2023屆四川省成都市高三下學(xué)期第三次診斷性檢測(cè)理綜物理試題（ 含答案解析 ）

第1頁(yè)/共1頁(yè)成都市2020級(jí)高中畢業(yè)班第三次診斷性檢測(cè)理科綜合一、選擇題：1.我們?cè)诘厍蛏汐@取和消耗的能量，絕大部分來自太陽(yáng)內(nèi)部核聚變釋放的核能。下列核反應(yīng)方程中，屬于核聚變的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】A．，是衰變方程，Ａ錯(cuò)誤；B．，是聚變方程，是太陽(yáng)內(nèi)部核聚變的反應(yīng)方程，Ｂ正確；C．，是人工核轉(zhuǎn)變，C錯(cuò)誤；D．，是裂變方程，D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖為顯像管原理俯視圖（紙面內(nèi)）。若電子槍發(fā)射的高速電子束經(jīng)磁偏轉(zhuǎn)線圈的磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后打在熒光屏上a點(diǎn)，則（）A.磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里B.磁場(chǎng)越強(qiáng)，電子束打在屏上的位置越靠近屏的中心O點(diǎn)C.要讓電子束從a逐漸移向b，應(yīng)將磁場(chǎng)逐漸減弱至零，再將磁場(chǎng)反向且逐漸增強(qiáng)磁場(chǎng)D.要讓電子束從a逐漸移向b，應(yīng)逐漸增強(qiáng)磁場(chǎng)使電子束過O點(diǎn)，再將磁場(chǎng)反向且逐漸減弱磁場(chǎng)【答案】C【解析】【詳解】A．電子向上偏轉(zhuǎn)，據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，A錯(cuò)誤；B．由洛倫茲力作為向心力可得解得磁場(chǎng)越強(qiáng)，偏轉(zhuǎn)半徑越小，電子束打在屏上的位置越遠(yuǎn)離屏的中心O點(diǎn)，B錯(cuò)誤；CD．磁場(chǎng)越弱，偏轉(zhuǎn)半徑越大，電子束打在屏上的位置越靠近屏的中心O點(diǎn)，要讓電子束從a逐漸移向b，應(yīng)將磁場(chǎng)逐漸減弱至零，再將磁場(chǎng)反向且逐漸增強(qiáng)磁場(chǎng)，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3.2023年的春晚舞蹈《錦繡》，藝術(shù)地再現(xiàn)了古代戍邊將士與西域各民族化干戈為玉帛并建立深厚友誼的動(dòng)人故事。圖（a）是一個(gè)優(yōu)美且難度極大的后仰動(dòng)作，人后仰平衡時(shí)，可粗略認(rèn)為頭受到重力、肌肉拉力和頸椎支持力。如圖（b），若彎曲后的頭頸與水平方向成角，與水平方向成角，則可估算出的大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由力平衡條件可得，解得故選A。4.如圖，圓心為O1光滑半圓環(huán)固定于豎直面，輕彈簧上端固定在O1正上方的O2點(diǎn)，c是O1O2和圓環(huán)的交點(diǎn)；將系于彈簧下端且套在圓環(huán)上的小球從a點(diǎn)靜止釋放，此后小球在a、b間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。若小球在a點(diǎn)時(shí)彈簧被拉長(zhǎng)，在c點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮，。則下列判斷正確的是（）A.小球在b點(diǎn)受到的合力為零B.彈簧在a點(diǎn)的伸長(zhǎng)量可能小于彈簧在c點(diǎn)的壓縮量C.彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，小球的速度最大D.在a、b之間，小球機(jī)械能最大的位置有兩處【答案】D【解析】【詳解】A．套在圓環(huán)上的小球從a點(diǎn)靜止釋放，此后小球在a、b間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，表明小球在a點(diǎn)的合力不等于零，合力的方向沿著a點(diǎn)的切線向上；因?yàn)橄到y(tǒng)的機(jī)械能守恒，a點(diǎn)和b點(diǎn)關(guān)于O1O2對(duì)稱，所以小球在b點(diǎn)受到的合力不等于零，合力的方向b點(diǎn)的切線向上，A錯(cuò)誤；B．小球從a點(diǎn)到c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，小球在a點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最小等于零，小球在a點(diǎn)時(shí)位置最低，小球在a點(diǎn)時(shí)的重力勢(shì)能最小，那么，小球在a點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最??；又因?yàn)樾∏蚝蛷椈山M成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以小球在a點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，那么，小球在a點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量最大，所以彈簧在a點(diǎn)的伸長(zhǎng)量一定大于彈簧在c點(diǎn)的壓縮量，B錯(cuò)誤；C．小球受到重力、彈簧的拉力、圓環(huán)的支持力，這三個(gè)力的合力為零時(shí)，小球的速度最大，此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)橄到y(tǒng)的機(jī)械能守恒，所以彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，小球的機(jī)械能最大；在a、b之間，彈簧處于原長(zhǎng)的位置有兩處，一處位于a、c之間，另一處位于c、b之間，這兩點(diǎn)關(guān)于O1O2對(duì)稱，D正確。故選D。5.電影《流浪地球2》中的太空電梯令人震撼。太空電梯的結(jié)構(gòu)設(shè)計(jì)如右圖所示，地球半徑約，太空電梯空間站位于離地面約的地球同步軌道上，其上方約高度有平衡錘，空間站上、下方均用纜繩分別連接地面和平衡錘，運(yùn)載倉(cāng)與纜繩間的作用力可忽略。下列說法正確的是（）A.運(yùn)載倉(cāng)由地面上升至空間站的過程中始終處于失重狀態(tài)B.連接空間站的上、下兩根纜繩對(duì)空間站的拉力大小相等C.平衡錘、空間站的加速度與地球表面重力加速度的大小關(guān)系為D.若平衡錘下方的纜繩突然斷裂，則平衡錘將做近心運(yùn)動(dòng)跌落至地球表面【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)“太空電梯”結(jié)構(gòu)可知運(yùn)載倉(cāng)由地面上升至空間站的過程中，角速度不變，線速度逐漸增大，運(yùn)載倉(cāng)不是始終處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．由于太空電梯空間站處于地球同步軌道上，可知地球?qū)λ娜f有引力剛好提供其繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，則連接空間站的上、下兩根纜繩對(duì)空間站的拉力大小相等，方向相反，故B正確；C．對(duì)于太空電梯空間站，地球?qū)λ娜f有引力剛好提供向心力，則有又可得根據(jù)，可得聯(lián)立可知平衡錘、空間站的加速度與地球表面重力加速度的大小關(guān)系為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意可知，若平衡錘下方的纜繩突然斷裂，平衡錘與地球之間的萬有引力將不足以提供平衡錘做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，因此平衡錘將做離心運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖，凹形槽車靜止在水平直軌道上，位于光滑槽底的水平輕彈簧一端連接右側(cè)槽壁，另一端連接質(zhì)量的物體，物體靜止時(shí)，彈簧對(duì)物體的壓力。現(xiàn)使槽車與物體一起以的加速度沿軌道運(yùn)動(dòng)，用表示彈簧的彈力大小，用表示物體對(duì)左側(cè)槽壁的壓力大小，下列判斷正確的是（）A.若的方向向左，則 B.若的方向向左，則C.若的方向向右，則 D.若的方向向右，則【答案】AC【解析】【詳解】AB．若加速度向左，物體的加速度也就是向左，設(shè)左側(cè)槽壁對(duì)物體恰好沒有作用力，根據(jù)牛頓第二定律，有即槽車和物體一起向左以加速度大小為運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧彈力為2N，但是槽壁對(duì)物體沒有支持力，A正確，B錯(cuò)誤；CD．同理，若的方向向右，設(shè)左側(cè)槽壁對(duì)物體的作用力大小為，彈簧長(zhǎng)度不變，所以彈簧的彈力為2N，根據(jù)牛頓第二定律，有所以彈簧彈力為2N，槽壁對(duì)物體的彈力為4N，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。7.圖（a）和圖（b）分別是手動(dòng)式手電筒內(nèi)“振動(dòng)式發(fā)電機(jī)”的截面圖和俯視圖，圓形線圈半徑為、匝數(shù)為100，所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向平行于截面指向軸心；線圈兩端接原、副線圈匝數(shù)比的理想變壓器，給兩個(gè)額定電流均為的燈泡供電?，F(xiàn)用外力使線圈沿軸線往復(fù)運(yùn)動(dòng)，線圈兩端電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間按圖（c）所示的正弦規(guī)律變化，兩燈泡恰好正常發(fā)光。不計(jì)線圈及導(dǎo)線電阻，外力發(fā)電效率為。下列判斷正確的是（）A.時(shí)刻，線圈往復(fù)運(yùn)動(dòng)的速度為零B.線圈電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為C.外力做功功率為D.線圈往復(fù)運(yùn)動(dòng)中的最大速度為【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖(c)可知時(shí)刻，電動(dòng)勢(shì)為最大值，根據(jù)可知線圈往復(fù)運(yùn)動(dòng)的速度最大，故A錯(cuò)誤；B．由圖(c)可知電動(dòng)勢(shì)的最大值為，周期為，角速度為則線圈電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為故B正確；C．設(shè)原線圈兩端的電壓有效值為，則有設(shè)副線圈兩端的電壓有效值為，根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系有解得兩燈泡的總功率為外力做功功率為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有解得故D正確。故選BD。8.如圖，間距為的固定平行雙導(dǎo)軌由足夠長(zhǎng)的水平光滑段和傾角為的粗?段構(gòu)成，所在空間有方向垂直于傾斜導(dǎo)軌所在平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量均為、電阻均為的金屬棒和分別垂直于導(dǎo)軌放在水平和傾斜導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好。時(shí)刻，棒恰好靜止，棒在水平外力作用下從靜止開始水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；時(shí)刻，棒恰好開始滑動(dòng)。不計(jì)導(dǎo)軌電阻，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為。則（）A.時(shí)刻，棒對(duì)軌道的壓力大小為B.時(shí)刻，棒的速率為C.時(shí)刻，棒的熱功率為D.時(shí)間內(nèi)，通過棒的電荷量為【答案】BC【解析】【詳解】導(dǎo)體棒ab運(yùn)動(dòng)的過程根據(jù)右手定則得出ab棒中的感應(yīng)電流為a到b，cd棒中的電流從d到c，此時(shí)cd受到的安培力沿斜面向上，時(shí)ab棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，cd開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，f向下。A．t0=0時(shí)對(duì)ab棒受力分析得對(duì)cd棒受力分析的則綜上可得A錯(cuò)誤；B．由得對(duì)ab棒根據(jù)閉合電路歐姆定律得出則得出B正確；C．a(chǎn)b棒做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)此時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為則熱功率為C正確；D．對(duì)ab棒，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得則通過棒的電荷量為D錯(cuò)誤。故選BC。第Ⅱ卷（非選擇題，共計(jì)174分）三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第9~12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第13~16題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）9.圖示的四個(gè)高中力學(xué)實(shí)驗(yàn)，在原理、方法、器材、操作、測(cè)量、數(shù)據(jù)分析等方面有不少相同處和相異處。①需要用天平測(cè)量物體質(zhì)量的是_________；②不需要平衡摩擦力的是_________和_________；③物體在開始一段時(shí)間內(nèi)加速度大小不斷變化的是_________。（均填實(shí)驗(yàn)前的序號(hào)字母）A．探究小車的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律B．探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系C．探究功與速度變化的關(guān)系D．驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【答案】①.B②.A③.D④.C【解析】【詳解】A．探究小車的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律，不需要測(cè)量質(zhì)量，也不需要平衡摩擦力，在鉤碼的拉動(dòng)下，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度不變；B．探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，需要測(cè)量小車質(zhì)量，為了方便測(cè)量小車受到的合力，需要平衡摩擦力，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度不變；C．探究功與速度變化的關(guān)系，只要實(shí)驗(yàn)過程中小車質(zhì)量保持不變即可，不需要測(cè)量小車質(zhì)量，為了使橡皮筋拉力做的功等于合力做的功，需平衡摩擦力，由于橡皮筋對(duì)小車?yán)Φ暮狭κ亲兞Γ市≤嚰铀龠^程的加速度會(huì)發(fā)生變化；D．驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，不需要平衡摩擦力，不需要測(cè)量重物的質(zhì)量，重物做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。①[1]需要用天平測(cè)量物體質(zhì)量的是B；②[2]不需要平衡摩擦力的是A和D；③[3]物體在開始一段時(shí)間內(nèi)加速度大小不斷變化的是C。10.在有光照時(shí)，太陽(yáng)能電池利用半導(dǎo)體“結(jié)”受光照射時(shí)的光伏效應(yīng)發(fā)電，將光能轉(zhuǎn)化為電能，可以視為一個(gè)電源。某實(shí)驗(yàn)小組想用伏安法測(cè)量光照一定的情況下（電動(dòng)勢(shì)不變）某太陽(yáng)能電池的電動(dòng)勢(shì)（約）和內(nèi)阻，所提供的器材有：A．電壓表：量程，內(nèi)阻約B．電壓表：量程，內(nèi)阻約C．電流表：量程，內(nèi)阻約D．電流表：量程，內(nèi)阻約E．滑動(dòng)變阻器：最大阻值為F．開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）為使測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，能采集多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)且便于實(shí)驗(yàn)操作，電流表應(yīng)選_________，電壓表應(yīng)選_________。（均填器材前的序號(hào)字母）（2）請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上將圖（a）所示的器材符號(hào)連線，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖_________。（3）實(shí)驗(yàn)小組調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器測(cè)得多組電壓和電流數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上描繪出光照一定情況下（電動(dòng)勢(shì)不變），電池的路端電壓與輸出電流的關(guān)系如圖（b），他們發(fā)現(xiàn)當(dāng)輸出電流時(shí)，與成線性關(guān)系。則該電池的電動(dòng)勢(shì)_________V，在滿足與成線性關(guān)系的條件下，該電池的內(nèi)阻_________。（均保留2位有效數(shù)字）（4）在實(shí)驗(yàn)設(shè)定的光照下，在滿足與成線性關(guān)系的條件下，該電池的最大輸出功率為_________W（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?C②.A③.④.2.9⑤.7.3⑥.0.27【解析】【詳解】（1）[1][2]電動(dòng)勢(shì)E約為3V，即電壓最大測(cè)量值約為3V，此時(shí)干路電流解得干路電流約為，由以上分析可知，電壓表應(yīng)選擇A，電流表應(yīng)選擇C。（2）[3]因內(nèi)阻r較小，電流表的分壓作用大于電壓表的分流作用，故應(yīng)用電壓表測(cè)量路端電壓，實(shí)驗(yàn)電路圖如下圖（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律可知故圖像的縱軸截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，讀數(shù)可知圖像線性部分的斜率的絕對(duì)值等于內(nèi)阻的大?。?）[6]當(dāng)干路電流與路端電壓呈線性關(guān)系時(shí)，內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，在圖像上畫出外電路電阻的伏安特性圖線，如下圖此時(shí)交點(diǎn)處電流約為195mA，超出線性范圍，若電阻R的圖線在150mA處與電源的伏安特性圖線相交，可以求得此時(shí)電阻R的阻值為此時(shí)外電路電阻大于內(nèi)阻，若交點(diǎn)處電流繼續(xù)減小，電阻R的阻值將增大，電源的輸出功率減小，即外電路電阻時(shí)，電源的輸出功率最大，如下圖此時(shí)，電路中干路電流路端電壓電源輸出功率為11.某同學(xué)用圖（a）所示裝置探究豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)。固定在同一豎直面的軌道由三部分構(gòu)成，直軌道與圓軌道在端相切，最低點(diǎn)處有壓力傳感器，圓軌道的端與等高且兩端的切線均豎直，，兩圓軌道的半徑相同、圓心等高。將一小球從軌道上不同位置靜止釋放，測(cè)出各次壓力傳感器的示數(shù)，得到與釋放點(diǎn)到點(diǎn)的高度的關(guān)系圖像如圖（b）。小球可視為質(zhì)點(diǎn)且恰好能自由通過D、E端口，不計(jì)摩擦力和空氣阻力，重力加速度。（1）求小球的質(zhì)量和兩圓軌道的半徑；（2）要讓小球沿圓軌道通過點(diǎn)，求釋放點(diǎn)的高度滿足的條件?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【詳解】（1）從釋放到C點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律有在C點(diǎn)，由牛頓第三定律知，支持力大小等于壓力大小，由牛頓第二定律有兩式聯(lián)立得結(jié)合題圖（b）的圖像可知解得（2）從釋放到G點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律有恰好到達(dá)點(diǎn)的條件是球?qū)壍赖膲毫η榱?，由牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得故滿足的條件是：。12.如圖（a），“L”型絕緣不帶電木板靜止在水平地面上，電荷量的滑塊靜止在木板上左端，電荷量的滑塊靜止在木板上距木板右端處；左側(cè)（含B所在位置）的木板面粗糙，右側(cè)的木板面光滑；和粗糙木板面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，木板和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。時(shí)刻，在空間加一水平向右的電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小隨時(shí)間變化的圖像如圖（b），時(shí)刻，撤去電場(chǎng)。已知木板、的質(zhì)量均為可視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，可能的碰撞均為時(shí)間極短的彈性碰撞，不計(jì)間的庫(kù)侖力，重力加速度。（1）試通過計(jì)算判斷：時(shí)刻，滑塊和木板是否處于靜止?fàn)顟B(tài)；（2）求時(shí)刻，滑塊B的速度大?。唬?）求滑塊B再次返回木板上初始位置的時(shí)刻?！敬鸢浮浚?）A、B和木板均處于靜止?fàn)顟B(tài)；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由題圖（b）的圖像可知：時(shí)刻，受到的電場(chǎng)力大小為（向左），（向右）和所受的最大靜摩擦力為因?yàn)楣屎途粫?huì)相對(duì)木板滑動(dòng)，地面對(duì)木板的最大靜摩擦力為對(duì)木板、和組成的系統(tǒng)，因故木板不會(huì)相對(duì)地面滑動(dòng)，所以滑塊A、B和木板均處于靜止?fàn)顟B(tài)；（2）①隨增大，設(shè)在時(shí)刻相對(duì)木板滑動(dòng)并從滑板左側(cè)滑落，此時(shí)的臨界關(guān)系為解得由題圖（b）的圖像可知對(duì)應(yīng)時(shí)刻為②隨繼續(xù)增大，假設(shè)木板和相對(duì)靜止且在時(shí)刻開始向右運(yùn)動(dòng)，此時(shí)的臨界關(guān)系為解得由題圖（b）的圖像可知對(duì)應(yīng)時(shí)刻為，因?yàn)樗约僭O(shè)成立再隨繼續(xù)增大，將在時(shí)刻相對(duì)木板向右滑動(dòng)，此時(shí)的臨界關(guān)系為對(duì)B分析對(duì)系統(tǒng)分析解得由題圖（b）圖像可知對(duì)應(yīng)時(shí)刻為綜上，在時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力的沖量為對(duì)系統(tǒng)，由動(dòng)量定理有代入數(shù)據(jù)解得時(shí)刻和木板的共同速度為（3）至，電場(chǎng)強(qiáng)度恒為，B進(jìn)入木板上光滑部分由牛頓第二定律可得對(duì)B對(duì)木板代入數(shù)據(jù)得（向右），（向左）設(shè)木板經(jīng)時(shí)間發(fā)生位移停止運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有代入數(shù)據(jù)得設(shè)B在內(nèi)發(fā)生位移，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有代入數(shù)據(jù)得因?yàn)楣是『迷跁r(shí)刻，B以速度與靜止的木板相碰因B和木板的質(zhì)量相等，碰撞過程中系統(tǒng)能量、動(dòng)量均守恒，故碰撞后兩者速度互換，即碰后木板和的速度分別為（向右），設(shè)再經(jīng)過再次返回木板上的初始位置，此過程中，B始終靜止，木板的加速度仍為由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有代入數(shù)據(jù)解得綜上，B再次返回木板上的初始位置的時(shí)刻為（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號(hào)涂黑。注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。[物理選修3-3]（15分）13.下列說法正確的是（）A.當(dāng)液體溫度一定時(shí)，液體中懸浮的固體小顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B.當(dāng)分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大C.隨著科技的進(jìn)步，我們可以將氣體的溫度降到絕對(duì)零度D.物體的溫度越低，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能越小E.一定質(zhì)量的理想氣體，如果在某個(gè)過程中溫度升高，內(nèi)能一定增加，氣體可能對(duì)外做功【答案】BDE【解析】【詳解】A．當(dāng)液體溫度一定時(shí)，液體中懸浮的固體小顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．當(dāng)分子間表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，即分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大，選項(xiàng)B正確；C．絕度零度是低溫的極限，即使隨著科技的進(jìn)步，也永遠(yuǎn)不可能達(dá)到，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體的溫度越低，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能越小，選項(xiàng)D正確；E．一定質(zhì)量的理想氣體，如果在某個(gè)過程中溫度升高，內(nèi)能一定增加，氣體體積可能增加，即可能對(duì)外做功，選項(xiàng)E正確。故選BDE。14.如圖，底部水平的固定圓柱形氣缸內(nèi)，用質(zhì)量為、橫截面積為S的圓盤形活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)封閉氣體溫度為T且活塞平衡時(shí)，封閉氣體的體積為V?，F(xiàn)保持封閉氣體的溫度不變，對(duì)活塞施加一個(gè)方向豎直向上、大小恒為F的拉力，活塞再次平衡時(shí)，封閉氣體的體積為；再保持不變，加熱封閉氣體使其緩慢升溫至，活塞第三次達(dá)到平衡。不計(jì)氣缸與活塞間的摩擦，重力加速度大小為。求：（ⅰ）活塞第三次達(dá)到平衡時(shí)的體積；（ⅱ）外界大氣壓強(qiáng)值?！敬鸢浮浚á。唬áⅲ窘馕觥俊驹斀狻浚á。┰O(shè)外界氣體壓強(qiáng)為，封閉氣體在狀態(tài)1、2（活塞再次平衡）的壓強(qiáng)分別為，從狀態(tài)2到狀態(tài)3（活塞第三次達(dá)到平衡），封閉氣體發(fā)生等壓變化，由蓋—呂薩克定律有將代入解得（ⅱ）從狀態(tài)1到狀態(tài)2，氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律有將代入得狀態(tài)1，由力的平衡條件有狀