2022年至2022年高一上期期末考試物理試卷(安徽省黃山市)

2022年至2022年高一上期期末考試物理試

卷（安徽省黃ft市）

選擇題

下列說法中正確的是（）

A.物體運動的方向和受力的方向總是相同的

B.作用カ和反作用カー定是同時產生同時消失

c.摩擦力的大小一定與物體所受的重力大小成比

D.合力ー定大于分力

【答案】B

【解析】

物體運動的方向和受力的方向可以不同,如平拋運動,故A錯誤;

作用カ和反作用カー定是同時產生同時消失,故B正確;摩擦力的大

小不一定與物體所受的重力大小成比,比如:用手按住一個物體在天花

板し滑動,故C錯誤;合力大小可以等于、小于或大于分力的大小,故

D錯誤。所以B正確,ACD錯誤。

選擇題

ー個石子從高處釋放,做自由落體運動,已知它在第:1s內的位

移大小是X,則它在第3s內的位移大小是（）

A.5xB.7xC.9xD.3x

【答案】A

1

【解析】

運用初速度為零的勻變速直線運動的推論直接求解。

石子做自由落體運動,自由落體運動是初速度為零的勻加速直線

運動;初速度為零的勻加速直線運動,在第1T、第2T、第3T時間內

的位移之比為1：3：55已知始終在第1s內的位移大小是X,則它在

第3s內的位移大小是5x,故A正確,BCD錯誤。

選擇題

汽車在平直公路上v0=10m/s的速度行駛,因前方有路障,即以

大小為a=2m/s2的加速度剎車,經過6s汽車的位移為()

A.24mB.30mC.96mD.25m

【答案】D

【解析】

試題汽車速度減為零的時間￡=丁=h=56,則汽車在65內的

位移等于5s內的位移,*=”=アメ5m=25m,故選項D正確。

選擇題

如圖所示,細繩下懸掛由輕彈簧連接的物體A和B,質量均為m。

系統(tǒng)處于靜止狀態(tài),繩和彈簧質量不計。則剪斷繩的瞬時,物體A

和B的加速度aA、aB大小分別為()

A.aA=g,aB=gB.aA=0,aB=0

2

C.aA=g,aB=0D.aA=2g,aB=0

【答案】D

【解析】

剪斷繩前,根據(jù)共點カ平衡條件求出彈簧彈カ的大小,剪斷輕繩

的瞬間,彈簧的彈カ不變,然后根據(jù)牛頓第二定律分別求出A、B的

加速度大小。

剪斷繩前,以B為研究對象,可得彈簧的彈カF=mg,剪斷細

繩的瞬間,彈簧的彈カ不變,對A分析,根據(jù)牛頓第二定律得,A的

加速度aん=F—=2。,方向豎直向下。對B分析,B所受的合力仍

為零,加速度為零,故D正確,ABC錯誤。

選擇題

ー質量為m的人站在電梯中,電梯加速上升,加速大小為g，3,

g為重力加速度。人對電梯底部的壓カ為（）

A.mg/3B.2mgC.mgD.4用g/3

【答案】D

【解析】解:對人分析,根據(jù)牛頓第二定律得,N-mg=ma,解

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得N=ラ脇,所以人對電梯底部的壓カ為ラ琥.故D正確,A、B、C錯

誤.

故選:

D.選擇

題

如圖所示,豎直放置的圓,其豎直直徑為AB.小球在A點由靜

3

止釋放,分別沿光滑軌道AC、AD、AE運動至圓周上C、D、E點,用

4

時分別為tl、t2、t3,則（)

A.tl<t2<t3B.tl>t2>t3C.tl=t2=t3D.tl<t2=t3

【答案】C

【解析】

先對任ー軌道,分析小球的受力,再根據(jù)牛頓第二定律計算出小

球沿任意一根軌道滑動的加速度,然后根據(jù)位移時間關系公式計算出

時間,對表達式分析,得出時間與各因素的關系后得出結論。

對小球分析受力,小球受重力和支持力,將重力沿桿的方向和垂

直桿的方向正交分解,根據(jù)牛頓第二定律得小球做初速度為零的勻加

mgcosG

速直線運動,加速度為。=ー『=gc°s6,（。為桿與豎直方向的夾角）

由圖中的直角三角形可知,小球的位移x=dcos〇（d是圓的直徑）

由x=，at2,解得:，ー后ー丿9血9ー后,所以t與。無關,即tl=t2

=t3,故C正確,ABD錯誤。

選擇題

光滑斜面傾角為用平行于斜面向上的カF,作用在質量為m

的物體上,物體由靜止開始運動時間t后,撤去カF,又經t時間,

物體恰回到出發(fā)點。則（）

A.F=2mgsin9B.4F=3mgsin。C.3F=4mgsin。D.3F=mgsin

e

5

【答案】c

【解析】

將撤去F后的過程看成一個勻減速直線運動,勻加速直線運動和

這個勻減速直線運動的位移大小相等、方向相反,由位移關系和位移

時間公式列式求出加速度之比。由牛頓第二定律求F。

以物體為研究對象,對物體受カ分析,撤去F前,根據(jù)牛頓第二

定律得:F-mgsin9=mal,撤去F后根據(jù)牛頓第二定律得:mgsin

9=ma2,撤去F之前物體做勻加速直線運動,x=<2,撤去F時

速度v=alt,撤去F后,x2=vt-a2t2,物體能回到出發(fā)點x2=-xl,

聯(lián)立以上各式得:a2=3al,3F=4mgsin0,故ABD錯誤,C正確。

選擇題

下列說法正確的是（）

A,研究地球繞太陽公轉軌跡時,可以將地球看成是質點

B.伽利略研究自由落體運動的斜面實驗“沖淡”了重力的作用,

便于小球運動時間的測量

C.北京地面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大

D.“千克”、“米”、“秒”、“牛嫂都屬于國際軻立制的基本單

位

【答案】ABC

【解析】

如果研究地球公轉時,地球的大小和形狀可以忽略,可以看作質

點,故A正確;伽利略時代,沒有先進的測量手段和工具,為了“減

6

小”重力作用,采用斜面實驗,其實就是為了使物體下落時間長些,

減小實驗誤差,故B正確;根據(jù)重力加速度分布的特點可知,北京地

面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大,故C正確;“千克”、

“米”、“秒”、都屬于國際單位制的基本單位,“牛頓”屬于導出單位,

故D錯誤。所以ABC正確,D錯誤。

選擇題

下列四個圖象分別描寫甲、乙、丙、丁四個物體的位移、速度、

加速度和所受的合外力與時間的關系。關于四個做直線運動物體的運

動,下列說法正確的是（）

A,甲物體做勻加速直線運動

B,乙物體做勻速直線運動

C.丙物體做勻減速直線運動

D.丁物體做加速度大小先減小后增大的直線運動

【答案】BD

【解析】

勻加速運動是指物體的加速度保持不變,即不但加速度的大小保

持不變,加速度的方向也要保持不變。

由于甲圖是位移ー時間圖象,其斜率代表物體的速度,斜率不變,

說明甲物體做勻速直線運動,故A錯誤;由于乙圖是速度時間圖象,

7

由圖可知乙做勻速直線運動,故B正確;丙圖是加速度時間圖象,由

圖可知物體的加速度隨時間減小,故丙的做的是非勻變速運動,故C錯

誤;丁圖是合外力F隨時間變化的關系圖象,由圖可知F的大小先減

小后反向增大,故物體的加速度先減小然后反向增大,故D正確。所

以BD正確,AC錯誤。

選擇題

如圖所示,從彈簧上方某點自由下落的小球,從接觸到豎直放置

的彈簧,到彈簧的壓縮量最大的過程中,小球的速度及所受合力大小

的變化情況正確的是（）

A,速度先變大,后變小B,速度先變小,后變大

C.合力先變大,后變小D,合力先變小,后變大

【答案】AD

【解析】

根據(jù)小球下落與彈簧接觸過程中彈カ變化,即可求出小球合外力

的變化情況,進ー步根據(jù)牛頓第二定律得出加速度變化,從而明確速

度的變化情況。

開始階段,彈簧的壓縮量較小,因此彈簧對小球向上的彈カ小于向

下重力,此時合外力大小:F=mg-kx,方向向下,隨著壓縮量的增加,

彈カ增大,故合外力減小,則加速度減小,由于合外力與速度方

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向相同,小球的速度增大;當mg=kx時,合外力為零,此時速度最大;

由于慣性物體繼續(xù)向下運動,此時合外力大小為:F=kx-mg,方向向

上,物體減速,隨著壓縮量增大,物體合外力增大,加速度增大。即

整個過程中合外力先變小后變大,速度先變大后變小,故AD正確,

BC錯誤。

選擇題

如圖所示,材料相同,質量分別為M和m的兩物體A和B靠在

ー起放在水平面上。用水平推力F向右推A使兩物體ー起向右加速運

動時（圖甲），A和B之間的作用カ為F1,加速度為al.用同樣大小

的水平推力F向左推B加速運動時（圖乙），A和B之間的作用カ為

F2,加速度為a2.貝リ（）

A.Fl：F2=1：1B.Fl：F2=m：MC.al：a2=M：mD.al：

a2=1：1

【答案】BD

【解析】

分別對A和B,應用整體法可以求得系統(tǒng)的共同的加速度的大小,

再采用隔離法對A或B受力分析,可以求得物體之間的作用的大。

用水平推力F向右推A時,對整體由牛頓第二定律得:F-レ（M+m）

g=（M+m）al,對于B由牛頓第二定律得：Fl-umg=mal,解得:

9

旬="+小ー"。,%="+m,用水平カF向左推B時,對AB整體由牛

頓第二定律得:F-u(M+m)g=(M+m)a2,對于A由牛頓第二

「MF

定律得:F2-PMg=Ma2,解得:，’2-M+m,所以Fl：F2=m：M,

al：a2=l：1,故BD正確,AC錯誤。

實驗題

打點計時器是用來測量的儀器。電火花式打點計時器使用

的電源是〇(選填"6V交流電源”或“220V交流電源”)

【答案】時間220V交流電源

【解析】

打點計時器是用來計時的儀器;電火花計時器的工作電源是

220V的交流電源;

實驗題

某同學在做“測勻變速直線運動的加速度”的實驗中,用打點計

時器記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況.在紙帶上確定出A、B、C、D、

E、F、G共フ個計數(shù)點,相鄰兩點間的距離如圖,每兩個相鄰的計數(shù)

點之間的時間間隔為0.10s.

ABCDEFG

>1

4.3Scm.5.20cm5.99cm6.80cm7.62cm

r1

(1)計算A到D的平均速度ザ=m/s

(2)計算出打下B點時小車的瞬時速度(小數(shù)點后保留兩位有

效數(shù)值)vB=m/s

1

(3)試計算小車運動的加速度a=m/s2.

【答案】0.440.400.80

【解析】:(1)A至リD的平均速度:

一s.0.0362+0,0438+0.0520…,

v=—=------------------------------=044n^s

寃3x0.1;

(2)根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平

均速度可得:

00362+0.0438

=0.4<Ws

2x0.1

(3)根據(jù)勻變速直線運動的推論公式Ax=aデ可以求出加速度的

大小,

即:2ー々=3%ボ

七一ゝ二ユ%ア’

出一巧=3%ボ

°="(°1+%+%)

有以上公式可得:

0.0599+0.068040.0762-0.0362-00438-00520,

a=----------------------------------------------=08(Ws2

9x(0.以

綜上所述本題答案是:(1)0.44(2).0.40(3).0.80

實驗題

為了探究質量一定時加速度與力的關系,一同學設計了如圖所示

的實驗裝置,其中M為帶滑輪的小車的質量,n為砂和砂桶的質量,

(滑輪質量不計)

1

:----------------打?取用

1

mfUU

（1）實驗時,一定要進行的操作或保證的條件是?

___________________________________________________.A

.用天平測出砂和砂桶的質量

B,將帶滑輪的長木板右端墊高,以平衡摩擦カ

C.小車靠近打點計時器,先接通電源,再釋放小車,打出一條

紙帶,同時記錄彈簧測カ計的示數(shù)

D,改變砂和砂桶的質量,打出幾條紙帶

E.為減小誤差,實驗中一定要保證砂和砂桶的質量m遠小于小

車的質量M

（2）以彈簧測カ計的示數(shù)F為橫坐標,加速度為縱坐標,畫出

的a-F圖像是一條直線,圖線與橫軸的夾角為リ求得圖線的斜率為k,

則小車的質量為

【答案】（1）BCD（2）k

【解析】試題分析:（1）本題拉カ可以由彈簧測カ計測出,不需

要用天平測出砂和砂桶的質量,也就不需要使小桶（包括砂）的質量

遠小于車的總質量,故A錯誤,隹昔誤;該題是彈簧測カ計測出拉カ,

從而表示小車受到的合外力,故需要將帶滑輪的長木板右端墊高,以平

衡摩擦カ,同時保持彈簧測カ計及其連接線與長木板平行,故B正確;

打點計時器運用時ー,都是先接通電源,待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶,

該實驗探究加速度與力和質量的關系,要記錄彈簧測カ計的示數(shù),故C

正確;改變砂和砂桶質量,即改變拉力的大小,打出幾條紙帶,研

究加速度隨F變化關系,故D正確。

(3)對。-F圖來說,圖象的斜率表示小車質量的倒數(shù),此題,

彈簧測カ計的示數(shù)合,故小車質量為"'=鼠

解答題

一艘快艇以2m/s2的加速度在海面上做勻加速直線運動,快艇的

初速度是6m/so求:

(1)這艘快艇在4s末的速度大小;

(2)8s內經過的位移大小。

【答案】；

(1)14m/s(2)112mo

【解析】

根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出快艇的速度,結合位移

時間公式求出快艇的位移。

(1)根據(jù)運動學公式,快艇運動t=4s時的速度

貝リvt=vO+at=6m/s+2m/s2X4s=14m/s

(2)根據(jù)運動學公式,快艇運動t=8s時的位移:

x=vot4-=6X8—gX2X82m=112in

解答題

如圖所示,已知均勻球重40N,懸掛在光滑豎直墻邊并處于靜止

狀態(tài),繩與墻夾角為37°角,(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。求:

1

(1)輕繩對球的拉カFT；

②墻對球的支持力FNo

【答案】(1)50N方向沿繩子向上(2)30N方向水平向右。

【解析】

對球受力分析,利用合成法可關鍵平行四邊形,由平衡條件求解

即可。

對球受力分析如圖所示:

ゆ

根據(jù)物體的平衡條件可得:

(1)由幾何關系得:FTcos37°=G

解得：FT=50N方向沿繩子向上

(2)FN=Gtan37°=30N方向水平向右

解答題

在平直公路上運動的汽車經過某位置時,從ー輛同向勻速運動的

自行車旁經過。以該位置為原點,自行車和汽車位移隨時間的變化關

1

系是(均為國際單位):自行車xl=6t,汽車x2=10t-(4)t2.求:

￠1)經過多長時間自行車能追上汽車?

(2)自行車追上汽車時,汽車速度多大?

(3)自行車追上汽車前,二者間最大距離是多少?

【答案】(1)16s(2)2m/s(3)16m

【解析】

根據(jù)各自運動的位移時間關系,再根據(jù)追及相遇問題的條件位移

相等由公式求解即可

(D由題意知,自行車勻速運動的速度v自=6m/s,汽車做勻

減速運動,其初速度v0=10m/s,加速度大小a=0.5m/s2

自行車能追上汽車時,兩者在同樣的時間t內通過的位移相等。

即:

6t=10t-4f

代入數(shù)據(jù)解得:t=16s

設汽車經過汽車tO時間停止,根據(jù)運動學公式：vt=vO+at,

即:0=10m/s+(-0.5m/s2)tO,

解得:tO=20s

因為t<tO,所以經過16s自行車追上汽車

②根據(jù)運動學公式,自行車追上汽車時,

汽車速度v=v0+at=10m/s+(-0.5m/s2)X