金版學(xué)案2017高三物理一輪63電容器與帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

，k為靜電力常量 2或F＝qE＝

＝2mv qd＝

能飛出電容器：t＝ 2不能飛出電容器：y＝1at2＝qU 2FF

＝m＝m22

00XX′YY′XX′一個(gè)電容器的電荷量增加ΔQ＝1.0×10－6C10V，C＝1.0×10－7F．(√) Ah正在變小Bθ正在變大Cx正在變大

U電流流向傳感器負(fù)極，A錯(cuò)；圖乙中兩極間的電荷量不變，若電壓正在增大，由在變大，BU小，板間距離增大，若F為壓力則應(yīng)是F正在減小，D錯(cuò)．v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線AB做直線運(yùn)動(dòng)．那么()解析：只有微粒受到水平向左的電場(chǎng)力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中微粒做勻直線運(yùn)動(dòng)，故B正確．c三個(gè)α粒子(重力忽略不計(jì))先后從同一點(diǎn)O沿垂直電場(chǎng)方向進(jìn)入電場(chǎng)其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場(chǎng)．下列說(shuō)法正確的是( 根據(jù)

2可知b在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于abc在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，A、Bx＝v0t可知進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，c的速度最大，a的速度最小，C正確；因?yàn)殡妶?chǎng)對(duì)a、b做功相a打在負(fù)極板上時(shí)的速度與b飛離電場(chǎng)時(shí)的速度大小不相等，D錯(cuò)誤．6CE10t＝0E0＝4.0×103N/C，方向不變，求t＝0.20s時(shí)間內(nèi)電場(chǎng)力做的功；q得E＝mg＝2.0×103N/Cqt＝0E0＝4.0×103N/C，設(shè)微粒的加速解得a＝10

2＝0.20W＝qE0h＝8.0×10－4設(shè)在t＝0.20s時(shí)刻突然撤掉電場(chǎng)時(shí)微粒的速度大小為v，回到出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能為Ek，則v＝at， 解得Ek＝8.0×10－4答案：(1)2.0×103N/C，方向豎直向上(2)8.0×10－4 (3)8.0×10－4E的變化情況是()A．Q變小，C不變，U不變，EB．Q變小，C變小，U不變，EC．Q不變，C變小，U變大，ED．Q不變，C變小，U變小，E解析：SQC

r r

ε 所以

rεS，故d增大時(shí)，ECr2．(2016·滄州模擬)某電容式話筒的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為P、Q間距增大過(guò)程中()B．PC．MND．MN解析：由 可知，當(dāng)PQ間距增大時(shí)，C減小，故A錯(cuò)誤．UC＝Q可知，在U不變時(shí)，C減小，Q減小，即電容器放電，RUM到N，則MNB、C錯(cuò)誤，DM、Nd.兩極板UMm的帶電油滴在極板處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)極板帶電荷量與油滴帶電荷量的比值k，則()d電，設(shè)油滴帶電荷量為qQ＝kq，由于d＝Q，解得q＝mgd，C＝kmgd，將極板N向下緩慢移動(dòng)一小段距離，U ABCDEFGH面為金屬板，其他面為絕緣材料．ABCD面帶正電，EFGHP沿1、2、3三點(diǎn)．則下列說(shuō)法正確的是()DC所帶電荷量最多體運(yùn)動(dòng)，下落高度又相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間必相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在相同的運(yùn)動(dòng)時(shí)間DC做功最多，它落到底板時(shí)的速率最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．O點(diǎn)，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最高點(diǎn)為a，最低點(diǎn)為b.不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是()相反，電場(chǎng)方向向上，所以小球帶正電，Aa點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)除重力做功外，還有電場(chǎng)力做功，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)機(jī)械能不守恒，D錯(cuò)誤．在紙上的字跡越小，現(xiàn)要縮小字跡，下列措施可行的是()0解析：已知偏移量越小打在紙上的字跡越小，因偏移量y＝2mdv20mm初動(dòng)能 2，減小偏轉(zhuǎn)極板的長(zhǎng)度L，減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U，故選強(qiáng)電場(chǎng)，E、F、G、HPEH點(diǎn)．一個(gè)帶正電的粒子(不計(jì)重力)從F點(diǎn)沿FH方向射入電場(chǎng)后恰好從D點(diǎn)射 CE、D之間某點(diǎn)(E、D)ABCD區(qū)域解析：F點(diǎn)沿FH方向射入電場(chǎng)后恰好從DD點(diǎn)作速度的反向延長(zhǎng)線一定與水平位移交于FH經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，所以粒子軌跡一定經(jīng)過(guò)PE之間某點(diǎn)，選項(xiàng)B正確；由平拋知識(shí)可半，選項(xiàng)D正確．v0從原處飛入，則帶電小球() Q

r解析：由題意可知電容器所帶電荷量不變，因r

εSB正確，A、C錯(cuò)誤；若上板不動(dòng)，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的，選項(xiàng)D正確．9．如圖所示，A板發(fā)出的電子經(jīng)加速后，水平射入水平放置的兩平行金屬下列說(shuō)法中正確的是()大，則電子打在熒光屏上的位置下降，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；滑片向左移動(dòng)，其他不變從發(fā)出到打在熒光屏上的時(shí)間不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確．帶電，Bl＝0.1md＝0.4cm，現(xiàn)有一微粒m＝2.0×10－6kgq＝＋1.0×10－8C，以一定初速度從兩板A板的電勢(shì)范圍？則有 2.d聯(lián)立兩式得 2.d代入數(shù)據(jù)得v0＝2.5(2)A板的電勢(shì)大于0，且B板接地電勢(shì)等于0，則有AA則有l(wèi)＝vt 0 且 聯(lián)立以上各式得φAmin＝6AB且有代入數(shù)據(jù)解得φAmax＝106V≤φA≤10答案：(1)v0＝2.5 (2)6V≤φA≤10

U1＝2500發(fā)射出的電子被加速后，從金屬板上的小孔Sl＝6.0cmd＝2cmU2＝200V的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．從小孔Se＝1.6×10－19Cm＝0.9×10－30kg，設(shè)電子剛離開(kāi)解析：(1)eU1＝Ek解得Ek＝4.0×10－16J.設(shè)電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為v電子在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，由l＝v1t，解得t＝lv1電子在豎直方向受電場(chǎng)力F＝e·d電子在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度為依 第二定律有e·U2＝ma，解得 y＝2at解得y＝0.36dd電場(chǎng)力所做的功W＝eU，解得W＝5.76×10－18J.答案：(1)4.0×10－16 (2)0.36 (3)5.76×10－18過(guò)電容器，則在此過(guò)，該粒子()重力不做功，動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加，故選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤，選項(xiàng)B、D正確．與兩板上邊緣等高處有兩個(gè)質(zhì)量相同的帶電小球，小球A從緊靠左極板處由靜止開(kāi)始釋放，小球B從兩板正由靜止開(kāi)始釋放，兩小球最終都能運(yùn)動(dòng)到右 解析：兩小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，由

2A0

2atx＝2m，由于兩球水平分位移之比為2∶1，故qA∶qB＝2∶14∶1C、DQ(可視為質(zhì)點(diǎn))固定在絕緣斜面上的M點(diǎn)，且在通abQP從直線abNP與彈簧接觸到速度 PF

r2，小球

mgsinθr2P20，選項(xiàng)A正確；小球P的機(jī)械能變化等于除重力外其他力做的功，即庫(kù)侖力和BP的速度最大時(shí)即加速度等于0面向下的分力之和，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小球P與彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能變化等于故系統(tǒng)的機(jī)械能增加，選項(xiàng)D正確．度從板間的正水平射入，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到P處時(shí)迅速3

所以有qE＝mg，即當(dāng)下板向上提后，d減小，E增大，電場(chǎng)力增大，