2021年等九校聯(lián)考高考物理一模試卷

2021年上海市大同中學(xué)等九校聯(lián)考高考物理一模試卷

1.5G是“第五代移動通信網(wǎng)絡(luò)”的簡稱，目前世界各國正大力發(fā)展5G網(wǎng)絡(luò)。5G網(wǎng)

絡(luò)使用的無線電波通信頻率在3.0GHz以上的超高頻段和極高頻段（如圖），比目前

4G及以下網(wǎng)絡(luò)（通信頻率在0.3GHz?3.0GHz間的特高頻段）擁有更大的帶寬和更快

的傳輸速率。未來5G網(wǎng)絡(luò)的傳輸速率（指單位時間傳送的數(shù)據(jù)量大小）可達

10Gbps（bps為bifsperseccmd的英文縮寫,即比特率、比特/秒），是4G網(wǎng)絡(luò)的50—

100倍。關(guān)于5G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電波，下列說法正確的是（）

無線電波紅外線可見光藕

熟女波長波金波這波起宣波分為波里大波蠶米披紅外線可見光紫外線

■|1一"，j，r'i?［，I1-'Y，丫，I

10s104IO3IO2101IO-1MT2IO48xl（f

其公至保袋u短高”至高克特高疑變離克極喜短

IIIIiiIIII?

3X1O33x163x10s3x10d3x10'JxlO33x10?3*10”3?10113*10i4G

A.在真空中的傳播速度更快

B.在真空中的波長更長

C.衍射的本領(lǐng)更強

D.頻率更高，相同時間傳遞的信息量更大

2.如圖所示，質(zhì)量為M的小車的表面由光滑水平面和光滑斜/（

面連接而成，其上放一質(zhì)量為〃?的球，球與水平面的接觸

點為。，與斜面的接觸點為從斜面傾角為仇當(dāng)小車和球一……….，.「二……

起在水平桌面上做直線運動時，下列說法正確的是（）

A.若小車勻速運動，則球?qū)π泵嫔蟗點的壓力大小為mgcos。

B.若小車勻速運動，則球?qū)λ矫嫔蟖點的壓力大小為mgsin。

C.若小車向左以加速度gtan。加速運動，則球?qū)λ矫嫔?。點無壓力

D.若小車向左以加速度gtanO加速運動，則小車對地面的壓力小于（M+m）g

3.如圖所示，小船以大小為火船在靜水中的速度）、方水流

上--------;--------?

向與上游河岸成。的速度從O處過河，經(jīng)過一段時間，游＞

正好到達正對岸的。'處?，F(xiàn)要使小船在更短的時間內(nèi)---------述-----------

過河并且也正好到達正對岸的。'處，在水流速度不變的情況下，可采取的方法是

()

A.。角不變且u增大B.。角減小且u增大

A.重力勢能增加了2mghB.機械能損失了mgh

C.動能損失了機g/?D.系統(tǒng)生熱

5.如圖所示，在空間中水平面的下方存在豎直向下的勻強電場，質(zhì)量為機的帶電

小球由上方的A點以一定初速度水平拋出，從8點進入電場，到達C點時速

度方向恰好水平，A、B、C三點在同一直線上，且電場力為3,”g。重力加速度為g,

由此可知（）

A.AB=3BC

B.小球從A到B與從B到C的運動時間相等

C.小球從A到8與從8到C的動量變化量相同

D.小球從A到C的過程中重力對小球做的功與電場力對小球做的功的絕對值相等

6.如圖所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個帶電小球，t=0時，甲靜止，乙以6m/s

的初速度向甲運動。它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒

有接觸），它們運動的。-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示。則由圖線可知（）

C.巧時刻，乙球的電勢能最大

D.在。?t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小

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7.如圖甲所示，單匝矩形線圈Hcd垂直固定在勻強磁場中。規(guī)定垂直紙面向里為磁

感應(yīng)強度的正方向，磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。以順時針方向為電

流正方向，以向右方向為安培力正方向，下列關(guān)于稅段導(dǎo)線中的感應(yīng)電流i和受到

的安培力F隨時間變化的圖象正確的是（）

8.如圖所示，直線1和曲線2分別是汽車a和匕在同一平直公路上行駛的位置-時間

（x-t）圖像，由圖像可知（）

A.在“時刻，a、。兩車的運動方向相同

B.在J時刻，b兩車的運動方向相反

C.在0到t3這段時間內(nèi)，〃、方兩車的平均速率相等

D.在ti到t3這段時間內(nèi)，a、b兩車的平均速度相等

9.如圖（甲）所示，質(zhì)最m=2kg的小物體放在長直的水平地面上用水平細線繞在半徑

R=0.5M的薄圓筒上。t=0時刻，圓筒由靜止開始繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動，其角速度3

隨時間f的變化規(guī)律如圖（乙）所示，小物體和地面間的動摩擦因數(shù)為0.1,重力加速

度g=10m/s2,則下列判斷正確的是（）

（乙）

A.細線的拉力大小為4N

B.細線拉力的瞬時功率滿足P=4t

C.小物體的速度隨時間的變化關(guān)系滿足u=4t

D.在0?4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N-s

10.一列向右傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示,A、

B兩質(zhì)點間距為8〃?，B、C兩質(zhì)點平衡位置的間距

為3/n,當(dāng)t=ls時，質(zhì)點C恰好通過平衡位置，該

波的波速可能為（）

A.|m/sB.3m/sC.5m/sD.llm/s

11.乒乓球作為我國的國球，是一種大家喜聞樂見的體育運動，

它對場地要求低且容易上手。如圖所示，某同學(xué)疫情期間在

家鍛煉時，對著墻壁練習(xí)打乒乓球，球拍每次擊球后，球都

從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同高度分別垂直

撞在豎直墻壁上，不計空氣阻力，則球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.飛出時的初速度大小可能相等

B.飛出時的初速度豎直分量可能相等

C.在空中的時間可能相等

D.撞擊墻壁的速度可能相等

12.下列說法正確的是（）

A.比結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固

B.湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的棗糕模型

C.將放射性元素摻雜到其它穩(wěn)定元素中，降低其溫度，該元素的半衰期將增大

D.一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因為該束光的強度小

13.在陽光的照射下，充滿霧氣的瀑布上方常會出現(xiàn)美麗_一、

的彩虹,彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內(nèi)反射、

再折射后形成的，其光線傳播路徑如圖所示，圖中的\

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圓面代表水珠過球心的截面，太陽光平行截面射入球形水珠后，最后出射光線4、

6分別代表兩種不同顏色的光線，則水珠對方兩束光折射率的大小關(guān)系是

nanb；八h兩束光在水珠內(nèi)傳播速度大小關(guān)系是%%.（選填“>”、

“=，，或，，<，，）

14.在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4的、速度為0.5/n/s的滑塊中與質(zhì)量為0.6的、

速度為O.lm/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s,此時滑

塊甲的速度大小為m/s,方向與它原來速度方向.

15.夏天的陽光烤暖了大地，使地面附近的空氣變熱，形成暖氣團升往高空而逐漸膨脹。

由于暖氣團體積非常大，可不計和外界大氣的熱交換，則暖氣團在上升過程中內(nèi)能

（選填“減小”、“增大”或“不變”），暖氣團內(nèi)部的溫度（選填“升

高”、“降低”或“不變”）。

16.如圖所示，操場上有兩個振動情況完全相同的揚聲器

均發(fā)出頻率為/=34Hz的聲音，己知空氣中聲速

u聲=340m/s,則該聲波的波長為〃?，圖中EO=16m

DF=9m,CD=12m,則觀察者在C處聽到的聲音

是（填寫“減弱的”或“加強的”）。

17.牛頓定律又叫做慣性定律，是衡量物體慣性大小的唯一量度.

18.某研究性學(xué)習(xí)小組為了測量某電源的電動勢E和電壓表丫的內(nèi)阻心，從實驗室找

到實驗器材如下：

A.待測電源（電動勢E約為2匕內(nèi)阻不計）

5待測電壓表V（量程為1匕內(nèi)阻約為1000）

C.定值電阻若干（阻值有：50.0/2,100/2,500.00,1.0k。）

D單刀開關(guān)2個

(1)該研究小組設(shè)計了如圖甲所示的電路原理圖，請根據(jù)該原理圖在圖乙的實物圖

上完成連線。

(2)為了完成實驗，測量中要求電壓表的讀數(shù)不小于其量程的右則圖甲&=

R2=_____

(3)在Ri、/?2選擇正確的情況進行實驗操作，當(dāng)電鍵工閉合、52斷開時，電壓表讀

數(shù)為0.71U；當(dāng)工、52均閉合時，電壓表讀數(shù)為0.90U；由此可以求出即=0：

電源的電動勢E=(保留2位有效數(shù)字)。

19.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧一端固定在傾角為37。的光

滑固定斜面的底端，另一端連接質(zhì)量為風(fēng),=2kg

的小物塊A,小物塊A靜止在斜面上的。點，距。

點為殉=0.75m的P處有一質(zhì)量為ms=1kg的小

物塊8,由靜止開始下滑，與小物塊A發(fā)生彈性正碰,碰撞時間極短，碰后當(dāng)小物

塊B第一次上滑至最高點時，小物塊A恰好回到。點。小物塊A、B都可視為質(zhì)點,

重力加速度g=10m/s2,s譏37°=0.6,cos37°=0.8.求：

(1)碰后小物塊B的速度大??；

(2)從碰后到小物塊A第一次回到。點的過程中，彈簧對小物塊A的沖量大小.

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20.如圖所示，光滑絕緣的半圓形軌道4BC固定在豎直

面內(nèi)，圓心為。，軌道半徑為R,8為軌道最低點。

該裝置右側(cè)的;圓弧置于水平向右的足夠大的勻強電

場中。某一時刻一個帶電小球從A點由靜止開始運動。

到達8點時，小球的動能為E。，進入電場后繼續(xù)沿軌道運動，到達C點時小球的

電勢能減少量為2場，試求：

(1)小球所受重力和電場力的大小

(2)小球脫離軌道后到達最高點時的動能

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、任何電磁波在真空中的傳播速度均為光速，故傳播速度相同，故A錯

誤；

B、因5G信號的頻率更高，則波長小，故B錯誤；

C、因5G信號的頻率更高，則波長小，故4G信號更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C

錯誤。

。、頻率更高，光子的能量越大，故相同時間傳遞的信息量更大，故。正確。

故選：D。

明確電磁波的性質(zhì)，知道電磁波在真空中傳播速度均為光速，并且電磁波為橫波；明確

光的光粒二象性，知道頻率越大粒子性越明顯；波長越大，波動性越明顯。

本題考查波粒二象性以及電磁波的傳播和接收規(guī)律，注意明確波長越長波動性越明顯，

而頻率越高粒子性越明顯。

2.【答案】C

【解析】解：AB、小車勻速運動，小球也做勻速運動，小球受力平衡，斜面上6點對球

沒有支持力，否則，小球的合外力不零，不能做勻速運動，則球?qū)π泵嫔蟗點的壓力大

小為零，故48錯誤；

C、若小車向左以加速度gtanB加速運動，對小球受力分析如圖所示：

根據(jù)牛頓第二定律

豎直方向有N(j+Nbcos6—mg=0

水平方向有Nmin。=ma-mgtand

解得Nb=荒，Na=O

根據(jù)牛頓第三定律知球?qū)λ矫嫔蟖點無壓力，故C正確；

。、以小車和小球整體為研究對象，豎直方向沒有加速度，則地面對小車的支持力等于

(M+m)g,根據(jù)牛頓第三定律知小車對地面的壓力等于(M+m)g,故。錯誤。

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故選：Co

若小車勻速運動，對小球受力分析，根據(jù)平衡條件分析斜面對球有無支持力，從而判斷

球?qū)π泵嬗袩o壓力；若小車向左以加速度gtm。加速運動，根據(jù)牛頓第二定律求出球的

合外力，再分析水平面對〃有無支持力，從而確定球水平面有無壓力。對小球和小車整

體分析小車對地面的壓力大小。

解決本題時，要知道力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故物體的受力與加速度有關(guān)，故本

題應(yīng)討論小車的運動情況來判斷小球的受力情況。

3.【答案】D

【解析】

【分析】

將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分運動與合運動具有等時性,

求出到達對岸沿水流方向上的位移以及時間。當(dāng)實際航線與河岸垂直，則合速度的方向

垂直于河岸，根據(jù)平行四邊形定則求出船頭與河岸所成的夾角。

解決本題的關(guān)鍵是知道分運動和合運動具有等時性，以及會根據(jù)平行四邊形定則對運動

進行合成和分解,注意正確畫出運動的合成與分解是解題的關(guān)鍵，同時關(guān)注速度是矢量。

【解答】

由題意可知，船相對水的速度為內(nèi),其航線恰好垂直于河岸，當(dāng)水流速度稍有增大，為

保持航線不變，且能到達對岸，則如圖所示，可知，故。正確，ABC錯誤;

故選：Do

4.【答案】B

【解析】

【分析】

重力勢能的增加量等于克服重力做的功；動能變化等于力的總功；機械能變化量等于除

重力外其余力做的功.

本題關(guān)鍵根據(jù)功能關(guān)系的各種具體形式得到重力勢能變化、動能變化和機械能變化.

【解答】

A物體在斜面上能夠上升的最大高度為人，所以重力勢能增加了〃3b故A錯誤；

A加速度a=g=皿如誓+，,得：f=Lmg,機械能的損失量為fs=mgh,故B正確；

C動能損失量為合外力做的功的大小△EK=F合外力.s=mgs=2mgh,故C錯誤；

D系統(tǒng)生熱等于克服摩擦力做功fs=mgh,故。錯誤.

故選B.

5.【答案】D

【解析】解：AB,帶電小球從4到C,設(shè)在進入電場前后兩個運動過程水平分位移分

別為與和打，經(jīng)歷的時間為分別為口和12?經(jīng)過8點時豎直分速度大小為3.在電場中的加

速度為以

小球從B到C,根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma

結(jié)合F=3mg解得：a=2g

根據(jù)逆向思維可得：vy=at2=2gt2?

小球從A到B,有：vy=gt、

則得：ti=2t2；

小球水平方向一直做勻速直線運動，則有：Xi=Votj,x2-vot

可得：=2X2；

根據(jù)三角形相似法可知：AB=2BC,故AB錯誤；

C、AB過程速度變化量大小為：△%=gq=2gt2

動量變化量大小為：△pi=m△%=gh=2?ngt2，方向豎直向下。

BC過程速度變化量大小為：△%=at2=2gt2

動量變化量大小為：△P2=m=碇2=2mgt2,方向豎直向上，故兩個過程動量變

化量不同，故C錯誤；

￡＞、小球從A到C的過程中，小球動能的變化量為零，根據(jù)動能定理知，外力對小球所

做的總功為零，則小球從A到C的過程中重力對小球做的功與電場力對小球做的功的

絕對值相等，正負相反，故Q正確。

故選：D。

小球先做平拋運動，進入電場中做勻變速曲線運動，其逆過程是類平拋運動。兩個過程

都運用的分解法研究，水平方向都做勻速直線運動，由牛頓第二定律求出兩個過程加速

度之比，結(jié)合B點的豎直分速度，由％=at求出兩個過程時間之比，再根據(jù)位移公式

x=vt,分析A8與BC關(guān)系。根據(jù)△?=at研究速度變化量的關(guān)系，從而求得動量變化

量的關(guān)系。對全程運用動能定理分析重力對小球做的功與電場力對小球做的功關(guān)系。

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本題將平拋運動與類平拋運動的組合，關(guān)鍵運用逆向思維研究小球B到C的過程，再

運用力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定律、運動學(xué)公式和動能定理進行分析。

6.【答案】B

【解析】解：A、由圖可知乙球減速的同時，甲球正向加速，說明兩球相互排斥，帶有

同種電荷，故A錯誤；

B、兩球作用過程中動量守恒，則：解得：魯=著=等=|,

，“乙A"甲4X

故8正確；

C、在0-G時間內(nèi)，兩球間距離逐漸減小，公時刻，乙球的電勢能最大，故C錯誤；

。、在0~t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能先減小，G時刻后逐漸增大，故。錯

誤。

故選：B。

由圖象0-0段，判定甲從靜止開始與乙同向運動，則知兩個小球的電性。分析匕時刻

前后兩球距離的變化，判斷電場力做功情況，分析兩電荷的電勢能。0?t2時間內(nèi)，分

析兩電荷間距離變化，可知相互靜電力的變化。t]?t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙

的動能先減小后增大。

兩點電荷組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)圖示圖象分析清楚點電荷的運動過程，應(yīng)用動量守

恒定律即可解題。

7.【答案】A

【解析】解：0?0.57'時間內(nèi)，B減小，穿過線圈的磁通量減小，磁場方向垂直紙面向

里，由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向沿順時針方向，為正值；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢為E=￥S,?不變，則E不變，感應(yīng)電流i

不變。由左手定則可知，兒段導(dǎo)線受到的安培力方向水平向右，為正值，由F=B也知

A段導(dǎo)線受到的安培力大小不斷減小。

在0.5T-7時間內(nèi)，8增大，穿過線圈的磁通量增大，磁場方向垂直紙面向里，由楞次

定律可知，感應(yīng)電流方向沿逆時針方向，為負值；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢為E=W5,答不變，則E不變，感應(yīng)電流i

不變。

由圖知：在0.57-T時間內(nèi)的空是0~0.57時間內(nèi)的2倍，則在0.5T—7時間內(nèi)的感應(yīng)電

動勢E是。?0.57時間內(nèi)的2倍，感應(yīng)電流也是2倍。

在0.57-7'時間內(nèi)，由左手定則可知，兒段導(dǎo)線受到的安培力方向水平向左，是負的，

且由尸=BiL,知在0.5T—7時間內(nèi)A段導(dǎo)線受到的最大安培力是0?0.57時間內(nèi)的4

倍，

故錯誤，A正確。

故選：A。

由圖可知磁感應(yīng)強度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知

感應(yīng)電動勢變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，根據(jù)左手定則可以找出安培力

方向，結(jié)合可得出正確的圖象。

本題考查了判斷/-t圖象與F-t圖象是否正確，分析清楚B-t圖象、應(yīng)用楞次定律、

法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力公式即可正確解題。

8.【答案】D

【解析】解：AB、由x-t圖像的斜率正負表示速度方向，由圖像可知，在G時刻，“、

。兩車的運動方向相反，在立時刻，“、人兩車的運動方向相同，故AB錯誤；

C、在0到匕這段時間內(nèi)，兩汽車通過的位移相同，。車一直沿正方向運動，b車先沿負

方向運動，后沿正方向運動，則a車的路程小于b車的路程，結(jié)合平均速率等于路程與

時間的比值，知。車的平均速率小于6車的平均速率，故C錯誤；

D、在ti到t3這段時間內(nèi)，兩汽車的位移相同，時間相同，故〃、匕兩車的平均速度相等，

故。正確。

故選：Do

x-t圖像的斜率表示速度，斜率的正負表示速度方向?？v坐標(biāo)的變化量表示位移，平均

速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值，根據(jù)這些知識進行分析。

解決本題的關(guān)鍵要理解位移-時間圖像的物理意義，知道圖像的斜率表示速度，能夠通

過圖像分析兩車的運動情況。

9.【答案】D

【解析】解：AC、根據(jù)圖象可知，圓筒做勻加速轉(zhuǎn)動，角速度隨時間變化的關(guān)系式為：

3=3圓筒邊緣線速度與物塊前進速度大小相同，

根據(jù)"=得：v=a)R-0.5t

物體運動的加速度為：a=胃=等?n/s2=0.5m/s2,

根據(jù)牛頓第二定律得：F-fimg=ma

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解得：F=2x0.5N+0.1x2x10N=3N,故AC錯誤；

B、細線拉力的瞬時功率滿足P=Fv=1.53故8錯誤；

。、在。?4s內(nèi)，4s末的速度為%=23小物體受合力的沖量為/=Ft=mv4-0=4N-s,

故。正確；

故選：D。

根據(jù)圖象得出圓筒的轉(zhuǎn)速與時間的關(guān)系，再由"=3r求出物體速度隨時間變化的關(guān)系式,

求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出拉力，根據(jù)P=求解細線拉力的瞬時功率，根

據(jù)/=q=小外-0求出在0-45內(nèi)，合力的沖量。

本題考查牛頓第二定律、速度時間圖象的性質(zhì)、沖量的計算等內(nèi)容，要求能正確理解題

意，并分析物體的受力情況及能量轉(zhuǎn)化過程，難度適中。

10.【答案】C

【解析】解：由圖讀出波長4=8m.

波向右傳播，質(zhì)點C恰好通過平衡位置時，波傳播的最短距離為1加，根據(jù)波形的平移

法得：t=5+}7或5+》，n=0,1,2...,T=

則波速v=:=(8n+l)m/s或〃=(8n+5)

當(dāng)n=0時：u=Im/s或5m/s,

當(dāng)n=1時.:0=9m/s或13m/s,

當(dāng)n=2時：0=17m/s或21m/s,

故選：C

根據(jù)圖象可知：A8間距離等于一個波長尢根據(jù)波形的平移法得到時間t=Is與周期的關(guān)

系式，求出周期的通項，求出波速的通項，再得到波速的特殊值.

本題的解題關(guān)鍵是運用波形平移法，得到時間與周期的關(guān)系式，得到波速的通項，再研

究特殊值.

11.【答案】A

【解析】

【分析】

由于兩次乒乓球垂直撞在豎直墻面上，該運動的逆運動為平拋運動，結(jié)合平拋運動在水

平方向和豎直方向上的運動規(guī)律分析求解：

根據(jù)速度合成規(guī)律可分析撞擊墻壁的速度大小。

此題考查了平拋運動的規(guī)律，應(yīng)采用逆向思維，將斜拋運動變?yōu)槠綊佭\動處理，知道平

拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律。

【解答】

解：C、將乒乓球的運動反向處理，即為平拋運動，豎直方向上為自由落體運動，由題

意可知，運動過程中高度較小的，運動時間較短，因此球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前

的過程中，在空中的時間不相等，故c錯誤；

乒乓球反向做平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，水平射程相等，高度較小的，

運動時間短，水平分速度較大，即乒乓球撞擊墻壁的速度較大，故。錯誤；

8、乒乓球反向做平拋運動，在豎直方向上做自由落體運動，高度較小的，拋出時速度

的豎直分量較小，故B錯誤；

A、根據(jù)速度的合成可知，高度較小的，水平速度大，豎直速度小，故拋出時的初速度

大小不能確定，有可能相等，故A正確。

故選A。

12.【答案】B

【解析】解：小比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定。故A錯

誤。

B、湯姆生發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的棗糕模型，故8正確；

C、放射性元素的半衰期是由核內(nèi)自身的因素決定的，與原子所處的物理狀態(tài)、化學(xué)狀

態(tài)無關(guān)。故C錯誤。

。、一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因為該束光的頻率小于該金屬的極

限頻率，故。錯誤。

故選：Bo

比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定；元素的半衰期與溫度和狀

態(tài)無關(guān)；明確光電效應(yīng)的條件分析，知道原子的發(fā)現(xiàn)歷程。

本題關(guān)鍵是明確半衰期與元素的物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)是解答的關(guān)鍵；同時要知道光電效

應(yīng)的條件，同時注意掌握相關(guān)的物理學(xué)史。

13.【答案】<>

【解析】解：根據(jù)光路圖知，。光的偏折程度較大，可知〃光的折射率較大，即加〉助，

根據(jù)及=（知，a光在水滴中傳播的速度較小，即%

故答案為：>,<

第14頁，共18頁

根據(jù)光線的偏折程度比較光的折射率，結(jié)合U=￡比較光在介質(zhì)中的傳播速度，

本題考查了光的折射定律，知道光的偏折程度越大，折射率越大，知道光在介質(zhì)中速度

大小的求解。

14.【答案】0.05：相同

【解析】解：兩滑塊碰撞過程動量守恒，以兩滑塊組成的系統(tǒng)為研究對象，

以甲的速度方向為正方向，碰撞后乙的速度變?yōu)?.2m/s,

大于乙的初速度大小，說明乙碰撞后速度反向，

鏟甲一乙笠乙=甲

由動量守恒定律得：mm171vj+1nzy￡,

即：0.4x0.5—0.6x0.1=0.4xf/+0.6x0.2,

解得：v/=0.05m/s,方向與原來方向相同.

故答案為:0.05；相同.

兩滑塊碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律可以求出碰后滑塊的速度.

本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用，應(yīng)用動量守恒定律即可正確解題，解題時要注意正方

向的選擇與滑塊速度方向的判定.

15.【答案】減小降低

【解析】解：不計暖氣團和外界大氣的熱交換Q=0,體積膨脹勿<0,根據(jù)熱力學(xué)第

一定律W+<?=△1/可知，△(/<(),即暖氣團在上升過程中內(nèi)能減??；暖氣團體近似可

以看成是理想氣體，分子勢能忽略不計，內(nèi)能減小，分子平均動能減小，溫度降低。

故答案為：減小，降低。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△"Q=0,IV<0,可得△[/<(),即內(nèi)能減小，分子

動能減小，溫度降低。

本題考查了熱力學(xué)第一定律。熱力學(xué)第一定律在應(yīng)用時一定要注意各量符號的意義:△U

的正表示內(nèi)能增加，E為正表示物體吸熱：W為正表示外界對物體做功。

16.【答案】減弱的

【解析】解：聲波的波長為4=3=法瓶=10m

j34

CE=J122+162m=20m

CF=V1224-92m=15m

C點到反尸兩點的路程差為:

LS=CE-CF=Sm=\X,所以觀察者在C處聽到的聲音是減弱的。

故答案為：減弱的

根據(jù)4=:求出聲波的波長，求出C點與E、尸兩點的路程差，若為波長的整數(shù)倍則為加

強點，若為半波長的奇數(shù)倍，則為減弱點。

關(guān)于波的干涉，關(guān)鍵要明確干涉條件，并能正確利用振動加強和減弱條件進行有關(guān)運算。

17.【答案】第一定律；質(zhì)量

【解析】解：物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)，叫做慣性，牛頓

第一定律又叫做慣性定律，物體慣性大小的唯一量度是物體的質(zhì)量.

故答案為：第一定律；質(zhì)量.

一切物體都有慣性.慣性的大小取決于物體的質(zhì)量，與速度無關(guān)，質(zhì)量不變，物體的慣

性不變.

慣性是動力學(xué)中基本概念，是物體的固有屬性，由物體的質(zhì)量大小決定，與速度無關(guān).

18.【答案】100050.00871.91/

【解析】解：(1)根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示。

UR“力

(2)由題意可知，電源電動勢約為2V,內(nèi)阻不計，電壓表量程為1%電壓表內(nèi)阻約為1000,

測量中要求電壓表的讀數(shù)不小于其量程的點即電壓表示數(shù)不能小于5吟

電阻治、/?2兩端電壓之和不能超過?乙兩電阻之和不能超過電壓表內(nèi)阻的5倍，

即不能超過5000,因止匕兩電阻不能是500.00與l.OkO,

為保護電路，由圖示電路圖可知電阻&應(yīng)大于/f2，因此：Ri=100。，R2=50.0/2=

(3)根據(jù)圖示電路圖與實驗步驟，由閉合電路歐姆定律可知：

II

E=U+^(R+/?2)，E=U2+^-RX,

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由題意可知：Ui=0.71V,U=0.90V,

代入數(shù)據(jù)解得：E工1.9V,Rvx870。

故答案為：(1)實物電路圖如圖所示；(2)10012；50.00；(3)87；1.9V。

(1)根據(jù)圖中所示電路圖連接實物電路圖。

(2)根據(jù)電源電動勢與題目所給實驗器材與實驗要求確定電阻阻值。

(3)根據(jù)實驗電路圖與實驗步驟應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出電源電動勢與電壓表內(nèi)阻。

本題考查了連接實物電路圖、確定電阻阻值與實驗數(shù)據(jù)處理問題，認(rèn)真審題理解題意是

確定電阻阻值的關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點即可確定電阻阻值；應(yīng)用閉合電路歐姆定律可

以求出電壓表內(nèi)阻與電源電動勢。

19.【答案】解：(1)B下滑過程，由動能定理得：mBgxosin37°=^mBv^,

代入數(shù)據(jù)解得：%=3m/s；

A、B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量