高三上學(xué)期第一次月考物理試題Word版含解析

海原一中2021-2021學(xué)年度第一學(xué)期第一次月考高三物理試卷一、選擇題〔此題共14小題，每題4分，其中1—10為單項(xiàng)選擇，11—14為多項(xiàng)選擇，選對(duì)不全得2分，有錯(cuò)不得分〕1.以下所給的圖象中能反映作直線運(yùn)動(dòng)的物體回到初始位置的是()A. B.C. D.【答案】ACD【解析】【詳解】A．由圖可知，物體開始和結(jié)束時(shí)的縱坐標(biāo)均為0，說明物體又回到了初始位置，故A正確；B．由圖可知，物體一直沿正方向運(yùn)動(dòng)，位移增大，故無法回到初始位置，故B錯(cuò)誤；C．物體第1s內(nèi)的位移沿正方向，大小為2m，第2s內(nèi)位移為2m，沿負(fù)方向，故2s末物體回到初始位置，故C正確；D．物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，2s末時(shí)物體的總位移為零，故物體回到初始位置，故D正確；應(yīng)選ACD。2.一質(zhì)量為2kg的小球從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，測得在第5s內(nèi)的位移是9m，那么〔〕A.物體加速度為4m/s2B.物體在第5s內(nèi)的平均速度是1.8m/sC.物體在第2s內(nèi)的位移是3mD.物體在2s末的速度是6m/s【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)物體的加速度大小，那么有解得故A錯(cuò)誤；B．第5s內(nèi)的平均速度為故B錯(cuò)誤；C．物體在第2s內(nèi)的位移為故C正確；D．物體在2s末的速度是故D錯(cuò)誤；應(yīng)選C。3.如下列圖是我國一種傳統(tǒng)的民族體育工程“押加〞，如果繩質(zhì)量不計(jì)，且保持水平，甲、乙兩人在“押加〞比賽中甲獲勝，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是〔〕A.甲對(duì)繩子的拉力與繩子對(duì)甲的拉力是一對(duì)平衡力B.甲把乙加速拉過去時(shí)，甲對(duì)繩子的拉力大于乙對(duì)繩子的拉力C.只有當(dāng)甲把乙勻速拉過去時(shí)，甲對(duì)繩子的拉力大小才等于乙對(duì)繩子的拉力大小D.甲對(duì)繩子的拉力大小始終等于乙對(duì)繩子的拉力大小，只是地面對(duì)甲的摩擦力大于地面對(duì)乙的摩擦力【答案】D【解析】【詳解】A．甲對(duì)繩子的拉力與繩子對(duì)甲的拉力大小相等，方向相反，作用在兩個(gè)物體上是一對(duì)相互作用力，故A錯(cuò)誤；BC．不管哪個(gè)獲勝，甲對(duì)繩子的拉力大小才等于乙對(duì)繩子的拉力大小，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，故BC錯(cuò)誤；D．不管哪個(gè)獲勝，甲對(duì)繩子拉力大小始終等于乙對(duì)繩子的拉力大小，只是當(dāng)?shù)孛鎸?duì)甲的摩擦力大于地面對(duì)乙的摩擦力，甲才能獲勝，故D正確。應(yīng)選D。4.如圖，位于水平桌面上的物塊P，由跨過定滑輪的輕繩與物塊相連，從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的，Q與P之間以及桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ，兩物塊的質(zhì)量都是m，滑輪軸上的摩擦不計(jì)，假設(shè)用一水平向右的力F拉P使其做勻速運(yùn)動(dòng)，那么F的大小為〔〕A.4μmg B.3μmgC.2μmg D.μmg【答案】A【解析】【詳解】對(duì)Q物塊，設(shè)跨過定滑輪的輕繩拉力為T，木塊Q與P間的滑動(dòng)摩擦力f=μ?mg，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件T=f，那么得：T=μmg對(duì)木塊P受力分析，P水平方向受到拉力F，Q對(duì)P向左的摩擦力f，地面對(duì)P體向左的摩擦力f′，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有F=f+f′+T，地面對(duì)P物體向左的摩擦力：f′=μ?2mg，聯(lián)立解得：F=4μmgA．4μmg．故A符合題意．B．3μmg．故B不符合題意．C．2μmg．故C不符合題意．D．μmg．故D不符合題意．5.如下列圖，物體以8m/s的初速度沿光滑的斜面向上做減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過2s速度大小變?yōu)?m/s，在這2s內(nèi)該物體的〔〕A.位移大小可能小于6mB.位移大小可能大于10mC.加速度大小3m/s2，方向沿斜面向上D.加速度大小為5m/s2，方向沿斜面向下【答案】D【解析】【詳解】AB.設(shè)沿斜面向上為正方向，假設(shè)2s后物體的速度仍向上，那么末速度為，根據(jù)平均速度公式可以得到假設(shè)2s后物體的速度仍向下，那么末速度為，根據(jù)平均速度公式可以得到即位移大小可能為或，方向沿斜面向上，故AB錯(cuò)誤；CD.設(shè)沿斜面向上為正方向，假設(shè)2s后物體的速度仍向上，那么末速度為，那么根據(jù)加速度公式可以得到即加速度大小為3m/s2，方向沿斜面向下；假設(shè)2s后物體的速度仍向下，那么末速度為，那么根據(jù)加速度公式可以得到即加速度大小為5m/s2，方向沿斜面向下，故C錯(cuò)誤，D正確。應(yīng)選D。6.如下列圖，光滑水平面上，質(zhì)量分別為m、M的木塊A、B在水平恒力F作用下一起向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，木塊間的輕質(zhì)彈簧勁度系數(shù)為k，原長為L0，那么此時(shí)木塊A、B間的距離為〔〕A. B.C. D.L0【答案】A【解析】【詳解】對(duì)AB的整體對(duì)物塊A單獨(dú)受力分析有，彈簧彈力因此彈簧的形變量因此AB之間的距離為應(yīng)選A。7.如下列圖，物體B疊放在物體A上，A、B的質(zhì)量均為m，且上、下外表均與斜面平行，它們以共同速度沿傾角為θ的固定斜面C勻速下滑，重力加速度為g，那么〔〕A.A、B間沒有靜摩擦力B.A受到B的靜摩擦力方向沿斜面向上C.A受到斜面的滑動(dòng)摩擦力大小為mgsinθD.A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝tanθ【答案】D【解析】【詳解】AB．對(duì)物體B受力分析可知，B一定受重力、支持力，將重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，B能勻速下滑，受力一定平衡，故A對(duì)B應(yīng)有沿斜面向上的靜摩擦力；根據(jù)力的相互作用規(guī)律可知，A受到B的靜摩擦力應(yīng)沿斜面向下，故A、B錯(cuò)誤；C．對(duì)A、B整體受力分析，并將整體重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力與摩擦力等大反向，故A受的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上，大小為2mgsinθ，C錯(cuò)誤；D．對(duì)A、B整體受力分析，受重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，由于勻速下滑，故重力沿斜面方向的分力與滑動(dòng)摩擦力平衡，故2mgsinθ＝μ·2mgcosθ解得μ＝tanθ選項(xiàng)D正確。應(yīng)選D。8.如下列圖，某物體在光滑水平面受到一恒力F1和F2的作用，現(xiàn)要使該物體沿直線AB運(yùn)動(dòng)，那么力F2的最小值為〔〕．A.Fcosθ B.FsinθC.Ftanθ D.【答案】B【解析】【詳解】要使合力沿著AB方向，根據(jù)平行四邊形定那么結(jié)合矢量合成的特點(diǎn)可以判斷出當(dāng)未知力F′垂直與AB時(shí)，F(xiàn)′最??；可得到F′=F?sinθ故B正確，ACD錯(cuò)誤。應(yīng)選B。9.有一種新的交通工具，為了增加乘客乘車的舒適度，座椅能隨著坡度的變化而自動(dòng)調(diào)整，使座椅始終保持水平，如下列圖，當(dāng)此車減速上坡時(shí)，那么乘客(僅考慮乘客與水平面之間的作用)〔〕A.處于超重狀態(tài)B.不受摩擦力的作用C.受到向后(水平向左)的摩擦力作用D.所受合力豎直向上【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)此減速上坡時(shí)，整體的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知乘客處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；BC．對(duì)乘客進(jìn)行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而靜摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向前〔水平向左〕的摩擦力作用，故B錯(cuò)誤，C正確；D．由于乘客加速度沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律得所受力的合力沿斜面向下，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選C。10.如下列圖，質(zhì)量為m的球放在傾角為α的光滑斜面上，在斜面上有一光滑且不計(jì)厚度的木板擋住球，使之處于靜止?fàn)顟B(tài)．今使擋板與斜面的夾角β緩慢增大，在此過程中，斜面對(duì)球的支持力N1和擋板對(duì)球的壓力N2的變化情況為()A.N1、N2都是先減小后增加B.N1一直減小，N2先增加后減小C.N1先減小后增加，N2一直減小D.N1一直減小，N2先減小后增加【答案】D【解析】【詳解】法一圖解法：對(duì)球受力分析，如圖甲所示．球始終處于平衡狀態(tài)，故三個(gè)力的合力始終為零，三力構(gòu)成矢量三角形．擋板逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，N2方向也逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，作出圖甲所示的動(dòng)態(tài)矢量三角形．由圖甲可見，N1隨β的增大一直減小，N2先減小后增大．法二正弦定理法：對(duì)球受力分析，如圖乙所示．球受重力mg、斜面支持力N1、擋板壓力N2.由正弦定理得＝＝解得N1＝mg，N2＝mg故隨著β的增大，N1一直減小，N2先減小后增大，β＝90°時(shí)，N2到達(dá)最小值，為mgsinα.A.N1、N2都是先減小后增加，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)Ａ錯(cuò)誤；BN1一直減小，N2先增加后減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)Ｂ錯(cuò)誤；C.N1先減小后增加，N2一直減小，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)Ｃ錯(cuò)誤；D.N1一直減小，N2先減小后增加，與結(jié)論相符，選項(xiàng)Ｄ正確；11.甲、乙兩物體從不同點(diǎn)出發(fā)且在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，它們的v–t圖象如下列圖，t=2s時(shí)兩車相遇，那么以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A.t=1s時(shí)，甲車在前，乙車在后B.t=0s時(shí)，甲、乙車距離S0=3mC.t=4s時(shí)，兩車再次相遇D.3～5s內(nèi)兩車的平均速度相同【答案】BD【解析】【詳解】A．在0～2s內(nèi)甲的速度大于乙的速度，t=2s時(shí)兩車相遇，那么2s前乙車在前，甲車在后，故A錯(cuò)誤；B．在0～2s內(nèi)甲的位移在0～2s內(nèi)乙的位移t=2s時(shí)兩車相遇，t=0s時(shí)，甲、乙車距離故B正確；C．t=2s時(shí)兩車相遇；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，那么2～6s內(nèi)兩車平均速度都等于4s時(shí)兩車的瞬時(shí)速度，2～6s內(nèi)兩車平均速度相等，2～6s內(nèi)兩車位移相等；t=6s時(shí)，兩車再次相遇，故C錯(cuò)誤；D．勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，3～5s內(nèi)兩車的平均速度都等于4s時(shí)兩車的瞬時(shí)速度，3～5s內(nèi)兩車的平均速度相同，故D正確。應(yīng)選BD。12.將一個(gè)質(zhì)量為2kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力大小恒定，方向與運(yùn)動(dòng)方向相反．該過程的v-t圖象如下列圖，〔g取10m/s2〕以下說法中正確的選項(xiàng)是〔〕A.小球所受重力和阻力大小之比為5:1B.小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)的速度大小為C.小球上升過程與下落過程所用時(shí)間之比為1:2D.小球下落過程中的加速度大小為8m/s2【答案】ABD【解析】【詳解】A．小球向上做勻減速運(yùn)動(dòng)解得因此小球所受重力和阻力大小之比為5:1，故A正確；BD．小球向上運(yùn)動(dòng)的位移向下運(yùn)動(dòng)的加速度那么返回拋出點(diǎn)速度故BD正確；C．下落時(shí)間解得因此上升與下落時(shí)間之比為故C錯(cuò)誤。應(yīng)選ABD。13.物體最初靜止在傾角=30的足夠長斜面上，如圖甲所示受到平行斜面向下的力F的作用，力F隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，開始運(yùn)動(dòng)2s后物體以2m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)〔g取〕，以下說法正確的選項(xiàng)是〔〕A.物體的質(zhì)量m=1kgB.物體的質(zhì)量m=2kgC.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=D.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=【答案】AD【解析】【詳解】AB、開始運(yùn)動(dòng)2s后物體以2m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)，那么2s末物體受力平衡，根據(jù)圖像可知，摩擦力0~2s內(nèi)，由加速度定義得根據(jù)牛頓第二定律得解得物體的質(zhì)量m=1kg，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式得故C錯(cuò)誤，D正確。應(yīng)選AD。14.細(xì)線拴一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球用固定在墻上的水平輕彈簧支撐，小球與彈簧不粘連，平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角為53°，如下列圖，，以下說法中正確的選項(xiàng)是〔〕A.小球靜止時(shí)彈簧的彈力大小為B.小球靜止時(shí)細(xì)線的拉力大小為C.細(xì)線燒斷的瞬間小球的加速度為D.快速撤去彈簧的瞬間小球的加速度為【答案】BCD【解析】【詳解】AB．小球靜止時(shí)，分析受力分析，如下列圖由平衡條件得彈簧的彈力大小為細(xì)繩的拉力大小為故A錯(cuò)誤，B正確；C．細(xì)繩燒斷瞬間彈簧的彈力不變，那么小球所受的合力與燒斷前細(xì)繩拉力的大小相等、方向相反，那么此瞬間小球的加速度大小為故C正確；D．快速撤去彈簧的瞬間細(xì)線的拉力發(fā)生突變，對(duì)小球受力分析如下可知重力沿繩子分力與繩子的拉力平衡，重力垂直于繩子的分力即為小球受到的合外力，根據(jù)牛頓第二定律有解得故D正確。應(yīng)選BCD?！军c(diǎn)睛】此題中小球先處于平衡狀態(tài)，由平衡條件求解各力的大小，后燒斷細(xì)繩，小球處于非平衡條件，抓住細(xì)繩燒斷瞬間彈簧的彈力不會(huì)突變是關(guān)鍵。二、實(shí)驗(yàn)題〔共14分)15.某同學(xué)在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系〞的實(shí)驗(yàn)中，測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500N/m.如圖1所示，用彈簧OC和彈簧秤a、b做“探究求合力的方法〞實(shí)驗(yàn)．在保持彈簧伸長1.00cm不變的條件下：(1)假設(shè)彈簧秤a、b間夾角為90°，彈簧秤a的讀數(shù)是________N(圖2中所示)，那么彈簧秤b的讀數(shù)可能為________N.(2)假設(shè)彈簧秤a、b間夾角大于90°，保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，減小彈簧秤b與彈簧OC的夾角，那么彈簧秤a的讀數(shù)________、彈簧秤b的讀數(shù)________(填“變大〞“變小〞或“不變〞)．【答案】(1).3.00；(2).4.00；(3).變大；(4).變大【解析】試題分析：〔1〕根據(jù)胡克定律可知，；根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3．00N；兩彈簧秤夾角為90°，那么可知，b的讀數(shù)為：；〔2〕假設(shè)彈簧秤a、b間夾角大于90°，保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，減小彈簧秤b與彈簧OC的夾角；如下列圖；那么可知兩彈簧秤的示數(shù)均變大；考點(diǎn)：考查驗(yàn)證平行四邊形定那么的實(shí)驗(yàn)【名師點(diǎn)睛】由胡克定律可求得拉力大??；再根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可明確對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；根據(jù)幾何關(guān)系即可求得b的讀數(shù)；根據(jù)題意作出對(duì)應(yīng)的圖象，根據(jù)圖象即可明確隨夾角的變化兩彈簧秤拉力的變化情況16.某同學(xué)采用如圖實(shí)驗(yàn)裝置，測量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。一外表粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz。開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)?；瑝K的質(zhì)量為m，托盤和砝碼的總質(zhì)量為M。(1)以下列圖中0、1、2、3、4、5、6是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)〔圖中未標(biāo)出〕，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如下列圖。根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算滑塊的加速度a=______m/s2，計(jì)數(shù)點(diǎn)4的瞬時(shí)速度v4=_______m/s?！步Y(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕。(2)滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=_______〔用量和測量的量的字母表示，重力加速度為g〕．【答案】(1).0.50(2).0.31(3).【解析】【詳解】(1)[1]每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)，說明相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔T=0.1s，根據(jù)逐差法代入數(shù)據(jù)解得a=0.50m/s2[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得4點(diǎn)的瞬時(shí)速度為(2)[3]根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)托盤和砝碼有Mg-T-f=Ma對(duì)滑塊T-f=ma

摩擦力為f=μmg聯(lián)立解得三解答題〔共30分〕17.如下列圖，一質(zhì)量為m=2kg的物體置于水平面上，在水平外力的作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，水平外力隨時(shí)間的變化情況如圖2所示，物體運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間變化的情況如以下列圖3所示，4s后圖線沒有畫出。g取10m/s2。求：(1)物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)物體在前6s內(nèi)的位移?！敬鸢浮?1)0.15；(2)15m【解析】【詳解】(1)由v-t圖像可知，物體在前4s做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)v-t圖像和加速度定義式得在0-4s內(nèi)，在水平方向解得：(2)設(shè)前4s的位移為x1，由位移公式設(shè)4s后物體運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為a2，根據(jù)牛頓第二定律有解得物體在4s末時(shí)的速度為v=4m/s，設(shè)物體從4s末后運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2速度減為0，那么：解得所以物體減速運(yùn)動(dòng)2s內(nèi)的位移所以物體在前6s內(nèi)的位移x=x1+x2=15m18.我國ETC〔不停車電子收費(fèi)系統(tǒng)〕已實(shí)現(xiàn)全國聯(lián)網(wǎng)，大大縮短了車輛通過收費(fèi)站的時(shí)間，假設(shè)一輛家庭轎車以20m/s的速度勻速行駛，接近人工收費(fèi)站時(shí)，轎車開始減速，