2022年高考真題-物理（天津卷）含解析（缺第2-4題）

2022年天津高考（部分題）

1.從夸父逐日到羲和探日，中華民族對太陽的求知探索從未停歇。2021年10月，我國第一顆太陽探測科

學(xué)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星“羲和號”順利升空。太陽的能量由核反應(yīng)提供，其中一種反應(yīng)序列包含核反應(yīng)：

汨e+：He-；He+2X,下列說法正確的是（）

A.X是中子B.該反應(yīng)有質(zhì)量虧損

C.：He比；He的質(zhì)子數(shù)多D.該反應(yīng)是裂變反應(yīng)

【答案】B

【解析】

【詳解】A.根據(jù)核反應(yīng)過程滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為1,電荷數(shù)為1,可知X是質(zhì)子,

故A錯誤；

BD.兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核，核反應(yīng)屬于聚變反應(yīng)，反應(yīng)過程存在質(zhì)量虧損，釋放能量，故B正

確，D錯誤；

C.:He與；He的質(zhì)子數(shù)相同，均為2個(gè)質(zhì)子，故C錯誤。

故選B。

缺2-4題

2.在同一均勻介質(zhì)中，分別位于坐標(biāo)原點(diǎn)和x=7m處的兩個(gè)波源。和P,沿），軸振動，形成了兩列相向

傳播的簡諧橫波。和江某時(shí)刻。和b分別傳播到x=3m和x=5m處，波形如圖所示。下列說法正確的

A.a與b的頻率之比為2：1B.O與尸開始振動的時(shí)刻相同

C.a與b相遇后會出現(xiàn)干涉現(xiàn)象D.0開始振動時(shí)沿y軸正方向運(yùn)動

【答案】A

【解析】

【詳解】A.由同一均勻介質(zhì)條件可得。和6兩列波在介質(zhì)中傳播速度u相同，由圖可知，。和匕兩列波的

波長之比為

442

根據(jù)

可得a與人的頻率之比為

=2

力4,1

故A正確；

B.因a和/，兩列波的波速相同，由“和匕兩列波分別傳播到x=3m和x=5m處的時(shí)刻相同，可知。與P

開始振動的時(shí)刻不相同，故B錯誤；

C.因a與b的頻率不同，。與6相遇后不能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

D.。波剛傳到3m處，由波形平移法可知，3m處的質(zhì)點(diǎn)開始振動方向沿y軸負(fù)方向，而所有質(zhì)點(diǎn)的開始

振動方向都相同，所以。點(diǎn)開始振動的方向也沿y軸負(fù)方向，故D錯誤。

故選Ao

3.采用渦輪增壓技術(shù)可提高汽車發(fā)動機(jī)效率。將渦輪增壓簡化為以下兩個(gè)過程，一定質(zhì)量的理想氣體首先

經(jīng)過絕熱過程被壓縮，然后經(jīng)過等壓過程回到初始溫度，則（）

A.絕熱過程中，氣體分子平均動能增加B.絕熱過程中，外界對氣體做負(fù)功

C.等壓過程中，外界對氣體做正功D.等壓過程中，氣體內(nèi)能不變

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB,一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過絕熱過程被壓縮，可知?dú)怏w體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱

力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能增加，則氣體溫度升高，氣體分子平均動能增加，故A正確，B錯誤；

CD.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過等壓過程回到初始溫度，可知?dú)怏w溫度降低，氣體內(nèi)能減少；根據(jù)

E=C

T

可知?dú)怏w體積減小，外界對?氣體做正功，故C正確，D錯誤。

故選AC。

4.不同波長的電磁波具有不同的特性，在科研、生產(chǎn)和生活中有廣泛的應(yīng)用?！?、3兩單色光在電磁波譜

中的位置如圖所示。下列說法正確的是（）

a光b光

長波短波微波紅外線紫外線X射線7射線

A.若a、人光均由氫原子能級躍遷產(chǎn)生，產(chǎn)生a光的能級能量差大

B.若匕光分別照射同一小孔發(fā)生衍射，a光的衍射現(xiàn)象更明顯

C.若a、b光分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)，。光遏止電壓高

D.若a、b光分別作為同一雙縫干涉裝置光源時(shí)，a光的干涉條紋間距大

【答案】BD

【解析】

【詳解】由圖中〃、6兩單色光在電磁波譜中的位置，判斷出“光的波長片大于人光的波長片，。光的頻

率匕，小于6光的頻率乙。

A.若八6光均由氫原子能級躍遷產(chǎn)生，根據(jù)玻爾原子理論的頻率條件

hv=En-Em

可知產(chǎn)生a光的能級能量差小，故A錯誤；

B.若“、匕光分別照射同一小孔發(fā)生衍射，根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件，。光的衍射現(xiàn)象更明顯，故B

正確；

C.在分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程

eUc=Ek=hv-W[}

可知。光遏止電壓低，故C錯誤；

D.a、〃光分別作為同一雙縫干涉裝置光源時(shí)，相鄰兩條亮紋或暗紋的中心間距

Ax=-A

d

可知“光的干涉條紋間距大，故D正確。

故選BDo

5.如圖所示，兩理想變壓器間接有電阻R,電表均為理想交流電表，a、b接入電壓有效值不變的正弦交流

電源。閉合開關(guān)S后（）

C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A2的示數(shù)變小

【答案】BC

【解析】

【詳解】AC.閉合開關(guān)S后，負(fù)載電阻減小，匝數(shù)為a的線圈輸出功率變大，匝數(shù)為々的線圈輸入功率

也變大，〃、。兩端電壓有效值不變，由

6W

可知電流表A1的示數(shù)變大，根據(jù)

/|=

12n\

因以比值不變，4變大，/,變大，因此，R的發(fā)熱功率變大，故A錯誤，C正確；

%

B.根據(jù)理想變壓器電壓比等于匝數(shù)比

可知輸出電壓不變，電壓表的示數(shù)不變，故B正確；

D.根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)關(guān)系可得

，2"1

由于匝數(shù)均保持不變，增大，所以乙、乙增大，故電流表A?的示數(shù)變大，故D錯誤。

故選BC。

6.某同學(xué)驗(yàn)證兩個(gè)小球在斜槽末端碰撞時(shí)的動量守恒，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。A、B為兩個(gè)直徑相同的小球。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，不放B,讓A從固定的斜槽上E點(diǎn)自由滾下，在水平面上得到一個(gè)落點(diǎn)位置；將B放置在斜槽末

端，讓A再次從斜槽上E點(diǎn)自由滾下，與B發(fā)生正碰，在水平面上又得到兩個(gè)落點(diǎn)位置。三個(gè)落點(diǎn)位置標(biāo)

記為M、N、P。

（1）為了確認(rèn)兩個(gè)小球的直徑相同，該同學(xué)用10分度的游標(biāo)卡尺對它們的直徑進(jìn)行了測量，某次測量的

結(jié)果如下圖所示，其讀數(shù)為mm。

主尺

0123cm

hi山i"11Mli用小ihhii出?

0310

游標(biāo)尺

（2）下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)的要求哪個(gè)是正確的。

A.斜槽的末端必須是水平的B.斜槽的軌道必須是光滑的

C.必須測出斜槽末端的高度D.A、B的質(zhì)量必須相同

（3）如果該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作正確且碰撞可視為彈性碰撞，A、B碰后在水平面上的落點(diǎn)位置分別為

、。（填落點(diǎn)位置的標(biāo)記字母）

【答案】①.10.5②.A③.M@.P

【解析】

【詳解】（1）［1］觀察主尺的單位為cm,讀出主尺的讀數(shù)是10mm,游標(biāo)尺上的第五條刻度線與主尺上的

刻度線對齊，其讀數(shù)為0.5mm,結(jié)合主尺及游標(biāo)尺的讀數(shù)得到被測直徑為

D=10mm+0.1x5mm=10.5mm

(2)12JABC.首先考查在實(shí)驗(yàn)的過程中，需要小球A兩次沿斜槽滾到末端時(shí)的速度都水平且大小相同。

實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)使小球A每次都從同一位置由靜止開始釋放，并不需要斜槽的軌道光滑的條件，也不需要測出斜

槽末端的高度，但是必須保證斜槽末端水平，故A正確，BC錯誤；

D.小球A與B發(fā)生正碰時(shí)，為使小球A在碰后不反彈，要求小球A的質(zhì)量大于小球B的質(zhì)量，故D錯

、口

底。

故選A,

(3)⑶圖設(shè)A、B兩球的質(zhì)量分別為網(wǎng)和機(jī)2,且網(wǎng)＞加2；碰前A的速度加；因?yàn)閮蓚€(gè)金屬小球的碰撞

視為彈性碰撞，則由動量守恒定律得

/?Av0=mAvA+mBvB

由機(jī)械能守恒定律得

解得

可見碰后小球A的速度小于小球B的速度，也小于碰前A的速度vo；所以小球A單獨(dú)滾下落到水平面上

的位置為N,A、B碰后在水平面上的落點(diǎn)位置分別為M、尸。

7.實(shí)驗(yàn)小組測量某型號電池的電動勢和內(nèi)阻。用電流表、電壓表、滑動變阻器、待測電池等器材組成如圖

1所示實(shí)驗(yàn)電路，由測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制成的U-I圖像如圖2所示。

圖1圖2

(1)圖1的電路圖為下圖中的.(選填"A"或"B”)

(Y)

E,rE,r

(2)如果實(shí)驗(yàn)中所用電表均視為理想電表，根據(jù)圖2得到該電池的電動勢石=V,內(nèi)阻

(3)實(shí)驗(yàn)后進(jìn)行反思，發(fā)現(xiàn)上述實(shí)驗(yàn)方案存在系統(tǒng)誤差。若考慮到電表內(nèi)阻的影響，對測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)

進(jìn)行修正，在圖2中重新繪制圖線，與原圖線比較，新繪制的圖線與橫坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將

,與縱坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將。(兩空均選填“變大”“變小”或“不變”)

【答案】①.B(2).4.5③1.8④.不變⑤.變大

【解析】

【詳解】(1)[1]通過觀察實(shí)物圖可知電壓表接在電源兩端，故電路圖為B；

(2)⑵[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律

E=U+Ir

U^-Ir+E

則U-/圖線在縱軸上的截距表示電池的電動勢E,斜率是電池的內(nèi)阻廣，根據(jù)圖像可知，縱軸截距為4.5,

橫軸截距為2.5,結(jié)合上述分析可知電池電動勢E=4.5V；內(nèi)阻

45

r=—Q=1.8Q

2.5

(3)[4][5]分析測量電路可知系統(tǒng)誤差的來源是電壓表的分流作用，使得電流表的示數(shù)小于流過電池的電

流，考慮電壓表內(nèi)阻R的影響，流過電壓表的電流為

可知流過電池電流為

因電壓表內(nèi)阻&不變，隨著電壓。測值減小，電壓表電流人減小，當(dāng)電壓。測值趨于0時(shí)，/趨于/測，

在圖2中重新繪制的圖線如圖所示

故新繪制的圖線與橫坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將不變，與縱坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將變大。

(2022年，第10題)

8.冰壺是冬季奧運(yùn)會上非常受歡迎的體育項(xiàng)目。如圖所示，運(yùn)動員在水平冰面上將冰壺A推到例點(diǎn)放手,

此時(shí)A的速度%=2m/s,勻減速滑行內(nèi)=16.8m到達(dá)N點(diǎn)時(shí)，隊(duì)友用毛刷開始擦A運(yùn)動前方的冰面，

使A與NP間冰面的動摩擦因數(shù)減小，A繼續(xù)勻減速滑行/=3.5m,與靜止在P點(diǎn)的冰壺B發(fā)生正碰，

碰后瞬間A、B的速度分別為以=005m/s和％=0.55m/s。已知A、B質(zhì)量相同，A與間冰面的

動摩擦因數(shù)必=0.01,重力加速度g取10m/S?，運(yùn)動過程中兩冰壺均視為質(zhì)點(diǎn)，A、B碰撞時(shí)間極短。

求冰壺A

(1)在N點(diǎn)速度片的大??；

(2)與NP間冰面的動摩擦因數(shù)4。

MNP

kJ,J

【答案】(1)v,=0.8m/s；(2)=0.004

【解析】

【詳解】(1)設(shè)冰壺質(zhì)量為陽，A受到冰面的支持力為N,由豎直方向受力平衡，有

N=mg

設(shè)A在MN間受到的滑動摩擦力為/,則有

f=N、N

設(shè)A在MN間的加速度大小為“，由牛頓第二定律可得

f=/na

聯(lián)立解得

a-Mg=0.1m/s2

由速度與位移關(guān)系式，有

vj2—vj=-2axi

代入數(shù)據(jù)/解得

vx=0.8m/s

(2)設(shè)田[撞前瞬間A的速度為為，由動量守恒定律可得

mv2=mvK+mvB

解得

v2=0.6m/s

設(shè)A在NP間受到的滑動摩擦力為廣，則有

f'=&mg

由動能定;理可得

-f'-x2=^mv\-mv^

聯(lián)立解得

4=0.004

(2022年,第11題)

9.如圖所示，M和N為平行金屬板，質(zhì)量為〃?，電荷量為q的帶電粒子從M由靜止開始被兩板間的電場

加速后，從N上的小孔穿出，以速度v由C點(diǎn)射入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，經(jīng)。點(diǎn)穿出磁場，CZ)為圓形區(qū)域

的直徑。已知磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向垂直于紙面向外，粒子速度方向與磁場方向垂直，重力略

不計(jì)。

(1)判困，粒子的電性，并求M、N間的電壓U；

(2)求塔E子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑廠；

(3)若泡E子的軌道半徑與磁場區(qū)域的直徑相等，求粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間％

M]7

1C三請''、、

---，

mv2mv7rm

【答案】.1)正電，｛7=-：(2)r=—,(3)Z=-

2qqB3qB

【解析】

【詳解】1)帶電粒子在磁場中運(yùn)動，根據(jù)左手定則可知粒子帶正電。粒子在電場中運(yùn)動由動能定理可知

〃12

qU=-mv

2

解得

2q

（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，所受洛倫茲力提供向心力，有

V2

qvB=m一

解得

mv

r-——

qB

（3）設(shè)粒子運(yùn)動軌道圓弧對應(yīng)的圓心角為e,如圖

依題意粒子的軌道半徑與磁場區(qū)域的直徑相等，由幾何關(guān)系，得

9^-

3

設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期為T,有

T=——

V

帶電粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間

—T

2萬

聯(lián)立各式解得

71m

（2022年，第12題）

10.直流電磁泵是利用安培力推動導(dǎo)電液體運(yùn)動的一種設(shè)備，可用圖1所示的模型討論其原理，圖2為圖

1的正視圖。將兩塊相同的矩形導(dǎo)電平板豎直正對固定在長方體絕緣容器中，平板與容器等寬，兩板間距

為/,容器中裝有導(dǎo)電液體，平板底端與容器底部留有高度可忽略的空隙，導(dǎo)電液體僅能從空隙進(jìn)入兩板

間。初始時(shí)兩板間接有直流電源，電源極性如圖所示。若想實(shí)現(xiàn)兩板間液面上升，可在兩板間加垂直于。孫

面的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為8,兩板間液面上升時(shí)兩板外的液面高度變化可忽略不計(jì)。已知導(dǎo)電

液體的密度為。0、電阻率為夕，重力加速度為g。

（1）試判斷所加磁場的方向；

（2）求兩板間液面穩(wěn)定在初始液面高度2倍時(shí)的電壓；

（3）假定平板與容器足夠高，求電壓U滿足什么條件時(shí)兩板間液面能夠持續(xù)上升。

【答案】（1）沿z軸負(fù)方向；（2）4）=8型；（3）UN2絲

2BB

【解析】

【詳解】（1）想實(shí)現(xiàn)兩板間液面上升，導(dǎo)電液體需要受到向上的安培力，由圖可知電流方向沿x軸正方向，

根據(jù)左手定則可知，所加磁場的方向沿Z軸負(fù)方向。

（2）設(shè)平板寬度為分，兩板間初始液面高度為力，