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文檔簡介
從已編號為1~50的50枚研制的某種型號的中隨機抽取5枚來進行發(fā)射實驗,若用每部分選取的號碼間隔一樣的系統(tǒng)抽樣方法,則所選取5枚的編號可能 U=R,Ax|x(x2)0Bx|y1n(1x)}A.{x|x
B.{x|1xzzA12B13,z2A.1
B. C.1
D. A. B. C. D.5
4564 4 3
在ABC中,若sinAsinAcosCcosAsinC,則ABCA.正三角 充要條 2m28x22m
1353 353
35 35255 n(n2
(n2)(n2
各項都是正數(shù)的等比數(shù)列a的公比q1,且a1aaa3a4 22
a 在ABCAB1AC
2,2
1,則BC 2 Axax1、Bxax2yax
ax12
>a
如圖,點AB、C都在⊙O上,過點C的切線交AB的延長線于點D,若AB=5,BC=3,CD=6,則線段AC的長 在極坐標系中,過點22,4作圓4sin的切線,則切線的極坐標方程 (3cosxsinx)sin1(3cosxsinx)sin1 f()3f(x
(1)
B18n nn c104n1nN*,數(shù)列a的前n項和為n nn
2nlogc2n求anSn數(shù)列b滿足b 4S1 nn20.(14f(x)
a,g(x)alnxx(a0f(xa0x1x20eg(x1f(x221.14B1(1,y1),B2(2,y2,An(xn,點列A1(x1,0),,An(xn,
(nN*y,Bn,Bn(n,ynx(nN*)順次為xx1a(0a1nN*AnBnAn1Bn 題2015(一)題123456789 16.(16.(12分18.(14分EAC17.(12分19.19.(14分20.(14分21.(14分123456789BBAABCBCDA
5-2
12.1
sinxsin5 ;5 29
sinx122
解
f()3
(33
sin3)
32
(313) 2
102
122cos分
2 2 2
f(
xRxk,kZ
2 2 f(x)(3cosxsinx)sin2x1sinx(3cosxsinx)1
3sin2xsin2x2cos
sin2x1cos2x
sin2x
……833) 33)所以f(x)的最小正周期為T2 92
2x ,x
得 x ,x 所以f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為 ……12(1) n
……562
3
4
分
,
,
,
10
.……11分∴第2組至少有1人獲得幸運
.…12 (本小題滿分14分)證明(1)在平面 內(nèi),作 ,O為垂足.因 所以 ,即O為AC的中點,所以 .……3 .因為側(cè)面AA1C1⊥底面ABC,交線為AC, 33
9所以 .……14分19.(本小題滿分14分)解:(Ⅰ) ,所以公比q
1 得
, 4所以
log22n12n1………5
Sn(a1an)n[12n1)]n2……6 2(Ⅱ)由(Ⅰ)知b 2
1
4n2 2n111 1 1于是Tn213
9 5
2n1
2n 11
12m整理得4m27m20 解得m14
因此,存在正整數(shù)m2,使得T1,Tm,T6m成等比數(shù) 14(本小題滿分14分解:(Ⅰ)函數(shù)
f
的定義域為R
f(x)(x21)2
(x2a0xf(xf(xx(,1f00f↘↗↘a0xf(xf(xx(,1f00f↗↘↗
.……24分a0f(x的單調(diào)遞增區(qū)間為(1,1,單調(diào)遞減區(qū)間為(1(1a0f(x的單調(diào)遞增區(qū)間為(1(1,單調(diào)遞減區(qū)間為(1,1.……5(2)由(1)a0f(x在(0,1f(xf(0)f(x在(1e
f(e)
e21
a
x(0ef(xag(x)alnxxg(x)a所 令g(x)0,得x 7①當0aeg(x0,得0xag(x0xag(x在(0a上單調(diào)遞增,在(aeg(x)maxg(aalnaa因aalnaaa(2lnaa(2lnea
x1,x20,
g(x1f(x2.…10aeg(x0在(0eg(x在(0eg(x)maxg(eaea
f(x2)
f(x2 14n
n4n
1.所以數(shù)列
2(2)Bn(n4An(xn0)An1(xn10)An、BnAn1Bn為頂點的等∴|AB||
|, (xn)(xn)(2n2n4 4x22nx
x
x) x
又∵xn1xn,∴xn1xn2n 則xn2xn12(n 2k 由②-①得, x2,即數(shù)列 2k x (2
n
,(nN)
n( 1)2an1,nnx2x12x22axnx2212nanan1,(n為正奇數(shù)xnna,(n為正偶數(shù)
7(2)AnBnAn1,由題意AnBnAn190 在RtAnBnAn1中,|AnAn1||xn1xn|242 8 (nxn,x3
,(nN) nxnan1xn1n1an∴|xn1xn||n1aan1||22a|2(1a,故有2(1a24 即1a 1
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