高中物理（人教版）2019年全國(guó)理綜Ⅱ

2019年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力測(cè)試注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。2019年1月，我國(guó)嫦娥四號(hào)探測(cè)器成功在月球背面軟著陸，在探測(cè)器“奔向”月球的過(guò)程中，用h表示探測(cè)器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關(guān)系的圖像是D2019年全國(guó)理綜Ⅱ14（D2019年全國(guó)理綜Ⅱ14（（A）（B）（C）（D）【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力定律可得：F＝EQ\F(GMm,(R+h)2)，h越大，F(xiàn)越小，故選項(xiàng)D符合題意；太陽(yáng)內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子-質(zhì)子循壞，循環(huán)的結(jié)果可表示為411H→42He+201e+2ν，已知11H和42He的質(zhì)量分別為mP＝1.0078u和mα＝4.0026u，1u＝931MeV/c2，c為光速。在4個(gè)11H轉(zhuǎn)變成1個(gè)42He的過(guò)程中，釋放的能量約為（C2019C2019年全國(guó)理綜Ⅱ15（A）8MeV （B）16MeV （C）26MeV （D）52MeV【解析】由ΔE＝ΔmC2知ΔE＝4×物塊在輕繩的拉動(dòng)下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為EQ\F(\R(3),3)，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1500N，則物塊的質(zhì)量最大為（A2019年全國(guó)理綜Ⅱ16）A2019年全國(guó)理綜Ⅱ16（A）150kg （B）100EQ\R(3)kg （C）200kg （D）200EQ\R(3)kg【解析】T＝f+mgsinθ，f＝μN(yùn)，N＝mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m＝150kg，故A選項(xiàng)符合題意如圖，邊長(zhǎng)為l的正方形abcd內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外。ab邊中點(diǎn)有一電子發(fā)源O，可向磁場(chǎng)內(nèi)沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子。已知電子的比荷為k。則從a、d兩點(diǎn)射出的電子的速度大小分別為（B2019年全國(guó)理綜B2019年全國(guó)理綜Ⅱ17（A）EQ\F(1,4)kBl，EQ\F(\R(5),4)kBl （B）EQ\F(1,4)kBl，EQ\F(5,4)kBl（C）EQ\F(1,2)kBl，EQ\F(\R(5),4)kBl （D）EQ\F(1,2)kBl，EQ\F(5,4)kBl【解析】【詳解】a點(diǎn)射出粒子半徑Ra＝l4＝mvaBq，得：va＝Bqld點(diǎn)射出粒子半徑為R2＝l2+R故vd＝5Bql4m＝5klB4，故E/Jh/mE總Ep1006020123440800從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動(dòng)能E/Jh/mE總Ep1006020123440800AD2019年全國(guó)理綜Ⅱ18（A）物體的質(zhì)量為2kg（B）h＝0時(shí)，物體的速率為20m/s（C）h＝2m時(shí)，物體的動(dòng)能Ek＝40J（D）從地面至h＝4m，物體的動(dòng)能減少100J【解析】A．Ep-h圖像知其斜率為G，故G＝80J4m＝20N，解得m＝2kg，故A正確B．h＝0時(shí)，Ep＝0，Ek＝E機(jī)-Ep＝100J-0＝100J，故12mv2＝100J，解得：v＝C．h＝2m時(shí)，Ep＝40J，Ek＝E機(jī)-Ep＝85J-40J＝45J，故C錯(cuò)誤D．h＝0時(shí)，Ek＝E機(jī)-Ep＝100J-0＝100J，h＝4m時(shí)，Ek’＝E機(jī)-Ep＝80J-80J＝0J，故Ek-Ek’＝100J，故D正確如圖（a），在跳臺(tái)滑雪比賽中，運(yùn)動(dòng)員在空中滑翔時(shí)身體的姿態(tài)會(huì)影響其下落的速度和滑翔的距離。某運(yùn)動(dòng)員先后兩次從同一跳臺(tái)起跳，每次都從離開跳臺(tái)開始計(jì)時(shí)，用v表示他在豎直方向的速度，其v-t圖像如圖（b）所示，t1和t2是他落在傾斜雪道上的時(shí)刻。則BD2019年全國(guó)理綜Ⅱ19（BD2019年全國(guó)理綜Ⅱ19（A）第二次滑翔過(guò)程中在豎直方向上的位移比第一次的?。˙）第二次滑翔過(guò)程中在水平方向上的位移比第一次的大（C）第一次滑翔過(guò)程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大（D）豎直方向速度大小為v1時(shí)，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大【解析】A．由v-t圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下落距離，所以，A錯(cuò)誤；B．由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確C．由于v-t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由a＝v-v0t易知a1D．由圖像斜率，速度為v1時(shí)，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對(duì)平緩，故a1>a2，由G-fy＝ma，可知，fy1<fy2，故D正確靜電場(chǎng)中，一帶電粒子僅在電場(chǎng)力的作用下自M點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，N為粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的另外一點(diǎn)，則（AC2019AC2019年全國(guó)理綜Ⅱ20（A）運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，粒子的速度大小可能先增大后減?。˙）在M、N兩點(diǎn)間，粒子的軌跡一定與某條電場(chǎng)線重合（C）粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能不低于其在N點(diǎn)的電勢(shì)能（D）粒子在N點(diǎn)所受電場(chǎng)力的方向一定與粒子軌跡在該點(diǎn)的切線平行【解析】A．若電場(chǎng)中由同種電荷形成即由A點(diǎn)釋放負(fù)電荷，則先加速后減速，故A正確；B．若電場(chǎng)線為曲線，粒子軌跡不與電場(chǎng)線重合，故B錯(cuò)誤。C．由于N點(diǎn)速度大于等于零，故N點(diǎn)動(dòng)能大于等于M點(diǎn)動(dòng)能，由能量守恒可知，N點(diǎn)電勢(shì)能小于等于M點(diǎn)電勢(shì)能，故C正確D．粒子可能做曲線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為θ，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，到MN離開磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)橹?，流過(guò)PQ的電流隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是（AD2019年全國(guó)理綜AD2019年全國(guó)理綜Ⅱ21（（A）（B）（C）（D）【解析】由于PQ進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度為零，AB．若PQ出磁場(chǎng)時(shí)MN仍然沒有進(jìn)入磁場(chǎng)，則PQ出磁場(chǎng)后至MN進(jìn)入磁場(chǎng)的這段時(shí)間，由于磁通量φ不變，無(wú)感應(yīng)電流。由于PQ、MN同一位置釋放，故MN進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與PQ進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度相同，所以電流大小也應(yīng)該相同，A正確B錯(cuò)誤；CD．若PQ出磁場(chǎng)前MN已經(jīng)進(jìn)入磁場(chǎng)，由于磁通量φ不變，PQ、MN均加速運(yùn)動(dòng)，PQ出磁場(chǎng)后，MN由于加速故電流比PQ進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電流大，故C正確D錯(cuò)誤；三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。（5分）如圖（a），某同學(xué)設(shè)計(jì)了測(cè)量鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)。所用器材有：鐵架臺(tái)、長(zhǎng)木板、鐵塊、米尺、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}（1）EQ\F(（1）EQ\F(gsinθ－a,gcosθ)（2）0.352019年全國(guó)理綜Ⅱ22（1）鐵塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝______（用木板與水平面的夾角θ、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）（2）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)整木板與水平面的夾角θ＝30°。接通電源。開啟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點(diǎn)跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)（每?jī)蓚€(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出）。重力加速度為9.8m/s2?？梢杂?jì)算出鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_____________（結(jié)果保留2位小數(shù)）?！窘馕觥浚?）由mgsinθ-μmgcosθ＝ma，解得：μ＝gsinθ（2）由逐差法a＝SII-SI9T2得：SII＝（76.39-31.83）×10-2m，T＝0.15s，SI＝（31.83-5.00）×10-2m，故a＝44.56×10-2-26.83×10-29×10（10分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻（阻值100Ω）；S為開關(guān)，E為電源。實(shí)驗(yàn)中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計(jì)（圖中未畫出）測(cè)出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.0μA時(shí)得到的某硅二極管U-I關(guān)系曲線?；卮鹣铝袉栴}（1）5.00，（1）5.00，變小，增大，B（5）2.82019年全國(guó)理綜Ⅱ23（1）實(shí)驗(yàn)中，為保證流過(guò)二極管的電流為50.0μA，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1＝______mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時(shí)，硅二極管正向電阻_____（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)_____（填“增大”或“減小”），此時(shí)應(yīng)將R的滑片向_____（填“A”或“B”）端移動(dòng)，以使V1示數(shù)仍為U1。（2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測(cè)溫傳感器，該硅二極管的測(cè)溫靈敏度為|EQ\F(ΔU,Δt)|＝_____×10-3V/℃（保留2位有效數(shù)字）。【解析】（1）U1＝IR0＝100Ω×50×10-6A＝5×10-3V＝5mV由R＝UI，I不變，溫度升高，U減小，故R減小；由于R變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1（2）由圖可知，|EQ\F(ΔU,Δt)|＝2.8×10-3V/℃（12分）如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為d。兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G，PQG的尺寸相同。G接地，PQ的電勢(shì)均為φ（φ>0）。質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度v0平行于紙面水平射入電場(chǎng)，重力忽略不計(jì)（1）E（1）Ek=EQ\F(1,2)mv02+EQ\F(2φ,d)qh；l=v0EQ\R(\F(mdh,qφ))（2）L=2l=2v0EQ\R(\F(mdh,qφ))2019年全國(guó)理綜Ⅱ24（1）求粒子第一次穿過(guò)G時(shí)的動(dòng)能，以及它從射入電場(chǎng)至此時(shí)在水平方向上的位移大小；（2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場(chǎng)，則金屬板的長(zhǎng)度最短應(yīng)為多少？【解析】【詳解】解：（1）PG、QG間場(chǎng)強(qiáng)大小相等，均為E，粒子在PG間所受電場(chǎng)力F的方向豎直向下，設(shè)粒子的加速度大小為a，有E＝F＝qE＝ma②設(shè)粒子第一次到達(dá)G時(shí)動(dòng)能為Ek，由動(dòng)能定理有qEh設(shè)粒子第一次到達(dá)G時(shí)所用時(shí)間為t，粒子在水平方向的位移為l，則有h＝l＝v0t⑤聯(lián)立①②③④⑤式解得Ekl＝（2）設(shè)粒子穿過(guò)G一次就從電場(chǎng)的右側(cè)飛出，則金屬板的長(zhǎng)度最短，由對(duì)稱性知，此時(shí)金屬板的長(zhǎng)度L為L(zhǎng)＝（20分）一質(zhì)量為m＝2000kg的汽車以某一速度在平直公路上勻速行駛。行駛過(guò)程中，司機(jī)忽然發(fā)現(xiàn)前方100m處有一警示牌。立即剎車。剎車過(guò)程中，汽車所受阻力大小隨時(shí)間變化可簡(jiǎn)化為圖（a）中的圖線。圖（a）中，0~t1時(shí)間段為從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到采取措施的反應(yīng)時(shí)間（這段時(shí)間內(nèi)汽車所受阻力已忽略，汽車仍保持勻速行駛），t1＝0.8s；t1~t2時(shí)間段為剎車系統(tǒng)的啟動(dòng)時(shí)間，t2＝1.3s；從t2時(shí)刻開始汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作，直至汽車停止，已知從t2時(shí)刻開始，汽車第1s內(nèi)的位移為24m，第4s內(nèi)的位移為1m（1）（（1）（2）8m/s2，28m/s或者EQ\F(288,25)m/s2，29.76m/s（3）30m/s；1.16×105J；87.5m2019年全國(guó)理綜Ⅱ25（1）在圖（b）中定性畫出從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作后汽車運(yùn)動(dòng)的v-t圖線；（2）求t2時(shí)刻汽車的速度大小及此后的加速度大??；（3）求剎車前汽車勻速行駛時(shí)的速度大小及t1~t2時(shí)間內(nèi)汽車克服阻力做的功；司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為多少（以t1~t2時(shí)間段始末速度的算術(shù)平均值替代這段時(shí)間內(nèi)汽車的平均速度）？【解析】解：（1）v-t圖像如圖所示。（2）設(shè)剎車前汽車勻速行駛時(shí)的速度大小為v1，則t1時(shí)刻的速度也為v1，t2時(shí)刻的速度也為v2，在t2時(shí)刻后汽車做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度大小為a，取Δt＝1s，設(shè)汽車在t2+n-1Δt內(nèi)的位移為sn，n＝1,2,3,…。若汽車在t2+3Δt~t2+4Δt時(shí)間內(nèi)未停止，設(shè)它在t2+3Δt時(shí)刻的速度為v3，在t2+4Δt時(shí)刻的速度為v4，由運(yùn)動(dòng)學(xué)有s1s1v4聯(lián)立①②③式，代入已知數(shù)據(jù)解得v4這說(shuō)明在t2+4Δt時(shí)刻前，汽車已經(jīng)停止。因此，①式不成立。由于在t2+3Δt~t2+4Δt內(nèi)汽車停止，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v32as聯(lián)立②⑤⑥，代入已知數(shù)據(jù)解得a＝8m/s2，v2＝28m/s⑦或者a＝28825?m/s（3）設(shè)汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作時(shí)，汽車所受阻力的大小為f1，由牛頓定律有：f1＝ma⑨在t1~t2時(shí)間內(nèi)，阻力對(duì)汽車沖量的大小為：I＝由動(dòng)量定理有：I'由動(dòng)量定理，在t1~t2時(shí)間內(nèi)，汽車克服阻力做的功為：W＝聯(lián)立⑦⑨⑩式，代入已知數(shù)據(jù)解得v1＝30m/sW＝1.16從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離s約為s＝聯(lián)立⑦，代入已知數(shù)據(jù)解得s＝87.5m（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分?！疚锢怼x修3-3】（5分）如p-V圖所示，1、2、3三個(gè)點(diǎn)代表某容器中一定量理想氣體的三個(gè)不同狀態(tài)，對(duì)應(yīng)的溫度分別是T1、T2、T3。用N1、N2、N3分別表示這三個(gè)狀態(tài)下氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則N1______N2，T1______T3，T3，N2______N3。（填“大于”“小于”或“等于大于，等于，大于2019年全國(guó)理綜Ⅱ33（大于，等于，大于2019年全國(guó)理綜Ⅱ33（1）【解析】（1）1、2等體積，2、3等壓強(qiáng)由pV＝nRT得：p1V1T1＝p2V2T2，V1＝V2，故p1T1＝p2T由于p1V1＝p3V3；故T1＝T3；則T3>T2，又p2＝p3，2狀態(tài)分析密度大，分析運(yùn)動(dòng)緩慢，單個(gè)分子平均作用力小，3狀態(tài)分子密度小，分子運(yùn)動(dòng)劇烈，單個(gè)分子平均作用力大。故3狀態(tài)碰撞容器壁分子較少，即N2>N3；（10分）如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個(gè)汽缸連通而成，容器平放在地面上，汽缸內(nèi)壁光滑。整個(gè)容器被通過(guò)剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有氫氣、空氣和氮?dú)狻Ｆ胶鈺r(shí)，氮?dú)獾膲簭?qiáng)和體積分別為p0和V0，氫氣的體積為2V0，空氣的壓強(qiáng)為p?，F(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過(guò)程中氫氣和氮?dú)獾臏囟缺３植蛔?，活塞沒有到達(dá)兩汽缸的連接處，求（1）EQ\F(1,2)（1）EQ\F(1,2)（p0+p）（2）EQ\F(1,2)p0+EQ\F(1,4)p，EQ\F(4(p0+p)V0,2p0+p)2019年全國(guó)理綜Ⅱ33（2）（1）抽氣前氫氣的壓強(qiáng)；（2）抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積?！窘馕觥拷猓海?）設(shè)抽氣前氫氣的壓強(qiáng)為p10，根據(jù)力的平衡條件得（p10–p）·2S＝（p0–p）·S①得p10＝EQ\F(1,2)（p0+p）②（2）設(shè)抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p1和V1，氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p2和V2，根據(jù)力的平衡條件有p2·S＝p1·2S③由玻意耳定律得p1V1＝p10·2V0④p2V2＝p0·V0⑤由于兩活塞用剛性桿連接，故V1–2V0＝2（V0–V2）⑥聯(lián)立②③④⑤⑥式解得p1＝EQ\F(1,2)p0+EQ\F(1,4)p⑦V1＝EQ\F(4(p0+p)V0,2p0+p)⑧【物理——選修3–4】（5分）如圖，長(zhǎng)為l的細(xì)繩下方懸掛一小球a。繩的另一端固定在天花板上O點(diǎn)處，在O點(diǎn)正下方EQ\F(3,4)l的O?處有一固定細(xì)鐵釘。將小球向右拉開，使細(xì)繩與豎直方向成一小