2021-2022學(xué)年福建省福州市八校（福建師大附中）聯(lián)考高二（上）期中物理試卷（附答案詳解）

2021?2022學(xué)年福建省福州市八校（福建師大附中）聯(lián)考高二（上）

期中物理試卷

1.某金屬導(dǎo)線的電阻率為p,電阻為R,現(xiàn)將它均勻拉長(zhǎng)到直徑為原來(lái)的一半，那么該導(dǎo)線

的電阻率和電阻分別變?yōu)椋ǎ?/p>

A.4P和4RB.p和4RC.p和16RD.16P和16R

2.兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是（)

A.兩電阻的阻值為%大于/?2

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，％兩端電壓大于此兩端電壓

C.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，%消耗的功率小于7?2消耗的功率

D.兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，當(dāng)?shù)碾娏餍∮诖说碾娏?/p>

3.如圖所示，在絕緣支架上的導(dǎo)體A和導(dǎo)體B按圖中方式接觸放置，原先AB都不帶電，先

讓開(kāi)關(guān)Ki，&均斷開(kāi)，現(xiàn)在將一個(gè)帶正電小球C放置在A左側(cè)，以下判斷正確的是（）

A.小球距離A較近，所以A左端電荷量大于B右端電荷量

B.只閉合Ki，則A左端不帶電，8右端帶負(fù)電

C.只閉合&，則B右端不帶電，A左端帶負(fù)電

D.只閉合心，接著移走帶電小球，最后將AB分開(kāi)，A帶負(fù)電

4.在純電阻電路中，當(dāng)用一個(gè)固定的電源（設(shè)E、/?是定值）

向變化的外電阻供電時(shí),關(guān)于電源的輸出功率P隨外電阻R

變化的規(guī)律如圖所示。則下列判斷錯(cuò)誤的是（）

A.當(dāng)R=r時(shí)，電源有最大的輸出功率B.當(dāng)R=r時(shí)，電源的效率〃=50%

C.電源的功率P'隨外電阻R的增大而增大D.電源的效率〃隨外電阻R的增大而增大

5.在如圖所示的四種電場(chǎng)中，分別標(biāo)記有“、6兩點(diǎn).其中“、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方

向相反的是（）

a

b

乙

A.甲圖中與點(diǎn)電荷等距的a、6兩點(diǎn)

B.乙圖中兩等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a、6兩點(diǎn)

C.丙圖中兩等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)

D.丁圖中非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)

6.在如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，尺

R1和色均為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器.當(dāng)他的滑動(dòng)觸點(diǎn)［~~~一?_1/?3

在。端時(shí)合上開(kāi)關(guān)s,此時(shí)三個(gè)電表4、4和丫的示數(shù)分I―PH@t"H==F

別為％和U.現(xiàn)將/?2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向人端移動(dòng)，則三個(gè)電表aR2b

示數(shù)的變化情況是I?

A.。增大，%不變，U增大B.L減小，%增大，U減小

C.A增大，/2減小，。增大D.A減小，與不變，U減小

7.如圖所示，直線A為電源的U-/圖線，直線8和C分別為電阻

%和/?2的。一/圖線，用該電源分別與長(zhǎng)、/?2組成閉合電路時(shí)，電6^B

源的輸出功率分別為Pi、P2,電源的效率分別為小、忤則（

A.匕>P2

B.Pi=P

202~~4~6I/A

%="2

D.Th<V

8.〃、b、c、〃是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的

a、■d

四個(gè)頂點(diǎn).電場(chǎng)線與矩形所在的平面平行.已知a點(diǎn)的電勢(shì)是20V4V

20V,〃點(diǎn)的電勢(shì)是24V,d點(diǎn)的電勢(shì)是4匕如圖.由此可知，c

點(diǎn)的電勢(shì)為（）b'

24V

A.4VB.8VC.12VD.24V

9.一個(gè)電流表的滿偏電流％=1mA,內(nèi)阻Rg=5000。要把它改裝成一個(gè)量程為10V的電壓

表，則應(yīng)在電流表上（）

A.串聯(lián)一個(gè)10k。的電阻B.并聯(lián)一個(gè)10k。的電阻

C.串聯(lián)一個(gè)9.5AO的電阻D.并聯(lián)一個(gè)9.5M2的電阻

10.如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的

小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S,電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向

的夾角為0,以下分析正確的是（）

A.保持S閉合，將4板向8板靠近，貝的增大

B.保持S閉合，將A板向上平移一小段距離，則。變大

C.斷開(kāi)S,將A板向上平移一小段距離，貝加變小

D.斷開(kāi)S,將A板向B板靠近，貝希變大

11.一電荷從電場(chǎng)中4點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)

到8點(diǎn)，它運(yùn)動(dòng)的v—t圖像如圖所示。則4、8兩點(diǎn)所在區(qū)域的電場(chǎng)

線分布情況可能是圖乙中的（）

12.如圖所示，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在其連線的中垂線上有與連

線中點(diǎn)0等距離的兩點(diǎn)4、b,在連線上有距中點(diǎn)。等距離的兩Q\Q

點(diǎn)c、d,則下列場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系式正確的是（）6丁酉一才

A.Ea=Eb

B.（pa>（Po><Pb

C.Ec>Ed

D.（pc>（p0>（pd

13.如圖所示，虛線同心圓為一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷的等差等勢(shì)線分布圖，一帶電:……、一

粒子只受電場(chǎng)力，從電場(chǎng)中的M點(diǎn)以初動(dòng)能運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，徑跡如圖/'/"一、Y\

中曲線MPN,由此可知（）![；

A.粒子帶正電，在P點(diǎn)處的加速度最大，電勢(shì)能最大一"TN

B.M,P、N三點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系是9M=8N>9P

C.由于電場(chǎng)力做功，粒子在M點(diǎn)和N點(diǎn)處的動(dòng)能不同

D.粒子從"點(diǎn)到尸點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減少

14.在如圖所示的電路中，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩

極板a、b之間的尸點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)。要使該油滴向下運(yùn)動(dòng)，

則以下方法可行的是（）

A.只增大長(zhǎng),其他條件不變

B.只減小/?2,其他條件不變

C.只增大R3,其他條件不變

D.只減小/?3,其他條件不變

15.某學(xué)習(xí)小組用伏安法測(cè)量一未知電阻R的阻值，給定器材及規(guī)格為:

電流表(量程0?5m4內(nèi)阻約為100)；

電壓表(量程為0~3V,內(nèi)阻約為3k0)；

最大阻值約為1000的滑動(dòng)變阻器；

電源E(電動(dòng)勢(shì)約31/)；開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干。

(1)由于不知道未知電阻的阻值范圍，先采用如圖甲電路試測(cè)，讀得電壓表示數(shù)大約為2.5U,

電流表示數(shù)大約為5,公，則未知電阻阻值6大約為0；并讀出未知電阻的直徑

_______mm<,

(2)經(jīng)分析，該電路測(cè)量誤差較大，需作改進(jìn)。請(qǐng)直接在原圖甲上改畫(huà)；①在不需要的連線上

畫(huà)“X”表示，②補(bǔ)畫(huà)上需要添加的連線；________③在方框內(nèi)畫(huà)出正確的電路圖。

實(shí)驗(yàn)電路圖

(3)對(duì)改進(jìn)的電路進(jìn)行測(cè)量，并根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)畫(huà)出了如圖乙所示的U-/圖像，得

Rx=(保留3位有效數(shù)字)

16.在真空中。點(diǎn)放一個(gè)Q=+1.0xICT%的點(diǎn)電荷，直線MV通過(guò)O點(diǎn)的距離r=30cm,

M點(diǎn)放一個(gè)q=-I.OXIOT。。的點(diǎn)電荷，如圖所示，求：

(l)q在M點(diǎn)受到的庫(kù)侖力大?。?/p>

(2)M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大??；

(3)移走＜7后M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大?。?/p>

(4)若點(diǎn)電荷q從"點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功1.0X10-9J,求〃、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN。

?~^L

17.如圖所示為直流電動(dòng)機(jī)提升重物裝置，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻一定，閉合開(kāi)關(guān)K,當(dāng)把它接入電壓

為Ui=0.27的電路時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，測(cè)得此時(shí)流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是/】=0.44；當(dāng)把電動(dòng)機(jī)接

入電壓為4=4.0V的電路中，電動(dòng)機(jī)正常工作且電動(dòng)機(jī)勻速提升重物，工作電流是與=1.0/1,

求：

U

□mI

(1)電動(dòng)機(jī)線圈的電阻r；

(2)當(dāng)g=4.01/電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率及電動(dòng)機(jī)的效率；

(3)如果重物質(zhì)量m=0.5kg,當(dāng)/=4.01/時(shí)電動(dòng)機(jī)提升重物的速度大小是多少？(g取

10m/s2)

18.如圖所示電路中，E=3V,r=5H,Ro=1.5/2,變阻器的最大阻

值R=1O0。在R為何值時(shí)，電源的輸出功率最大？在R為何值時(shí)，

R消耗的功率才最大？R為何值時(shí)，%消耗的功率才最大？

19.如圖所示為真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發(fā)出(初速度不計(jì))，經(jīng)燈絲與A板間的加

速電壓力加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進(jìn)入由兩塊平行金屬板M、N形成的

偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中(偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng))，電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度與電場(chǎng)方向垂直，電子

經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)打在熒光屏上的P點(diǎn)，已知M、N兩板間的電壓為“，兩板間的距離為d,

板長(zhǎng)為刀，板右端到熒光屏的距離為G，電子的質(zhì)量為相，電荷量為e。求：

(1)電子穿過(guò)A板時(shí)的速度大?。?/p>

(2)電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的側(cè)移量為；

(3)熒光屏上P點(diǎn)到中心位置。點(diǎn)的距離。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】

【分析】

本題考查電阻定律。

根據(jù)電阻定律確定電阻的變化情況，電阻率不變

【解答】

因溫度和材料不變，所以電阻率不變；將導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)到直徑為原來(lái)的一半，則橫截面積變?yōu)樵?/p>

來(lái)的;，長(zhǎng)度為原來(lái)的4倍，根據(jù)電阻定律公式=p*=16pq=16R

故選C。

2.【答案】C

【解析】4由/-U圖像的斜率表示電阻的倒數(shù)可知兩電阻的阻值為/?2大于&，故A錯(cuò)誤;

B.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)

U=IR

可得/?2兩端電壓大于％兩端電壓，故B錯(cuò)誤;

C.兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)

P=I2R

%消耗的功率小于⑹消耗的功率，故C正確;

。.兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等，根據(jù)

U

R

可知心的電流大于/?2的電流，故。錯(cuò)誤。

故選Co

3.【答案】C

【解析】A.當(dāng)開(kāi)關(guān)Ki，七均打開(kāi)時(shí)，帶正電小球C放置在A左側(cè)，由于靜電感應(yīng)，導(dǎo)體左端帶有

負(fù)電荷，右端帶有正電荷，在靜電平衡時(shí)，正負(fù)電荷量相等，A錯(cuò)誤；

B.只閉合占，則B右端帶的正電荷與大地的負(fù)電荷中和，而不帶電，由于靜電感應(yīng)，A左端帶負(fù)

電荷，8錯(cuò)誤；

C.只閉合七，則8右端帶的正電荷與大地的負(fù)電荷中和，而不帶電，由于靜電感應(yīng)，則A左端帶

負(fù)電，C正確；

。.只閉合右，則B右端帶的正電荷與大地的負(fù)電荷中和，而不帶電，由于靜電感應(yīng)，則A左端帶

負(fù)電，接著移走帶電小球C,A左端帶的負(fù)電荷流向大地，將使A、B都不帶電，￡＞錯(cuò)誤。

故選C。

4.【答案】C

【解析】4B.由圖可知，當(dāng)R=r時(shí)，電源有最大的輸出功率，此時(shí)電源的效率為

UiR

%=*x100%=77^x100%=50%

故A8正確;

C電源的功率為

,E2

P'=-------

R+r

所以P'隨外電阻R的增大而減小，故C錯(cuò)誤；

。.電源的效率為

UR

T)=—x100%=——x100%

ER+r

所以〃隨外電阻R的增大而增大，故。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選C。

5.【答案】C

【解析】A.甲圖中與點(diǎn)電荷等距的“、6兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不相反，故A錯(cuò)誤；

反對(duì)乙圖，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密及對(duì)稱性可判斷，。、6兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向相同，故2

錯(cuò)誤；

C.丙圖中兩等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的〃、〃兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向相

反，故C正確；

。.對(duì)丁圖，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可判斷，6點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于〃點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故。錯(cuò)誤。

故選Co

6.【答案】B

【解析】/?2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向人端移動(dòng)時(shí)，R2減小，整個(gè)電路的總電阻減小，總電流增大，內(nèi)電壓增

大,外電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，/?3電壓增大，&、/?2并聯(lián)電壓減小，通過(guò)此的電流減小，

即為示數(shù)減小，而總電流/增大，則流過(guò)&的電流L增大，即4示數(shù)增大.故A、C、。錯(cuò)誤，B

正確.

7.【答案】B

【解析】

【分析】

電源的效率等于電源輸出功率與電源總功率的百分比，根據(jù)效率的定義，找出效率與電源路端電

壓的關(guān)系，由圖讀出路端電壓，就能求出效率；電源與電阻的U-/圖線的交點(diǎn)，表示電阻接在電

源上時(shí)的工作狀態(tài)，可讀出電壓、電流，算出電源的輸出功率，進(jìn)而比較大小。

本題首先要知道效率與功率的區(qū)別，電源的效率高，輸出功率不一定大。其次，會(huì)讀圖。電源與

電阻的伏安特性曲線交點(diǎn)表示電阻接在該電源上時(shí)的工作狀態(tài)。

【解答】

4B.由圖線的交點(diǎn)讀出，8接在電源上時(shí)，電源的輸出輸出功率為：Pi=UJi=8W；C接在電源

上時(shí)，電源的輸出輸出功率為：P2=U2I2=8W,故A錯(cuò)誤，8正確；

CD電源的效率為：=效率與路端電壓成正比，B接在電源上時(shí)路端電壓大，效率高，

%＞小.故CD錯(cuò)誤。

故選；Bo

8.【答案】B

根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中將某一線段等分同時(shí)就將該線段兩端的電勢(shì)差等分；將線段加五等分，如圖所

示，則Ube=gUbd=gX(24-4)=4v,故Ube=Sb一Be=4"，故0f~(pd~4v,故=24-4=

20也%=8u.故Wa=0e，連接。；則cf//ae,故c點(diǎn)的電勢(shì)W；=9/=8也故8正確.故選B.

9.【答案】C

【解析】要改裝成一個(gè)電壓表，則必須要有分壓電阻，所以應(yīng)該將電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)，串聯(lián)

后總電壓量程為10V,根據(jù)歐姆定律有

U=/g(Rg+R)=10=1x10-3(500+R)

解得

R=9500/2

故選Co

10.【答案】A

【解析】

【分析】

小球受重力、拉力、電場(chǎng)力三個(gè)力處于平衡狀態(tài)，保持開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變；

斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,電容器所帶的電量不變；再根據(jù)平行板電容器C=品和E=:判斷電場(chǎng)力即可.

4nkaa

判斷平行板電容器內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)的變化是本題的關(guān)鍵,解決電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題關(guān)鍵抓住不變量.若

電容器與電源斷開(kāi)，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變.

【解答】

4B.設(shè)A、B之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,對(duì)小球根據(jù)平衡條件可得tan。=皿①

mg

保持S閉合，則A、8之間電壓U保持不變，根據(jù)②

可知將A板向B板靠近，“減小，則E增大，。增大；將A板向上平移一小段距離，"不變，則E

不變，。不變，故A正確，8錯(cuò)誤；

CD.平行板電容器的決定式和定義式分別為C=吊③

471kd

C號(hào)④

聯(lián)立②③④可得后=當(dāng)⑤

斷開(kāi)S,則兩極板所帶電荷量Q不變，將A板向上平移一小段距離，兩極板正對(duì)面積S減小，則

E增大，。增大；將A板向8板靠近，S不變，則0不變，故CO錯(cuò)誤.

11.【答案】CD

【解析】根據(jù)。-t圖像可知電荷的加速度逐漸增大，即電荷所受電場(chǎng)力逐漸增大，又根據(jù)電場(chǎng)線

越密集電場(chǎng)強(qiáng)度越大可知，從A到8電場(chǎng)線逐漸密集，由于題干沒(méi)說(shuō)明是帶正電還是負(fù)電，故電

荷所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向可能相同、可能相反，綜上所述可知，AB錯(cuò)誤，CQ正確。

故選CD。

12.【答案】AD

【解析】A.兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)，即連線的中垂線上到關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相

等，a、b是在中垂線上的兩個(gè)對(duì)稱點(diǎn)，所以Ea=Eb,A正確；

B.兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在其連線的中垂線上為等勢(shì)線，因此有8a=9。=8b，B錯(cuò)誤；

C.兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在其連線上，電場(chǎng)線方向從正電荷指向負(fù)電荷，中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小，越靠近點(diǎn)

電荷場(chǎng)強(qiáng)越強(qiáng)，c、d為連線上關(guān)于。的對(duì)稱點(diǎn)，所以Ec=Ed,C錯(cuò)誤；

。.兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷在其連線上，電勢(shì)從正電荷向負(fù)電荷降低，所以有外>0o><Pd，。正確。

故選

13.【答案】BD

【解析】A.由于粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡凹側(cè)，所以粒子帶負(fù)電，在P點(diǎn)處所受庫(kù)侖力最大，加

速度最大，且P點(diǎn)處電勢(shì)最低，粒子在P點(diǎn)處電勢(shì)能最大，故A錯(cuò)誤；

8.根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周圍電勢(shì)分布規(guī)律可知0M=WN>VP>故B正確；

C.粒子在〃點(diǎn)和N點(diǎn)處電勢(shì)能相同，根據(jù)能量守恒定律可知粒子在兩點(diǎn)處動(dòng)能相同，故C錯(cuò)誤;

D粒子從例點(diǎn)到P點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減少，故。正確。

故選BD.

14.【答案】AB

【解析】A.只增大自，其他條件不變，則有電路的總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路

的總電流變小，&兩端電壓變小，電容器C兩端電壓變小，電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，帶電

油滴受電場(chǎng)力減小，因?yàn)閹щ娪偷卧跇O板間，受電場(chǎng)力與重力平衡，當(dāng)電場(chǎng)力減小時(shí)，油滴向下

加速運(yùn)動(dòng)，A正確；

8.只減小/?2,其他條件不變，則有電路的總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，電路的總電流

變大，電源的路端電壓減小，的兩端電壓增大，/?2兩端電壓減小，電容器C兩端電壓變小，電容

器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，帶電油滴受電場(chǎng)力減小，油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，B正確；

C.只增大/?3,其他條件不變，心和電容器C串聯(lián)，電容器兩端電壓不變，帶電油滴受力平衡，靜

止不動(dòng)，C錯(cuò)誤；

。.只減小/?3,其他條件不變，和電容器C串聯(lián)，電容器兩端電壓不變，帶電油滴受力平衡，靜

止不動(dòng)，。錯(cuò)誤。

故選AB?

15.【答案】(1)500；8.561?8.563；

(3)583

【解析】(1)根據(jù)歐姆定律可得

ux

Rx=-^-=5000

未知電阻的直徑為

d=8.5mm+6.2x0.01mm=8.562mm

(2)由于待測(cè)電阻的阻值滿足

Rx>JRARV

所以為減小系統(tǒng)誤差，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，改畫(huà)的電路圖如圖所示.

原理圖如圖所示。

2.4—1.7

Rr=-----------------------y/2=583/2

x(4-2.8)X10-3

16.【答案】(1)根據(jù)庫(kù)侖定律可知，q在M點(diǎn)受到的庫(kù)侖力大小為

F=1x10~8N

(2)根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義可知，M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為

E=^=100N/C

(3)移走q后，何點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小不變，仍為100N/C。

(4)根據(jù)電勢(shì)差的定義可知，M,N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為

【解析】略

17.【答案】解：(1)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，此時(shí)電動(dòng)機(jī)為純電阻元件，貝1"=普=第=0.5。

(2)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)消耗的功率為：P=U2I2=4.0X1.0W=4.01V

電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)線圈電阻損耗的功率為：P熱=/>=1.02x0.5IV=0.5W

電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出功率為：P出=P-P熱=4.0勿-0.5勿=3.5W

P

電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)效率為：〃=埼x100%=言x100%=87.5%

(3)勻速提升時(shí),拉力等于重力，即：F=mg=0.5xION=5N

p

由電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出=所可得提升重物的速度為：v=^=^-m/s=