達州市重點中學2022-2023學年物理高一第二學期期中復(fù)習檢測模擬試題含解析

達州市重點中學2022-2023學年物理高一第二學期期中復(fù)習檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，一塊橡皮用細線懸掛于O點，用鉛筆靠著線的左側(cè)水平向右勻速移動，運動中始終保持懸線豎直，則橡皮運動的速度A．大小和方向均不變B．大小不變，方向改變C．大小改變，方向不變D．大小和方向均改變2、如圖所示為電流天平，可用來測定磁感應(yīng)強度，天平的右臂上掛有一匝數(shù)為N的矩形線圈，線圈下端在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里，當線圈中通有電流I（方向如圖）時，發(fā)現(xiàn)天平的右端低左端高，下列哪些調(diào)節(jié)方案可以使天平水平平衡（）A．僅增大線框的寬度lB．僅減小電流大小C．僅減輕左盤砝碼的質(zhì)量D．僅增加線圈的匝數(shù)3、已知小鐵塊A和B的質(zhì)量相等，分別從兩個高度相同的光滑斜面和光滑圓弧斜坡的頂點由靜止滑向底部，如圖所示，下列說法中不正確的是（）A．它們到達底部時的機械能相等B．下滑過程重力所做的功相等C．下滑過程中合外力所做的功相等D．它們到達底部時的速度相等4、人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，假如衛(wèi)星的軌道半徑增大為原來的4倍，衛(wèi)星仍然做勻速圓周運動，則（）A．衛(wèi)星的向心加速度減小到原來的B．衛(wèi)星的角速度減小到原來的C．衛(wèi)星的周期增大到原來的8倍D．衛(wèi)星的周期增大到原來的2倍5、有一只小船?？吭诤叴a頭，小船又窄又長（估計重一噸左右）．一位同學想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量，他進行了如下操作：首先將船平行于碼頭自由停泊，輕輕從船尾上船，走到船頭停下，而后輕輕下船．用卷尺測出船后退的距離d，然后用卷尺測出船長L．已知他的自身質(zhì)量為m，水的阻力不計，船的質(zhì)量為()A． B．C． D．6、設(shè)地球的半徑為R，質(zhì)量為m的衛(wèi)星在距地面高為2R處做勻速圓周運動，地面的重力加速度為g，則（）A．衛(wèi)星的角速度為B．衛(wèi)星的線速度為C．衛(wèi)星做圓周運動所需的向心力為mgD．衛(wèi)星的周期為2π7、一輕桿一端固定質(zhì)量為m的小球，以另一端O為圓心，使小球在豎直面內(nèi)做半徑為R的圓周運動，如圖所示，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A．小球過最高點時，桿所受到的彈力可以等于零B．小球過最高點的最小速度是0C．小球過最高點時，桿對球的作用力一定隨速度增大而增大D．小球過最高點時，桿對球的作用力一定隨速度增大而減小8、一帶電微粒從電場中的A點運動到B點，軌跡如圖中虛線所示，不計粒子所受的重力，則()A．粒子帶正電 B．粒子的加速度逐漸減小C．A點的場強小于B點的場強 D．粒子的電勢能不斷增加9、如圖，某人由A點劃船渡河，船頭指向始終與河岸垂直，船的速率一定，河中央的水流速度比兩邊大些，則下列說法中正確的是（）A．小船到達對岸的位置與水流速度有關(guān)B．小船相對于河岸的軌跡是一條直線C．若增大劃船速度，則可縮短小船渡河的時間D．若船頭指向左邊并調(diào)整偏角，則小船一定能到達正對岸的B點10、如圖所示，在斜面上O點先后以υ0和2υ0的速度水平拋出A、B兩小球，則從拋出至第一次著地，兩小球的水平位移大小之比可能為（）A．1：2 B．1：3 C．1：5 D．1：6二、實驗題11、（4分）如圖所示，某同學在研究平拋運動的實驗中，在小方格紙上畫出小球做平拋運動的軌跡以后，又在軌跡上取出a、b、c、d四個點(軌跡已擦去)。已知小方格紙的邊長L＝2.5cm。g取10m/s2。請你根據(jù)小方格紙上的信息，通過分析計算完成下面幾個問題：（1）根據(jù)水平位移，求出小球平拋運動的初速度v0＝________m/s；（2）小球運動到b點的速度是________m/s；（3）從拋出點到b點所經(jīng)歷的時間是________s。12、（10分）圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖，重力加速度g取10m/s2。(1)為保證實驗的順利進行，下列必要的操作是___________。A．斜槽必須盡可能光滑B．釋放小球的位置必須相同C．斜槽末端必須水平(2)某次實驗后收集到的數(shù)據(jù)方格紙如圖乙所示，已知方格紙每個方格邊長為5cm，A、B、C分別為小球運動的三個位置。則小球平拋的初速度大小為_________m/s，小球在B點的速度大小為_________m/s。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(3)若已知A為坐標原點即坐標為(0，0)、B點坐標為(15，15)、C點坐標為(30，40)，則該小球的拋出點坐標為_________，小球________(選填“能”或“不能”)通過坐標(45，65)。三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示軌道ABCDE在豎直平面內(nèi)，AB與水平面BC成37°角且平滑連接，圓心為O，半徑為R的光滑半圓軌道CDE與BC相切于C點，E、F兩點等高，BC長為。將小滑塊從F點由靜止釋放，恰能滑到與O等高的D點。已知小滑塊與AB及BC間的動摩擦因數(shù)相同，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求小滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）若AB足夠長，改變釋放點的位置，要使小滑塊恰能到達E點，求釋放點到水平面的高度h。14、（14分）如圖示，圓管構(gòu)成的半圓形豎直軌道和光滑斜面固定在水平地面上，圓形軌道半徑和斜面高度均為R，斜面傾角a等于45°，MN為直徑且與水平面垂直。直徑略小于圓管內(nèi)徑質(zhì)量為m的小球以某一初速度沖進軌道，到達半圓軌道最高點M時飛出軌道，恰好落在光滑斜面頂端，并剛好沿光滑斜面下滑，重力加速度為g，忽略圓管內(nèi)徑及各處摩擦，求：（1）小球在半圓軌道最高點M時所受彈力（2）若AE段為摩擦因素等于ｕ的粗糙平面且足夠長，且小球過A點速度大小不變,則小球在AE段滑行的距離是多少。15、（13分）研究“蹦極”運動時，在運動員身上裝好傳感器，用于測量運動員在不同時刻下落的高度及速度。如圖甲所示，運動員及所攜帶的全部設(shè)備的總質(zhì)量為60kg，彈性繩原長為10m。運動員從蹦極臺自由下落，根據(jù)傳感器測到的數(shù)據(jù)，得到如圖乙所示的速度-位移圖象。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：(1)運動員下落過程的最大動能；(2)運動員下落過程動能最大時和落到最低點時，繩的彈性勢能分別為多大？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、A【解析】

橡皮參與了水平向右和豎直向上的分運動，如圖所示，兩個方向的分運動都是勻速直線運動，vx和vy恒定，則v合恒定，則橡皮運動的速度大小和方向都不變，A項正確．2、B【解析】

天平是等臂杠桿，當線圈中通有電流I時，根據(jù)左手定則，右端線圈受到的安培力豎直向下；天平的右端低左端高，說明安培力偏大，要使天平水平平衡，必須減小安培力，根據(jù)F=NBIL可知，即減小右端線框的匝數(shù)、電流、線框短邊的長度；或者增加左盤中砝碼的質(zhì)量。故選B。3、D【解析】

A項：鐵塊下滑過程中，只有重力做功，機械能守恒，開始的機械能相等，所以到達底部時的機械能也相等，故A正確；B項：重力做功W=mgh，由于h相等而m相同，則重力做功相同，故B正確；C、D項：鐵塊下滑過程中，只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律得：，解得：，速度大小相等，但方向不同，所以底部速度不相等，由動能定理知：合外力所做的功相等，故C正確，D錯誤．4、C【解析】

A．根據(jù)解得衛(wèi)星的向心加速度減小到原來的，A錯誤；B．根據(jù)解得衛(wèi)星的角速度減小到原來的，B錯誤；CD．根據(jù)解得衛(wèi)星的周期增大到原來的8倍，D錯誤，C正確。故選C。5、A【解析】

設(shè)人走動時船的速度大小為v，人的速度大小為v′，人從船尾走到船頭所用時間為t．取船的速度為正方向．則，；根據(jù)動量守恒定律：Mv-mv′=0，則得：，解得船的質(zhì)量：,故選A．6、BC【解析】

地球表面的物體受到的萬有引力等于重力，即得A．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故B正確；C．衛(wèi)星做圓周運動所需的向心力故C正確；D．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故D錯誤。故選BC。7、AB【解析】

A．當小球到達最高點彈力為零時，重力提供向心力，有，解得，即當速度時，桿所受的彈力為零。故A正確；B．小球通過最高點的最小速度為零。故B正確；CD．小球在最高點，若，則，桿的作用力隨著速度的增大而減小，若，則有：，桿的作用力隨著速度增大而增大。故CD錯誤。故選AB。8、BD【解析】

A.由物體做曲線運動的條件知粒子受的電場力方向大致向左，電場力的方向與電場方向相反，故粒子帶負電，故A錯誤；BC.根據(jù)電場線的疏密可知，A的電場強度大B點的電場強度，所以粒子在A點的電場力大B點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律可知，粒子在A點的加速度大B點的加速度，即粒子的加速度逐漸減小，故B正確，C錯誤；D.不計粒子所受的重力，只有電場力做功，又粒子從A到B電場力做負功，所以動能減小，電勢能逐漸增大。故D正確；9、AC【解析】根據(jù)運動的合成法則，可知，當水流速度越大時，到達對岸的位移越大，因此到達對岸的位置，及位移均與水流速度有關(guān)，故A正確；因為船速不變，水流速在變化，知沿河岸方向上有加速度，合速度的方向與加速度的方向不在同一條直線上，知軌跡是曲線，故B錯誤；船頭指向始終與河岸垂直，若增大劃船速度，渡河時間為:，可知縮短小船渡河的時間，故C正確；只有當船速大于水速時，船頭指向左邊并調(diào)整偏角，才能到達正對岸的B點，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．10、AB【解析】當A、B兩個小球都能落到水平面上時，由于兩者的下落高度相同，運動的時間相同，則水平位移之比為初速度之比，為1：2，所以A正確；當A、B都落在斜面的時候，它們的豎直位移和水平位移的比值即為斜面夾角的正切值，即，整理可得，時間，兩次平拋的初速度分別為υ0和2υ0，所以運動的時間之比為．兩小球的水平位移大小之比為xA：xB=v0tA：2v0tB=1：1．當只有A落在斜面上的時候，A、B水平位移之比在1：1和1：2之間，所以B正確，CD錯誤．故選AB．點睛：本題就是對平拋運動規(guī)律的考查，平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來求解．注意AB可能的三種情況即可．二、實驗題11、1m/s1.25m/s0.075s【解析】

（1）[1]．在豎直方向上，根據(jù)△y=L=gT2得則初速度為（2）[2]．b點的豎直分速度為根據(jù)平行四邊形定則知，b點的速度為（3）[3]．從拋出點到b點經(jīng)歷的時間為12、BC1.52.5（-15，-5）不能【解析】

(1)[1]A．需要畫同一運動的軌跡，則只要同一位置靜止釋放，若軌道粗糙每次經(jīng)歷了一樣的摩擦階段，還是同一個運動，不會產(chǎn)生實驗誤差，故對斜槽是否光滑無要求，故A錯誤；B．為了保證小球每次平拋運動的初速度相等，讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，故B正確；C．為了保證小球的初速度水平，斜槽末端需保持水平，故C正確；故選BC。(2)[2]平拋運動的軌跡上A、B、C三個位置的水平距離相等，說明時間間隔相等，豎直分運動為勻變速直線運動，由判別式有可得時間由水平方向的勻速直線運動，有解得平拋的初速度為[3]在豎直方向上B點是AC兩點的中間時刻，有兩分運動的速度合成可得B點的合速度(3)[4]由B點的豎直速度為可得拋出點到B點的時間為則拋出點到A點的時間為則真拋出點到A點的兩分位移為因坐標系是向右為x軸正向，向下為y軸正向，且A點為坐標原點，故拋出點的坐標均為負值，為（-15，-5）；[5]坐標(45，65)對應(yīng)的兩分位移分別為若豎直位移為0.8m，由平拋規(guī)律有水平位移為故小球不能通過坐標(45，65)。三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）；（2）【解析】

（1）滑塊從F到D過程，根據(jù)