高考物理模擬卷06WORD版含解析

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2023年高考物理模擬卷（重慶版）黃金卷06本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.作答前，考生務(wù)必將自己的姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在試卷的規(guī)定位置上。2.作答時(shí)，務(wù)必將答案寫在答題卡上，寫在試卷及草稿紙上無效。3.考試結(jié)束后，將答題卡、試卷、草稿紙一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.兩個(gè)輕核結(jié)合成質(zhì)量較大的核稱為核聚變，一個(gè)氘核和一個(gè)氚核的聚變方程為，已知幾種常見原子核質(zhì)量：氘、氚、氦、質(zhì)子、中子，，光速，以下說法正確的是（）A.X粒子帶正電B.一次上述聚變反應(yīng)虧損質(zhì)量為C.一次上述聚變反應(yīng)放出能量約為D.氘核的比結(jié)合能大于氦核的比結(jié)合能【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，可知X的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為2+3-4=1，1+1-2=0可知，X為中子，X不帶電，A錯(cuò)誤；B．一次上述聚變反應(yīng)虧損質(zhì)量為ΔmB錯(cuò)誤；C．根據(jù)上述可知，一次上述聚變反應(yīng)放出能量約為解得C正確；D．聚變過程釋放出核能，說明氦核比氘核更加穩(wěn)定，由于比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，可知，氘核的比結(jié)合能小于氦核的比結(jié)合能，D錯(cuò)誤。故選C。2.設(shè)想在赤道上建造如圖甲所示的“太空電梯”，宇航員可通過豎直的電梯直通太空站，圖乙中r為宇航員到地心的距離，R為地球半徑，曲線A為地球引力對(duì)宇航員產(chǎn)生的加速度大小與r的關(guān)系；直線B為宇航員由于地球自轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的向心加速度大小與r的關(guān)系。關(guān)于相對(duì)地面靜止在不同高度的宇航員，下列說法正確的有（）A.隨著r增大，宇航員的角速度增大B.宇航員在r=R處的線速度等于第一宇宙速度C.圖中r0為地球同步衛(wèi)星的軌道半徑D.隨著r增大，宇航員感受到“重力”也增大【答案】C【解析】【詳解】A．宇航員站在“太空電梯”上，相對(duì)地面靜止，故角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相同，在不同高度角速度不變，故A錯(cuò)誤；B．r=R處是在地球的表面，設(shè)宇航員的線速度為v，第一宇宙速度為v1，根據(jù)牛頓第二定律得可以看出故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)r=r0時(shí)，萬有引力產(chǎn)生的加速度等于宇航員做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度，即萬有引力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，所以宇航員相當(dāng)于衛(wèi)星，此時(shí)宇航員的角速度跟地球的自轉(zhuǎn)角速度一致，可以看作是地球的同步衛(wèi)星。故C正確；D．根據(jù)等效重力和萬有引力相等可得隨著r增大，其重力越來越小。故D錯(cuò)誤；故選C。3.在籃球課上，某同學(xué)先后兩次投出同一個(gè)籃球，兩次籃球均垂直打在籃板上，第二次打在籃板上的位置略低一點(diǎn)，假設(shè)兩次籃球出手位置相同，打到籃板前均未碰到籃圈，不計(jì)空氣阻力，則（）A.兩次籃球打在籃板的速度大小相等B.第二次籃球在空中上升的時(shí)間較長C.兩次投籃，該同學(xué)對(duì)籃球做的功可能相等D.兩次籃球被拋出后瞬間，籃球重力的功率相等【答案】C【解析】【詳解】B．根據(jù)逆向思維，可以將籃球的運(yùn)動(dòng)看為逆方向的平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)解得由于第二次打在籃板上的位置略低一點(diǎn)，則其豎直高度小一點(diǎn)，即第二次籃球在空中上升的時(shí)間較短，B錯(cuò)誤；A．籃球水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)根據(jù)解得根據(jù)上述可知，第二次籃球在空中上升的時(shí)間較短，則第二次籃球打在籃板的速度較大，A錯(cuò)誤；C．籃球出手時(shí)的速度根據(jù)上述可知，第二次籃球在空中上升的時(shí)間較短，第二次籃球打在籃板的速度較大，則兩次籃球出手時(shí)的速度可能大小相等，根據(jù)可知，兩次投籃，該同學(xué)對(duì)籃球做的功可能相等，C正確；D．籃球被拋出后瞬間，籃球重力功率大小為根據(jù)上述，第二次籃球在空中上升的時(shí)間較短，則第二次籃球被拋出后瞬間，籃球重力的功率較小，D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖（a），直導(dǎo)線MN被兩等長且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸OO′上，其所在區(qū)域存在方向垂直指向OO′的磁場(chǎng)，與OO′距離相等位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等且不隨時(shí)間變化，其截面圖如圖（b）所示。導(dǎo)線通以電流I，靜止后，懸線偏離豎直方向的夾角為θ。下列說法正確的是（）A.當(dāng)導(dǎo)線靜止在圖（a）右側(cè)位置時(shí)，導(dǎo)線中電流方向由N指向MB.電流I增大，靜止后，導(dǎo)線對(duì)懸線的拉力不變C.tanθ與電流I成正比D.sinθ與電流I成正比【答案】D【解析】當(dāng)導(dǎo)線靜止在圖（a）右側(cè)位置時(shí)，對(duì)導(dǎo)線做受力分析有可知要讓安培力為圖示方向，則導(dǎo)線中電流方向應(yīng)由M指向N，A錯(cuò)誤；BCD．由于與OO′距離相等位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等且不隨時(shí)間變化，有，F(xiàn)T=mgcosθ則可看出sinθ與電流I成正比，當(dāng)I增大時(shí)θ增大，則cosθ減小，靜止后，導(dǎo)線對(duì)懸線的拉力FT減小，BC錯(cuò)誤、D正確。5.轉(zhuǎn)運(yùn)碼頭上起吊機(jī)正在工作，啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)收緊鋼索，將原來靜止的重物豎直向上提升。提升的前兩個(gè)階段，重物的機(jī)械能E與上升距離h的關(guān)系如圖所示，第二階段圖像為一直線。若全過程各種摩擦忽略不計(jì)，下列判斷正確的是（）A.鋼索拉重物的力一直增大B.鋼索拉重物的力先增大后不變C.在第二階段，鋼索拉重物的力一定大于重物的重力D.第二階段，重物可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】AB．拉力對(duì)重物做的功，等于重物的機(jī)械能變化，則E=Fh則由圖可知，鋼索拉重物的力先減小后不變，故A、B錯(cuò)誤；C．第二階段，斜率保持不變，鋼索對(duì)重物的拉力F不變，但F與mg大小關(guān)系不能確定，可能F>mg做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可能F=mg，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．由C知，第二階段，F(xiàn)不變，若F=mg，則F合=0，受力平衡，則重物勻速上升，速度保持不變。故D正確。7.在如圖甲所示的電路中，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為4V，燈泡上標(biāo)有“4V4W”，定值電阻R的阻值為。當(dāng)變壓器原線圈接如圖乙所示的交流電時(shí)，電動(dòng)機(jī)和燈泡均正常工作，且電動(dòng)機(jī)的輸出功率為6W。下列說法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為55：1B.電動(dòng)機(jī)的額定功率為5WC.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為D.若燈泡損壞導(dǎo)致斷路，則電動(dòng)機(jī)也會(huì)被燒杯【答案】C【解析】【詳解】A．因?yàn)殡妱?dòng)機(jī)和燈泡均正常工作，所以變壓器副線圈兩端的電壓根據(jù)題圖乙可知變壓器原線圈兩端的電壓可得變壓器原、副線圈匝數(shù)比選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．當(dāng)燈泡正常工作時(shí)，通過燈泡的電流通過定值電阻的電流可得通過電動(dòng)機(jī)的電流因此電動(dòng)機(jī)的額定功率選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率解得選項(xiàng)C正確；D．若燈泡損壞導(dǎo)致斷路，則副線圈消耗的功率減小，原線圈輸入的功率減小，通過原線圈的電流減小，導(dǎo)致通過副線圈的電流減小，因此電動(dòng)機(jī)的功率減小，不會(huì)被燒壞，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.靜電噴涂的基本原理是將高壓靜電發(fā)生器產(chǎn)生的負(fù)高壓電纜引到噴槍，使油漆帶上負(fù)電。帶負(fù)電的油漆經(jīng)壓縮空氣作用而霧化成很細(xì)的霧粒后移出噴槍，在電場(chǎng)力的作用下，被吸附到帶正電接地的工件上，在工件表面形成均勻的漆膜，以達(dá)到噴涂目的。下圖為靜電噴涂的簡要示意圖，某霧粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，忽略空氣阻力、重力及霧粒間的相互作用。下列說法正確的是（）A.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B.霧粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能C.霧粒運(yùn)動(dòng)的軌跡一定與電場(chǎng)線重合D.靜電噴涂能顯著減少飛散在空氣中的漆霧，改善噴漆工人的勞動(dòng)條件，消除職業(yè)病，而且還可以節(jié)約油漆，提高工作效率【答案】BD【解析】【詳解】A．由題圖可知，電場(chǎng)線由B發(fā)出，止于A，所以A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．霧粒帶負(fù)電，負(fù)電荷在電勢(shì)越低的位置反而電勢(shì)能越高，所以它在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；C．對(duì)于做曲線運(yùn)動(dòng)的霧粒，它所受電場(chǎng)力方向應(yīng)指向運(yùn)動(dòng)軌跡的凹側(cè)，而電場(chǎng)力方向又沿電場(chǎng)線的切線方向，此時(shí)霧粒運(yùn)動(dòng)的軌跡不可能與電場(chǎng)線重合，只有當(dāng)霧粒沿直電場(chǎng)線做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)二者才重合，故C錯(cuò)誤；D．靜電噴涂能顯著減少飛散在空氣中的漆霧，改善噴漆工人的勞動(dòng)條件，消除職業(yè)病，而且還可以節(jié)約油漆，提高工作效率，故D正確。故選BD。9.如圖甲所示，質(zhì)量為m的滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），在內(nèi)壁光滑、固定的水平筒內(nèi)壓縮彈簧，彈簧原長小于筒長，且彈簧與滑塊不拴接?；瑝K由靜止釋放，離開筒后立即滑上位于水平面上的木板左端，此后木板的速度-時(shí)間圖象如圖乙所示，已知木板質(zhì)量M，最終滑塊恰好沒有離開木板，重力加速度g取10m/s2，則（）A.滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為B.木板長度為C.釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為D.木板與水平面間因摩擦產(chǎn)生的熱量為【答案】BC【解析】【詳解】A.設(shè)木板與地面之間的摩擦因數(shù)為μ2，木板做勻減速的加速度為a3，根據(jù)牛頓第二定律得根據(jù)圖像得解得設(shè)滑塊與木板之間的摩擦因數(shù)為μ1，木板做勻加速的加速度為a2，根據(jù)牛頓第二定律得根據(jù)圖像得解得滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，A錯(cuò)誤；B.設(shè)滑塊的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律得解得根據(jù)逆向思維，滑塊滑上木板時(shí)的速度為木板長度為B正確；C.根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為C正確；D.木板與水平面間因摩擦產(chǎn)生的熱量為D錯(cuò)誤。故選BC。10.某科技館設(shè)計(jì)了一種磁力減速裝置，簡化為如題圖所示模型。在小車下安裝長為L、總電阻為R的正方形單匝線圈，小車和線圈總質(zhì)量為m。小車從靜止開始沿著光滑斜面下滑s后，下邊框剛進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，小車開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知斜面傾角為θ，磁場(chǎng)上下邊界的距離為L，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直斜面向上，重力加速度為g，則（）A.線圈通過磁場(chǎng)過程中，感應(yīng)電流方向先順時(shí)針后逆時(shí)針方向（俯視）B.線框在穿過磁場(chǎng)過程中產(chǎn)生的焦耳熱為C.線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)上邊界時(shí)，感應(yīng)電流的大小為D.小車和線圈的總質(zhì)量為【答案】AD【解析】【詳解】A．線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)上邊界時(shí)，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向（從斜面上方俯視線框），穿出磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，故A正確；BC．設(shè)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v0，自由下滑過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得v0=根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得下邊框剛進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，小車開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)。根據(jù)功能關(guān)系可得線框穿過磁場(chǎng)的過程中產(chǎn)生的焦耳熱為故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)平衡條件可得解得故D正確。故選AD。第Ⅱ卷三、非選擇題：共54分，第11~14題為必考題，考生都必須作答．第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題：共42分．11.某同學(xué)按圖甲所示，安裝實(shí)驗(yàn)器材測(cè)量重力加速度g。已知物塊A與遮光片的質(zhì)量為，遮光片中心距光電門的高度為h。物塊B質(zhì)量為，置于光滑的桌面上。鎖定物塊B，使系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻解除鎖定，物塊A由靜止開始向下運(yùn)動(dòng)，光電門記錄遮光片的遮光時(shí)間（忽略繩和滑輪的質(zhì)量，不計(jì)系統(tǒng)內(nèi)的摩擦）。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度d，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示：遮光片的寬度___________；（2）重力加速度的表達(dá)式___________（用題中所給字母及所測(cè)量的物理量表示）；（3）實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析發(fā)現(xiàn)，測(cè)得重力加速度g比真實(shí)值偏小，原因可能是___________。（任寫一條即可）【答案】①.②.③.測(cè)得的重力加速度g比真實(shí)值偏小，原因可能是物塊B與桌面間有摩擦力或繩與滑輪間有阻力作用。【解析】【詳解】（1）[1]如圖乙所示：遮光片的寬度（2）[2]物塊B置于光滑的桌面上，解除鎖定，則物塊A與B都從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)滑輪原理，兩物體的速度大小關(guān)系即得物塊A下落h的速度為根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)B和A分析聯(lián)立解得（3）[3]測(cè)得的重力加速度g比真實(shí)值偏小，原因可能是物塊B與桌面間有摩擦力或繩與滑輪間有阻力作用。12.某同學(xué)要將一微安表先改裝成量程為的電流表，再改裝成量程為的電壓表，并與標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)比校準(zhǔn)。圖甲是改裝后電壓表與標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)比校準(zhǔn)的電路圖，虛線框中是改裝后電壓表電路，是量程為、內(nèi)阻約為的標(biāo)準(zhǔn)電壓表。已知微安表滿偏電流為，標(biāo)記的內(nèi)阻為，電阻箱調(diào)節(jié)范圍為。步驟如下：（1）微安表改裝。根據(jù)題給條件，圖甲中電阻箱的阻值應(yīng)分別調(diào)節(jié)到___________，___________；（2）選擇合適的器材按照?qǐng)D甲正確連接電路。所用電池的電動(dòng)勢(shì)E為；滑動(dòng)變阻器R有兩種規(guī)格可選：滑動(dòng)變阻器：最大阻值滑動(dòng)變阻器：最大阻值為了方便實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電壓，圖中R應(yīng)選用___________（填器材的字母代號(hào)）；（3）對(duì)比校準(zhǔn)。當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電壓表的示數(shù)為時(shí)，微安表的指針位置如圖乙所示，由此可以推測(cè)出改裝的電壓表量程不是預(yù)期值，而是___________V（保留2位有效數(shù)字）；（4）校正改裝表。通過檢測(cè)發(fā)現(xiàn)：電阻箱阻值是準(zhǔn)確的，而微安表標(biāo)記的內(nèi)阻不準(zhǔn)確。要使改裝電壓表量程的真實(shí)值為，不必重新測(cè)量微安表內(nèi)阻，只需適當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱。以下調(diào)節(jié)方案可行的有___________（填序號(hào)）。A.保持不變，將增大到合適值B.保持不變，將減小到合適值C.保持不變，將增大到合適值D.保持不變，將減小到合適值【答案】①.200②.2850③.④.⑤.AD##DA【解析】【詳解】（1）[1]微安表改裝成量程為的電流表，根據(jù)部分電路的歐姆定律可得[2]電流表再改裝成量程為的電壓表，根據(jù)部分電路的歐姆定律可得（2）[3]改裝電壓表的內(nèi)阻為所以兩個(gè)電壓表并聯(lián)后的總電阻為所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇最大阻值為的，在其滑片移動(dòng)時(shí)能較為顯著的改變電壓。（3）[4]由圖可知，當(dāng)電壓為時(shí)，微安表指針轉(zhuǎn)過了32小格，則每一小格表示的電壓值為則量程為（4）[5]已知改裝電壓表的實(shí)際量程為，由圖乙可知電壓為時(shí)微安表的示數(shù)為，設(shè)微安表的內(nèi)阻為，則有解得即微安表的真實(shí)內(nèi)阻比標(biāo)記的內(nèi)阻小。如果通過調(diào)節(jié)變阻箱來達(dá)到預(yù)期的量程，則在保持不變的情況下，要將增大到合適的阻值，使其分擔(dān)更多的電壓；或者保持不變，將減小到合適的阻值，使其分擔(dān)更多的電流。故選AD。13.在現(xiàn)代技術(shù)應(yīng)用中，經(jīng)常利用磁場(chǎng)來控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡。如圖所示為某種顯像管的工作原理圖。質(zhì)量為m，電荷量為e的電子，可由靜止經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后，對(duì)準(zhǔn)圓心方向射入半徑為R的圓形磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直于紙面，其大小及方向可以根據(jù)需要調(diào)整。在垂直于電子進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向放置一塊熒光屏，熒光屏與磁場(chǎng)邊界的最近距離為L。當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0時(shí)，電子打在熒光屏上的位置記為a。若在圓形區(qū)域內(nèi)加入方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，求：（1）電子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大??；（2）電子打在熒光屏上的位置距離a的距離y?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)動(dòng)能定理解得電子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小為（2）電子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力解得則由幾何關(guān)系知?jiǎng)t有解得電子打在熒光屏上的位置距離a的距離14.如圖所示，質(zhì)量的平板小車靜止在豎直彈性墻壁左側(cè)的光滑水平地面上，質(zhì)量的鐵塊（視為質(zhì)點(diǎn)）以大小的初速度向右滑上平板小車左端上表面，小車第一次與墻壁碰撞前瞬間恰好與鐵塊達(dá)到共同速度，之后小車與墻壁發(fā)生多次正碰（每次碰撞前小車與鐵塊已達(dá)到共同速度），碰撞中無機(jī)械能損失，碰撞時(shí)間極短，最終鐵塊恰好靜止在小車的右端。鐵塊與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，取重力加速度大小。求：（1）從鐵塊滑上小車上表面至小車與墻壁第一次碰撞的時(shí)間；（2）全過程中鐵塊相對(duì)小車滑動(dòng)的總時(shí)間t以及小車的長度L；（3）從小車與墻壁第一次碰撞至小車靜止，小車對(duì)地運(yùn)動(dòng)的總路程s。【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)小車第一次與墻壁碰撞前瞬間的速度大小為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)量定理有解得（2）小車第一次與墻壁碰撞后的一段時(shí)間內(nèi)，鐵塊向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小車向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小車的速度先減為零，然后小車在摩擦力的作用下向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，直到小車與鐵塊第二次達(dá)到共同速度，此后鐵塊與小車一起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)直到小車與墻壁發(fā)生第二次碰撞，小車不斷與墻壁碰撞，鐵塊在小車上滑行，系統(tǒng)的機(jī)械能不斷減少，直到鐵塊與小車均靜止且鐵塊恰好在小車的右端，對(duì)鐵塊，根據(jù)動(dòng)量定理有解得根據(jù)功能關(guān)系有解得（3）經(jīng)分析可知，小車每一次與墻壁碰撞后都先向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)至靜止，再向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)至與鐵塊達(dá)到共同速度后再與墻壁碰撞，在兩次碰撞間的運(yùn)動(dòng)過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有解得設(shè)第一次碰撞后小車向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為，對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)能定理有解得設(shè)第n次碰撞后小車向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為，對(duì)小車，根據(jù)動(dòng)能定理有同理有可得根據(jù)對(duì)稱性，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可得其中解得（二）選考題：共12分．請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計(jì)分．15．[選修3–3]（12分）（1）回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K，某臺(tái)設(shè)備工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程：從狀態(tài)到和到是等溫過程；從狀態(tài)到和到是等容過程，體積分別為和。則圖中___（填“>”“<”或者“=”）；整個(gè)循環(huán)過程氦氣系統(tǒng)是______的（填“吸熱”“放熱”或者“絕熱”）。【答案】①>②.放熱【解析】【詳解】[1]從狀態(tài)B到C，由查理定律得由于，所以[2]A-B過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功，C-D過程外界對(duì)系統(tǒng)做負(fù)功，p-V圖象與橫軸圍成的面積表示做的功，所以所以整個(gè)循環(huán)過程外界對(duì)系統(tǒng)做正功。整個(gè)循環(huán)過程所以整個(gè)循環(huán)過程A-B-C-D-A氦氣系統(tǒng)要放熱。（2）如圖所示，熱氣球的下端有一小口，使球內(nèi)外的空氣可以流通，以保持球內(nèi)外壓強(qiáng)相等。球內(nèi)有溫度調(diào)節(jié)器，以便調(diào)節(jié)球內(nèi)空氣的溫度，使熱氣球可以上升或下降。設(shè)熱氣球的總體積（忽略球殼體積），除球內(nèi)空氣外，熱氣球質(zhì)量。已知地球表面大氣溫度，密度，如果把大氣視為理想氣體，它的組成和溫度幾乎不隨高度變化，那么為使熱氣球從地面升起，球內(nèi)氣溫最低要加熱到多少？【答案】400K【解析】【分析】【詳解】設(shè)氣球剛好從地面飄起時(shí)氣