2021屆山西省大同十九中高考物理模擬試卷(3月份)(含答案解析)

2021屆山西省大同十九中高考物理模擬試卷（3月份）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.關(guān)于原子物理學(xué)知識，下列說法正確的是（）

A.玻爾將量子觀念引人原子領(lǐng)城，成功地解釋了所有原子的光譜規(guī)律

B.原子核發(fā)生一次0衰變，該原子外層就失去一個電子

C.將放射性物質(zhì)放在超低溫的環(huán)境下，將會大大減緩它的衰變進(jìn)程

D.鈾核（能汨）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中.共有6個中子變成質(zhì)子

2.A物體的質(zhì)量是B物體質(zhì)量的5倍，4從八高處、B從2h高處同時自由落下，在落地之前，以下說

法正確的是（）

A.下落1s末，它們的速度相同

B.各自下落1m時，它們速度不同

C.4加速度大于B加速度

D.下落過程中同一時刻4速度大于B速度

3.如圖所示，放在斜面體上的物塊4和斜面體B一起在光滑水平面上卜

向右作勻速直線運(yùn)動。關(guān)于物塊4和斜面B的受力情況的分析正確

是（）8飛

A.物塊4對斜面體8的摩擦力沿斜面向上

B.斜面體B對4的支持力方向豎直向上

C.物塊4受到4個力的作用

D.斜面體B受到4的作用力的合力在豎直方向上

4.中國已進(jìn)入動車時代，在某軌道拐彎處，動車向右拐彎，左側(cè)的路面比右側(cè)的

路面高一些，如圖所示，動車的運(yùn)動可看作是做半徑為R的圓周運(yùn)動，設(shè)內(nèi)外

路面高度差為九，路基的水平寬度為d,路面的寬度為3已知重力加速度為g,更

要使動車輪緣與內(nèi)、外側(cè)軌道無擠壓，則動車拐彎時的速度應(yīng)為（）

A.幽B.幽C.匡D.幽

7L5/d72qfl

5.在靜電場中，下列關(guān)于電場強(qiáng)度和電勢的說法，正確的是（）

A.電場強(qiáng)度大的地方電勢一定高

B.電勢降低的方向就是場強(qiáng)方向

C.電勢為零的地方電場強(qiáng)度也一定為零

D.電場強(qiáng)度大小相同的點(diǎn)電勢可能不同

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.一交流電壓的瞬時值表達(dá)式為u=200夜sin507rt（V）,下列判斷正確的是（）

A.該交流電壓的頻率為25Hz

B.t=0.01s時，該交流電壓的瞬時值為50位V

C.該交流電壓的最大值為200V

D.若將該交流電壓加在阻值為2k0的電阻兩端則電阻的發(fā)熱功率為20〃

7.如圖所示電路，已知電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,&為固定電阻。當(dāng)滑動變阻

器R的觸頭向下移動時，下列說法中錯誤的是（）

A.燈泡L一定變亮

B.電壓表的示數(shù)變小

C.電流表的示數(shù)變小

D.Ro消耗的功率變大

8.如圖所示，圓形區(qū)域直徑MN上方存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場,

下方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同?，F(xiàn)有

兩個比荷大小相同的帶電粒子a、b,分別以％、必的速度沿圖示方

向垂直磁場方向從M點(diǎn)入射，最終都從N點(diǎn)離開磁場，則（）

A.粒子a、b可能帶異種電荷B.粒子a、b一定帶同種

電荷

C.巧：藝可能為2：1D.v1：v可能為1：2

9.卜列說法正確的有（）

A.兩個系統(tǒng)相互接觸而傳熱,當(dāng)兩個系統(tǒng)的內(nèi)能相等時就達(dá)到了熱平衡

B.給自行車打氣時氣筒壓下后反彈，主要是由分子斥力造成的

C.液體表面具有收縮的趨勢，是由于液體表面層分子比內(nèi)部稀疏的緣故

D.空氣中水蒸氣越接近飽和狀態(tài)，人感覺空氣越潮濕

10.一列簡諧橫波，沿x軸正方向傳播，傳播速度為10m/s,在t=0時的波形圖如圖所示，則下列

說法正確的是（）

j/m

A.此時x=1.25m處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度減小的加速運(yùn)動

B.x=1m處的質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動，其振動方程為y=0.4sin(107rt)(m)

C.x=0.3zn處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過0。8s可運(yùn)動至波峰位置

D.若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為30in的障礙物不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

11.為了驗(yàn)證矩形線框自由下落過程中上、下邊經(jīng)過光電門時機(jī)械能是否守恒，使用了如圖所示的

實(shí)驗(yàn)裝置。已知矩形線框用直徑為d的圓柱形材料做成，用刻度尺測出矩形線框上、下邊之間的

距離L某次實(shí)驗(yàn)中矩形線框下邊和上邊先后經(jīng)過光電門的擋光時間分別為At1和4t2。

矩形線圈

(1)通過實(shí)驗(yàn)可測出下、上邊通過光電門的速度燈和以，分別為%=，v2=.

(2)如果滿足關(guān)系式____________________(請用測量的物理量和已知量來表示，重力加速度為g),

則自由下落過程中線框的機(jī)械能守恒。

12.“探究LED燈的伏安特性”實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：燈泡〃與乙2（最大阻值均為幾十歐）、量程適當(dāng)

的電流表4（內(nèi)阻約幾歐）和電壓表V（內(nèi)阻非常大）、直流電源E、滑動變阻器R、電鍵

S

（1）某同學(xué)已連接好如圖甲所示的電路，在閉合電鍵前，請仔細(xì)辨圖，指出圖中的不當(dāng)之處;

A.不應(yīng)采用電流表外接法B.電流不應(yīng)從電壓表的負(fù)接線柱流入

C.不應(yīng)采用滑動變阻器的分壓接法D.滑動變阻器的滑片不應(yīng)位于中間

（2）修正電路后，閉合電鍵，移動滑動變阻器的滑片并得到燈泡■的/-U圖象如圖乙中的圖線及，則

可知燈L的電阻隨電壓增大而（填“變大”“變小”或“不變）；

（3）換用燈G重做實(shí)驗(yàn)，得其/-。圖象如圖乙中的圖線G，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片移至合適位置并固

定，同時撤去“導(dǎo)線1”接燈人時電流表的讀數(shù)為6164接燈〃時電流的讀數(shù)為0084當(dāng)燈被

短路時，電流表的讀數(shù)應(yīng)為（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

四、簡答題（本大題共1小題，共10.0分）

13.如圖所示，一個裝有理想氣體的密閉氣缸，總長度為42cm,被活塞分成體

積相等的左右兩室.活塞是不導(dǎo)熱的，且活塞和氣缸之間沒有摩擦，兩室

中氣體的溫度相等，均為27。.現(xiàn)保持左室氣體溫度不變，利用右室中的電熱

絲對右室中的氣體緩慢加熱一段時間，達(dá)到平衡后，右室氣體溫度升到57。.

（1）求活塞移動的距離；

（2）若兩室內(nèi)氣體內(nèi)能與溫度的函數(shù)關(guān)系為E=47（其中4=12//K,7是氣體某一狀態(tài)的熱力學(xué)溫度

）.電熱絲對右室中的氣體緩慢加熱放出的熱量為56Q/,求系統(tǒng)向外界放出的熱量.（氣缸和活塞

吸收的熱量不計）

五、計算題（本大題共3小題，共42.0分）

14.如圖所示，長木板4放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=2kg的另一物體B以水平速度%=3m/s滑

上原來靜止的長木板4的表面，由于4、B間存在摩擦，之后4、B速度隨時間變化情況如圖乙所

示，求：

(1)4的質(zhì)量M;

(2)系統(tǒng)損失的機(jī)械能:

(3)木板4的最小長度。

15.如圖所示，在坐標(biāo)系xoy平面的x>0區(qū)域內(nèi)，有電場強(qiáng)度E=

2x105N/C,方向沿y軸負(fù)向的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度B=

0.20T,方向與xoy平面垂直向里的勻強(qiáng)磁場.在y軸上有一足夠

長的熒光屏MN,在x軸上的P(10,0)點(diǎn)處有一粒子發(fā)射槍連續(xù)不

斷的發(fā)射大量質(zhì)量m=6.4x10~27kg,電量q=3.2xI。一19c的

帶正電粒子，其向x軸方向發(fā)射的粒子恰能沿?zé)o軸做勻速直線運(yùn)

動.若撤去電場，并使粒子發(fā)射槍以P為軸在xoy平面內(nèi)以角速度3=2aad/s逆時針轉(zhuǎn)動(整個

裝置都處在真空中)，求：

(1)帶電粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑；

(2)熒光屏上閃光點(diǎn)的范圍;

(3)熒光屏上閃光點(diǎn)從最高點(diǎn)移動到最低點(diǎn)所用的時間.

16.如圖示，一個橫截面為直角三角形的三棱鏡，44=30。，4c=90。,

三棱鏡材料的折射率n=VI一條與BC面夾角為。=30。最終的出射

光線與最初的入射光線的夾角是多少？

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：力、玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)城，成功地解釋了氫原子光譜規(guī)律，但是不能解釋所有原

子的光譜規(guī)律，故A錯誤.

8、原子核發(fā)生一次6衰變，原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，與核

外電子無關(guān)，故B錯誤.

C、半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與溫度無關(guān)，故C錯誤.

D、鈾核（晶叼）衰變?yōu)殂U核（第6pb）的過程中.電荷數(shù)少10,質(zhì)量數(shù)少32,可知經(jīng)歷了8次a衰變，6

次6衰變，每經(jīng)過1次8衰變,有一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，則有6個中子變成質(zhì)子，故。正確.

故選：D.

玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)城，成功地解釋了氫原子光譜規(guī)律，由于該觀念中仍然有經(jīng)典理論，不

能解釋所有原子的光譜規(guī)律；每經(jīng)過一次￡衰變，由一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和電子，電子釋放出來.半

衰期與原子核所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，由原子核內(nèi)部因素決定.根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)

守恒得出￡衰變的次數(shù)，從而確定有幾個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子.

本題考查了玻爾理論、衰變、半衰期等基礎(chǔ)知識點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識，注意s衰

變釋放的電子不是來自核外電子，而是來自原子核.

2.答案：A

解析：解：4、。、因?yàn)榧滓椅矬w同時做自由落體運(yùn)動，它們的初速度為零，加速度為g,任意時刻

的速度為：v=gt,所以兩物體下落過程中，在同一時刻甲的速度與乙的速度相等，故A正確，D

錯誤；

B、下落1小時，由位移速度關(guān)系式：v2=2ax,可解得各自下落1m時，它們的速度相同，故B錯誤.

C、因?yàn)榧滓椅矬w均做自由落體運(yùn)動，加速度為g,下落過程中甲的加速度與乙的加速度相同，故C

錯誤.

故選：A

因?yàn)榧滓椅矬w均做自由落體運(yùn)動，所以它們的初速度為零，加速度為g,根據(jù)運(yùn)動學(xué)關(guān)系式求解物體

下落過程中任意時刻的速度.

解決自由落體運(yùn)動的題目關(guān)鍵在于明確自由落體中的公式應(yīng)用，一般情況下，研究由落點(diǎn)開始的運(yùn)

動列出的表達(dá)式最為簡單；并且最好嘗試一題多解的方法.

3.答案：D

解析：

放在斜面體上的物塊4和斜面體8一起在光滑水平面上向右作勻速直線運(yùn)動，4和B都受力平衡，根據(jù)

平衡條件分析4受到的作用力，再根據(jù)牛頓第三定律分析4對B的作用力。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、

利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程

進(jìn)行解答。

A.放在斜面體上的物塊4和斜面體B一起在光滑水平面上向右作勻速直線運(yùn)動,4和B都受力平衡,B對

4的摩擦力方向沿斜面向上，貝必對B的摩擦力方向沿斜面向下，故A錯誤；

B.斜面體B對4的支持力方向垂直于斜面向上，故B錯誤；

C.物塊4受到重力、支持力和摩擦力3個力的作用，故C錯誤；

。.物體4受力平衡，貝IB對4的作用力方向豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律可得斜面體B受到4的作用力

的合力豎直向下，故正確。

故選：D。

4.答案：B

解析：解：把路基看做斜面，設(shè)其傾角為。，如圖所示，當(dāng)動車輪緣與內(nèi)、外側(cè)軌廣力、

道無擠壓時，動車在斜面上受到自身重力mg和斜面支持力N,二者的合力提供向心\

力，即指向水平方向，根據(jù)幾何關(guān)系可得合力尸=mgtanO,合力提供向心力，根學(xué)’

據(jù)牛頓第二定律，有mgtcm。=tn9■得s=JgRtan。,根據(jù)路基的高和水平寬度得：：&；；二

tan。=也聯(lián)立解得“=再，即動車拐彎時的速度為檸時，動車輪緣與內(nèi)、外側(cè)軌道無擠壓，

故8正確，AC。錯誤。

故選：B。

對火車受力分析，合力充當(dāng)向心力，結(jié)合幾何關(guān)系求解。

本題是生活中圓周運(yùn)動的問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，確定向心力的來源。

5.答案：D

解析：解：4、電場線密處，電場強(qiáng)度大，而電場線方向不確定，故無法判斷電勢高低，電勢就不一

定局。故A錯誤；

B、電勢降落最快的方向就是場強(qiáng)方向，故8錯誤；

C、電勢為零，是人為選擇的，而電場強(qiáng)度是由電場決定的，此處電場強(qiáng)度不一定為零。故C錯誤；

。、電場強(qiáng)度大小相同的點(diǎn)電勢可能不同，例如勻強(qiáng)電場中各點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相同，但是電勢可能

不同，故。正確。

故選：D。

電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，電場線的方向反映電勢的高低，則電場強(qiáng)度與電勢沒有直

接關(guān)系。電場強(qiáng)度為零，電勢不一定為零。電勢為零，電場強(qiáng)度也不一定為零。電場強(qiáng)度越大的地

方，電勢不一定高。順著電場線方向，電勢逐漸降低，但場強(qiáng)不一定減小。

電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，可借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場

線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低。

6.答案：AD

解析：解：4、由K=200或sin507rt(V)，知3=50兀(rad/s),則頻率為：/=為=罷=25Hz,故

A正確；

B、t=0.01s時，u=200V2sin507Tt(V)=200as沆507rx0.01t(V)=200V27，故B錯誤；

C、該交流電壓的最大值為=200V2K,故C錯誤。

。、電壓的有效值是1/=瞿=200人若將該交流電壓加在阻值為2ko的電阻兩端，則電阻的發(fā)熱功

V2

率為P=—=迎~W-20W,故D正確。

R2000

故選：AD.

根據(jù)交流電的瞬時值表達(dá)式，讀出電壓的最大值和角頻率等物理量，然后進(jìn)一步求出其它物理量，

如有效值、周期、頻率等，根據(jù)有效值求發(fā)熱功率。

對于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會推導(dǎo)交流電的表達(dá)式，明確交流電表達(dá)式中各個物理量

的含義。要注意交流電表示數(shù)和電功率、能量需要用到有效值。

7.答案：BD

解析：解：AB,當(dāng)R的滑動觸點(diǎn)向下滑移動時，R變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律知，

總電流/變小，電源的內(nèi)電壓變小，則路端電壓變大，因此電壓表讀數(shù)變大。燈泡L的電壓增大，則

燈L一定變亮。故A正確，B錯誤。

CD,電路中并聯(lián)部分的電壓變大，通過L的電流變大，而總電流減小，則電流表4的讀數(shù)減小，治消

耗的功率變小。故C正確，。錯誤。

本題錯誤的，

故選：BD。

當(dāng)R的滑動觸頭向下滑移動時，R變大，外電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流和路

端電壓的變化，確定伏特表的讀數(shù)變化和燈泡L亮度的變化。再分析并聯(lián)部分的電壓變化，判斷安培

表4讀數(shù)變化。根據(jù)電流的變化，分析品消耗的功率如何變化。

本題是電路動態(tài)變化分析問題，往往按“局部T整體T局部”的順序進(jìn)行分析。路端電壓也可以直接

根據(jù)外電阻的變化判斷。

8.答案：BCD

解析：解：AB,兩粒子都從M點(diǎn)入射從N點(diǎn)射出，貝ija粒子向下偏轉(zhuǎn)，b粒子向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則

可知兩粒子均帶正電，故A錯誤，B正確；

設(shè)磁場半徑為R,將MN當(dāng)成磁場的邊界，兩粒子均與邊界成45。入射，根據(jù)運(yùn)動的對稱性可知出射

角與邊界成45。，則一次偏轉(zhuǎn)穿過MN時速度偏轉(zhuǎn)90。，而上下磁場方向相反，則兩粒子可以圍繞MN重

復(fù)穿越，運(yùn)動具有周期性，設(shè)a粒子重復(fù)k此穿過MN,b粒子重復(fù)n次穿過MN,由幾何關(guān)系可知卜四彳=

2R(k=1,2,3...)

由洛侖茲力提供向心力quB=m亍可得

qBr

v=----

m

而兩個粒子的比荷相同，則

Vi71

v2~k

當(dāng)n=l,k=2時為：^2=1：2

當(dāng)n=2,k=1.時/：v2=2：1

故正確。

故選：BCD。

根據(jù)左手定則可以判斷粒子的帶電情況；根據(jù)洛侖茲力提供向心力，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，且

周期性的穿過MN邊界，根據(jù)幾何關(guān)系得到粒子的軌道半徑，進(jìn)而可以得到粒子的速度之比。

解決帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)問題，關(guān)鍵是做出粒子的運(yùn)動軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系得到粒子的半徑，

然后根據(jù)牛頓第二定律得到所求的物理量。

9.答案：CD

解析：解：力兩個系統(tǒng)相互接觸傳熱，當(dāng)溫度相等時，達(dá)到了熱平衡，故A錯誤；

8、給自行車打氣時氣筒壓下后反彈，是由于氣體壓強(qiáng)的原因，不是分子作用力的作用，故8錯誤;

C、液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子力表現(xiàn)為引力，液體表面存在表面張力，

具有收縮的趨勢，故C正確；

。、根據(jù)相對濕度的特點(diǎn)可知，空氣的相對濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，人會

感覺空氣越潮濕，故。正確。

故選：CD。

溫度相等是兩個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡的標(biāo)志。

氣體分子間距離較大，達(dá)不到分子間作用力的作用范圍。

液體表面存在表面張力，具有收縮的趨勢。

空氣的相對濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，人感覺空氣越潮濕。

此題考查了液體的表面張力、熱平衡、表面張力和飽和汽壓等相關(guān)知識，解題的關(guān)鍵是明確氣體分

子間距離較大，達(dá)不到分子間作用力的作用范圍。

10.答案：ACD

解析：解：根據(jù)圖象可知波長;1=2m,則7=4=。=0.2s.

v10

A、波沿工軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，此時x=1.25m處的質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動，位移減小，則

a=-絲減小，質(zhì)點(diǎn)正在做加速度減小的加速運(yùn)動.故A正確；

m

8、從此時開始計時,x-Ini處質(zhì)點(diǎn)向下振動，由圖可知，振幅A=0.4m,角速度3=午=10兀rad/s,

則％=Ini處質(zhì)點(diǎn)的振動函數(shù)表達(dá)式為y=—OAsinlOnt(cm),故8錯誤；

C、由圖可知，t=0時刻，x=0處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的方向向上，結(jié)合B的分析可得x=0處的振動方程為：

y=0.4sin(107it)(m).

所以該波的波動方程為：y=0Asin[2n^-^)],將x=0.3?n,A=2m,t=0.08s,7=0.2s代入以

上波動方程，得：

y=0.4sizi[27T(詈—學(xué))]=OAsin^=0.4m,可知x-0.3m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過0.08s可運(yùn)動至波峰位

置.故C正確；

。、該波的波長是2m,若該波在傳播過程中遇到一個尺寸為30m的障礙物不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象.故

。正確.

故選：ACD

根據(jù)圖象可知波長和振幅，根據(jù)7=4求解周期,波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法判斷x=1.25m

V

處質(zhì)點(diǎn)的振動方向，根據(jù)3=票求出角速度，再結(jié)合y=/S譏3t(C7H)求出振動函數(shù)表達(dá)式.結(jié)合發(fā)

生明顯衍射現(xiàn)象的條件說明.

根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動方向，由“逆向描波法--逆著波的傳播方向，用筆描繪波形，若筆的走向向下則質(zhì)

點(diǎn)的振動方向向下；若筆的走向向上則質(zhì)點(diǎn)的振動方向向上.”來確定波的傳播方向，或質(zhì)點(diǎn)的振

動方向，同時質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向不隨波遷移.

由于波動方程與振動方程不屬于高考的知識點(diǎn)的內(nèi)容，該題超綱，有競賽意向的同學(xué)可參考.

11.答案：(1)白；4(2)(4)2—(卷)？=2gL

解析：解：(1)測出下、上邊通過光電門的速度為：

d

=---

△“

d

v2=---

△t2

(2)若滿足機(jī)械能守恒則：

1

mgL=-mfyl-vf)

得：(《■)2-(7^)*!=2g￡

故答案為：(1)*；=2gL

(1)由短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求得速度的表達(dá)式。

(2)寫出機(jī)械能守恒的表達(dá)式，可正確解答本題。

驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)方法有多種，解答的關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，同時注重動手實(shí)驗(yàn)，體會實(shí)驗(yàn)步

驟以及數(shù)據(jù)處理的過程，加深對實(shí)驗(yàn)的理解。

12.答案：BD變小0.32

解析：解：(1)燈泡內(nèi)阻較小，故可采用電流表外接法，選項(xiàng)A錯誤；電流不應(yīng)從電壓表的負(fù)接線柱

流入，選項(xiàng)B正確；由于要求燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動變阻器必須分壓式接法，選項(xiàng)

C錯誤；滑動變阻器的滑片不應(yīng)位于中間，要在最左端位置，選項(xiàng)。正確；

故選：BD。

(2)因/-U圖象的斜率的倒數(shù)等于電阻，可知燈人的電阻隨電壓增大而變小；

(3)由圖乙可以讀出，接燈人時電流表的讀數(shù)為0464此時的電壓為：U2=0.8V

接燈L時電流表的讀數(shù)為0.084此時的電壓為：UT=1.21Z；

設(shè)電源的電動勢為E,電路中的其他部分的電阻值為R,由閉合電路的歐姆定律得：

E=Ui+/小…①

E=U2+l2R：.@

聯(lián)立得：E=1.6V,R=50

所以當(dāng)燈被短路時，電流表的讀數(shù)為：/=5=昔=0324

故答案為：（1）BD;（2）變??；（3）0.32。

由于要求燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動變阻器必須分壓式接法。從圖中可知，滑動觸頭也

在不當(dāng)位置，電壓表的接線柱接反了。兩只燈泡及和乙2的伏安特性曲線如圖口中I和口所示，結(jié)合

圖甲所示電路，找出分別接兩只燈泡刀和人時的電壓值，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電動勢和內(nèi)

阻，然后求解短路電流。

本題考查燈泡伏安特性曲線的描繪實(shí)驗(yàn)，要注意應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的方法，要掌握描

點(diǎn)法作圖的方法：本題最后一問是本題的難點(diǎn)，要注意圖象法的應(yīng)用。

13.答案：解：（1）氣缸長度為L=42cm,活塞向左移動的距離為x,

對左邊氣體，由玻意耳定律得：p1S^=p2S（^-x）,

右邊氣體，初狀態(tài)溫度：=273+27=300K,

末狀態(tài)溫度：T2=273+57=330K,

由理想氣體狀態(tài)方程得：吧1=絲交2,

TiT2

代入數(shù)據(jù)解得：x=1cm；

（2）由題意可知，

溫度變化量：△7=72-A=330-300=30K,

氣體的內(nèi)能的變化：AE=4△7=12x30=360J,

電阻絲放出的熱量：Q=560J,

由能量守恒定律可知，系統(tǒng)向外界放出的熱量：

Q'=Q-△E=560-360=2007；

答：（1）活塞移動的距離為1cm；（2）系統(tǒng)向外界放出的熱量為200/.

解析：（1）對左邊氣體應(yīng)用玻意耳定律、對右邊氣體應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程列方程，然后求出活塞移

動的距離.

（2）求出氣體內(nèi)能的變化量，然后應(yīng)用能量守恒定律求出向外界釋放的熱量.

本題是連接體問題，要掌握處理連接體問題的方法，對連接體問題，要求出兩部分氣體的相關(guān)參量

間的關(guān)系，然后應(yīng)用氣體狀態(tài)方程分別對每部分氣體列方程，然后解方程即可正確解題.

14.答案：解：（1）由圖乙所示圖象可知，4B的共同速度：v=lm/s,

A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：

mv0=(M=m)v

代入數(shù)據(jù)解得：M=4kg；

(2)對4、B系統(tǒng),由能量守恒定律得:

11

-mvg=](M+血)/+△E

代入數(shù)據(jù)解得，系統(tǒng)損失的機(jī)械能：&E=6卜

(3)由圖乙所示圖象可知，木板4的最小長度:

L=沖-4=51x(1+3)x1m--1x1xlm=1.5m；

答：(1)4的質(zhì)量M為4kg；

(2)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為儀；

⑶木板A的最小長度為1.5m。

解析：(1)物體8與長木板4組成的系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律可以求出長木板A的質(zhì)量。

(2)應(yīng)用能量守恒定律可以求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

(3)當(dāng)/恰好到達(dá)8的右端時兩者速度相等，此時長木板的長度最小，根據(jù)圖示圖象求出木板的最小

長度。

本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚圖乙所示圖象，分析清楚物體與長木板的運(yùn)動過程是解

題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律即可解題。

15.答案：解：(1)由粒子在復(fù)合場中做勻速運(yùn)動，有：qE=quB,

R/cxXXXX

撤去電場后，有：quB=m^.XXXX

???粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑：XXXXX

cmE6.4X1O-27X2X1OS八.X\XXXXX

R=-T=---------------------m=0.1m；

qB23.2X1O_19XO.22

0A4X

(2)粒子運(yùn)動軌跡畫出右圖所示，可知，粒子最上端打在A點(diǎn),