物體P置于P1的最右端，質(zhì)量為2m且可看作質(zhì)點(diǎn)．P1與P以共同速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的P2發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞后P1與P2粘連在一起，P滑上P2直至將彈簧壓縮至最短（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）．求：（1）P1、P2剛碰完時(shí)的共同速度v1；（2）P1與P2碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能；（3）當(dāng)彈簧被壓縮至最短時(shí)，P的速度v2；（4）此過(guò)程中彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能Epm．14．（16分）如圖所示，空氣中有一折射率為n=的正方體玻璃磚，若光線(xiàn)以入射角=60°照射到AB面上E點(diǎn)，接著在BC面上發(fā)生全反射，然后從CD面上射出，已知E點(diǎn)到BC距離d=cm，BC邊長(zhǎng)L=60cm，求：(1)從E點(diǎn)進(jìn)入玻璃磚的光線(xiàn)與AB邊的夾角；(2)D點(diǎn)到從CD邊射出的光線(xiàn)距離．15．（12分）如圖所示，實(shí)線(xiàn)為簡(jiǎn)諧波在t時(shí)刻的圖線(xiàn)，虛線(xiàn)為波在(t+0.01)s時(shí)刻的圖線(xiàn)．（1）若波向左傳播，求它可能傳播的距離．（2）若波向右傳播，求它的最大周期．（3）若波速為500m/s，指出簡(jiǎn)諧波的傳播方向．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

由圖可知，甲在3s末位移為零，回到出發(fā)點(diǎn)．距出發(fā)點(diǎn)的最大距離為4m，故A錯(cuò)誤．0?6秒內(nèi)，甲的位移為x甲=0m-0m=0m．根據(jù)v-t與時(shí)間軸所圍的“面積”表示位移知0?6秒內(nèi)乙物體的位移為0，故B正確．根據(jù)x-t圖象的斜率表示速度，知第3秒內(nèi)甲的速度為負(fù)．由v-t圖象知第3秒內(nèi)乙物體速度為正，則第3秒內(nèi)甲、乙兩物體速度方向相反，故C錯(cuò)誤．2?4s內(nèi)甲的位移大小為8m，乙的位移大小為零．故D錯(cuò)誤．2、D【解析】A、重力屬于萬(wàn)有引力，拉力屬于彈力，所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤．B、地球上的任何物體都受重力，不受運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的影響，所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤．C、同一個(gè)物體，重力不變，不受運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的影響，所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤．D、同一物體在同一地點(diǎn)，不論處于什么狀態(tài)，受到的重力都一樣，所以D選項(xiàng)正確．故選D．【點(diǎn)睛】本題考查的是學(xué)生對(duì)重力，還要了解物體的重心分布與哪些因素有關(guān)．3、C【解析】

A．振動(dòng)周期為T(mén)=4×10-2s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．振幅為5cm，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．P時(shí)刻位移為x正方向，選項(xiàng)C正確；D．Q時(shí)刻位移為x軸負(fù)向，故加速度為x正方向，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。4、A【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律E=nΔ?Δt、I=ER和q=I?Δt可得q=nΔ?R.設(shè)金屬線(xiàn)框在位置Ⅰ時(shí)，通過(guò)金屬線(xiàn)框的磁通量為正，且數(shù)值為Φ1，在位置Ⅱ時(shí)通過(guò)金屬線(xiàn)框的磁通量數(shù)值為Φ2，第一次將金屬線(xiàn)框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，磁通量的變化量為Φ1【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是確定磁通量的變化，要注意翻轉(zhuǎn)后磁通量的方向與開(kāi)始前的磁通量的方向相反，并掌握電量綜合表達(dá)式q=nΔ?5、D【解析】周期是0.02s，ω==100π，所以輸入電壓u的表達(dá)式應(yīng)為u=20sin（100πt）V，A錯(cuò)誤；當(dāng)S1接1，斷開(kāi)S2時(shí)，負(fù)載電阻變大為原來(lái)的2倍，電壓不變，副線(xiàn)圈電流變小為原來(lái)的一半，L1、L2的功率均變?yōu)轭~定功率的四分之一，負(fù)線(xiàn)圈的功率減小，則原線(xiàn)圈的輸入功率等于副線(xiàn)圈的功率都減小，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；若S1換接到2后，電阻R電壓有效值為4V，R消耗的電功率為=0.8W，D正確．故選D．點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵要知道變壓器電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等.6、D【解析】

碰撞后B做勻減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得代入數(shù)據(jù)得A與B碰撞的過(guò)程中A與B組成的系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則由于沒(méi)有機(jī)械能的損失，則聯(lián)立可得故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】

要使炮彈沿導(dǎo)軌向右發(fā)射，即為安培力作用，根據(jù)左手定則可知，必須通以自M向N的電流。故A正確；要想提高炮彈的發(fā)射速度，即增大安培力的大小，根據(jù)F=BIL，所以可適當(dāng)增大電流或磁感應(yīng)強(qiáng)度，故BC正確；若使電流和磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向同時(shí)反向，則安培力方向不變，所以炮彈的發(fā)射方向不變，故D錯(cuò)誤；8、ACD【解析】

A.若兩手同時(shí)放開(kāi)A、B兩車(chē)，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于系統(tǒng)初動(dòng)量為零，則系統(tǒng)總動(dòng)量為零，故A正確；B.先放開(kāi)左手，再放開(kāi)右手，此過(guò)程中兩車(chē)與彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但是兩手都放開(kāi)后，系統(tǒng)的合力為零，動(dòng)量守恒，故B錯(cuò)誤；C.先放開(kāi)左手，再放開(kāi)右手，系統(tǒng)所受合外力向左，系統(tǒng)所受合外力的沖量向左，系統(tǒng)總動(dòng)量向左，故C正確；D.無(wú)論何時(shí)放手，兩手放開(kāi)后，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量都保持不變，如果同時(shí)放手，系統(tǒng)總動(dòng)量為零，如果不同時(shí)放手，系統(tǒng)總動(dòng)量不為零，則系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定為零，故D正確；故選ACD．9、AC【解析】

A．發(fā)生穩(wěn)定干涉的條件是頻率相同，故A正確；B．波谷與波谷相遇處于振動(dòng)加強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；CD．由圖可知經(jīng)過(guò)3個(gè)波長(zhǎng)相遇，所以?xún)闪胁ǖ牟ㄩL(zhǎng)都是2m，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。10、AD【解析】

光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷影響光電子最大初動(dòng)能的因素．【詳解】A．增大入射光強(qiáng)度，單位時(shí)間內(nèi)照射到單位面積上的光子數(shù)增加，光電流增大，A正確；B．光電效應(yīng)現(xiàn)象是否消失與光的頻率有關(guān)，而與照射強(qiáng)度無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；C．用頻率為ν的光照射光電管陰極，發(fā)生光電效應(yīng)，用頻率較小的光照射時(shí)，若光的頻率仍大于極限頻率，則仍會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知，增加照射光頻率，光電子的最大初動(dòng)能也增大，D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、ADE【解析】

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)，測(cè)量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，因此步驟中D、E是必須的，而且D要在E之前，至于用天平秤質(zhì)量先后均可以，所以答案是ADE或DEA；(2)設(shè)落地時(shí)間為t，則，，而動(dòng)量守恒的表達(dá)式是動(dòng)能守恒的表達(dá)式是所以若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則成立，若碰撞是彈性碰撞，動(dòng)能是守恒的，則有成立；(3)碰撞前后m1動(dòng)量之比：（1~1.01均正確）點(diǎn)睛：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量可測(cè)而瞬時(shí)速度較難，因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來(lái)反映平拋的初速度大小，所以?xún)H測(cè)量小球拋出的水平射程來(lái)間接測(cè)出速度，過(guò)程中小球釋放高度不需要，最后可通過(guò)質(zhì)量與水平射程乘積來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒。12、2.008.0V2.0kΩ相等【解析】

(1)[1]電壓表V2的量程為3.0V，由圖2所示表盤(pán)可知，其分度值為0.1V，電壓表V2的讀數(shù)：U2=2.00V；(2)[2][3]由閉合電路的歐姆定律代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得E=8.0Vr=2000Ω(3)[4]因電壓表的內(nèi)阻對(duì)測(cè)量無(wú)影響可知，利用該實(shí)驗(yàn)方法測(cè)量電動(dòng)勢(shì)E與真實(shí)值比較相等.四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)(4)【解析】

P1、P2碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出碰撞后的速度；由能量守恒定律可以求出損失的機(jī)械能；當(dāng)彈簧壓縮最大時(shí)，P1、P2、P三者具有共同速度v3，由動(dòng)量守恒定律可以求出P的速度；由能量守恒定律可以求出彈簧的最大彈性勢(shì)能．【詳解】（1）P1、P2碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=2mv1解得：，方向水平向右（2）由能量守恒定律可知，P1、P2碰撞過(guò)程系統(tǒng)損失的機(jī)械能：（3）P1、P2、P系統(tǒng)動(dòng)量