2020-2021學(xué)年重慶八中高二（上）第一次月考物理試卷公開課

2020-2021學(xué)年重慶八中高二（上）第一次月考物理試卷

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只

有一項符合題目要求。

1.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）下列說法正確的是（）

A.靜電力對在電場中的電荷一定會做功，而洛倫磁力對在磁場中的電荷卻不會做功

B.由B=￡可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與放在該處的一小段通電導(dǎo)線的IL乘積成反比

IL

C.若一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零

D.只有運動的電荷在磁場中才可能會受到洛侖磁力的作用

2.（4分）（2017秋?習(xí)水縣期末）將通電直導(dǎo)線放入磁場中，電流方向、磁場方向及導(dǎo)線的

受力方向如圖所示，其中錯誤的是（）

3.（4分）（2019?漢中模擬）如圖所示，三根相互平行的固定長直導(dǎo)線Li、L2和L3兩兩等

距，通過Li、L2中的電流相同，Li、L2中的電流方向垂直紙面向里，L3中的電流方向

垂直紙面向外，在三根導(dǎo)線與紙面的交點所構(gòu)成的等邊三角形的中心上放有一電流方向

垂直紙面向外的通電長直導(dǎo)線，則該導(dǎo)線受到的安培力的方向為（）

A

,6...如2

A.指向LiB.指向L2C.指向L3D.背離L3

4.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，帶箭頭的線段表示某一電場中的電場線

的分布情況.一帶電粒子在電場中運動的軌跡如圖中虛線所示.若不考慮其它力，則下

列判斷中正確的是（）

A

A.若粒子是從A運動到B,則粒子帶正電；若粒子是從B運動到A,則粒子帶負(fù)電

B.粒子一定帶負(fù)電

C.若粒子是從B運動到A,則其速度減小

D.若粒子是從B運動到A,則其加速度增大

5.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）表格是某品牌電動自行車銘牌上所示的技術(shù)參數(shù)：

當(dāng)該車在平直公路上勻速行駛時受到的阻力為100N時，則此車電機(jī)內(nèi)部線圈的電阻r

和電機(jī)在額定電壓下工作時的速率v分別為（）

規(guī)格后輪驅(qū)動直流永磁鐵電機(jī)

車型28型電動自行車額定輸出功率140W

整車質(zhì)量30kg額定電壓40V

最大載重120kg額定電流5A

A.r=8C,v=2m/sB.r=8Q,v=1.4m/s

C.r=2.4Q,v=2m/sD.r=2.4Q,v=1.4m/s

6.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，足夠長的光滑三角形絕緣槽。與水平面

的夾角分別為a和0（a>0）,加垂直于紙面向里的磁場，分別將質(zhì)量相等、帶等量正負(fù)

電荷的小球a、b依次從兩斜面的頂端靜止釋放，關(guān)于兩球在槽上運動的說法正確的是

A.在槽上，a、b兩球都做勻加速直線運動，且aa<ab

B.a、b兩球沿槽運動的最大速度為Va和Vb，則Va>Vb

C.a、b兩球沿直槽運動的最大位移為Sa和Sb,則Sa>Sb

D.a、b兩球沿槽運動的時間為ta和tb，則ta<tb

二、多項選擇題：本共4小題，每小題4分，共16分。在每小給出的四個選項中，有多項

項符合題目要求，漏選的2分，錯選的0分。

7.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）氫的三個同位素（；H,2H,3H）在同一地點同

時以相同的初速度飛入偏轉(zhuǎn)電場，出現(xiàn)了如圖所示的軌跡，由此可以判斷下列正確的是

)

A.三個粒子（件2H,3H）的軌跡分別為a、b、c

B.在b飛離電場的同時，c剛好打在負(fù)極板上

C.a和b同時飛離電場

D.動能的增加值a最小，b和c一樣大

8.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,理想電

壓表Vi、V2示數(shù)為Ui、U2,其變化量的絕對值分別為△Ui和△U2；流過電源的電流為

I,其變化量的絕對值為當(dāng)滑動變阻器的觸片從左端向右端滑動的過程中（不計燈泡

電阻的變化）（）

A.小燈泡L3變亮，Li、L2變暗

B.電壓表Vi示數(shù)變小，電壓表V2示數(shù)變大

△與于寸

C.“&不變

AI

△Ui

D.人！-變大

△I

9.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖，豎直面內(nèi)一絕緣細(xì)圓環(huán)的上、下半圓分別均

勻分布著等量異種電荷，a、b為圓環(huán)水平直徑上的兩個點，c、d為豎直直徑上的兩個點。

它們與圓心的距離均相等。則（）

A.同一電荷在a、b兩點的電場力相等

B.電荷從a點沿直線移動到b點，電場力的總功為零

C.同一電荷在c、d兩點的電場力相等

D.電荷從c點沿直線移動到d點，電場力做總功為零

10.（4分）（2016秋?賓陽縣校級期末）如圖所示，一個帶正電荷的物塊m,由靜止開始從

斜面上A點下滑，滑到水平面BC上的D點停下來.已知物塊與斜面及水平面間的動摩

擦因數(shù)相同，且不計物塊經(jīng)過B處時的機(jī)械能損失.先在ABC所在空間加豎直向下的勻

強(qiáng)電場，第二次讓物塊m從A點由靜止開始下滑，結(jié)果物塊在水平面上的D'點停下

來.后又撤去電場，在ABC所在空間加水平向里的勻強(qiáng)磁場，再次讓物塊m從A點由

靜止開始下滑，結(jié)果物塊沿斜面滑下并在水平面上的D”點停下來.則以下說法中正確

的是（）

xxBx

A.D'點一定在D點左側(cè)點一定與D點重合

C.D"點一定在D點左側(cè)D.D”點一定與D點重合

三、實驗題：本題共3小題，第一小題8分，第二小題6分，共14分。

11.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）在如圖中讀出游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)

甲圖7,國

（1）螺旋測微器的讀數(shù)mm

（2）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為mm.

12.（4分）（2020秋?朝陽區(qū)校級期中）某實驗小組選用以下器材測定電池組的電動勢和內(nèi)

阻，要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。

電壓表（量程。?3V,內(nèi)阻約為3kC）

電流表（量程0?0.6A,內(nèi)阻約為1。）

滑動變阻器（0?20Q,額定電流1A）

待測電池組（電動勢約為3V,內(nèi)阻約為10。）

開關(guān)導(dǎo)線若干

①該小組連接的實物電路如圖1所示，經(jīng)仔細(xì)檢查，發(fā)現(xiàn)電路中有一條導(dǎo)線連接不當(dāng)，

這條導(dǎo)線對應(yīng)的編號是。

②改正這條導(dǎo)線的連接后開始實驗，閉合開關(guān)前，滑動變阻的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器

的端（填"a”或者“b”）。

③實驗中發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動變阻器時。電流表讀數(shù)變化明顯但電壓表讀數(shù)變化不明顯。為了

解決這個問題，在電池組負(fù)極和開關(guān)之間串聯(lián)一個阻值為4。的電阻，之后該小組得到了

幾組電壓表讀數(shù)U和對應(yīng)的電流表讀數(shù)I,并作出U-I圖象，如圖2所示。根據(jù)圖象可

知，電池組的電動勢為V,內(nèi)阻為Q（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。

u.v

13.（6分）（2016?全國二模）某同學(xué)要測量一個改裝后的電壓表V的量程和內(nèi)阻，實驗過

程如下:

（1）先用多用電表粗測電壓表的內(nèi)阻和量程，實驗中多用電表紅表筆應(yīng)與電壓表的

（填“正”或“負(fù)”）接線柱相連；若已知多用電表內(nèi)電源電動勢為9V,所用檔位為X

1k檔，調(diào)零后測量，指針位置如圖1所示。此時電壓表指針指在表盤的四分之三刻度處,

則所測電壓表內(nèi)阻約為，量程為。

（2）若電壓表量程為（I）問中所測數(shù)值，則為了精確測量其內(nèi)阻，現(xiàn)提供以下器材:

待測電壓表Vx

電流表A（量程0.6A,內(nèi)阻約為3。）

電壓表V（量程10V,內(nèi)阻約為30kQ）

定值電阻Ro（阻值為10k。）

滑動變阻器Ri（最大阻值為5Q,額定電流為1A）

滑動變阻器R2（最大阻值為100。，額定電流為1A）

電源E（電動勢為15V,內(nèi)阻約為1Q）

開關(guān)和導(dǎo)線若干

①為了較精確的測量電壓表內(nèi)阻，則測量電路應(yīng)該選擇如下電路的

VV,Y

AB&C

②本實驗中應(yīng)選擇的滑動變阻器為。（填器材對應(yīng)的符號）

③根據(jù)測量電路和所選擇器材，完成實物電路連接（圖2）。

④測電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式Rv=，其中各物理量的含義是0

四、計算題本共4小題，共46分。

14.（6分）（2013秋?泰安期末）如圖所示，兩平行金屬板A.B間為一勻強(qiáng)電場，A、B

相距6cm,C、D為電場中的兩點，C點在A板上，且CD=4cm,CD連線和場強(qiáng)方向成

60°角.已知電子從D點移到C點電場力做功為3.2X101617J,電子電量為1.6X1（T

l9C.求：

（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)；

（2）A、B兩點間的電勢差；

（3）若A板接地，D點電勢為多少？

Bi——?

15.（12分）（2013春?沙坪壩區(qū)校級期中）《三國演義》是中國古代四大名著之一，在該書

的戰(zhàn)爭對決中，交戰(zhàn)雙方常常用到一種冷兵器時代十分先進(jìn)的遠(yuǎn)程進(jìn)攻武器--拋石

機(jī).某同學(xué)為了研究其工作原理，設(shè)計了如圖所示的裝置，圖中支架固定在地面上，O

為轉(zhuǎn)軸，輕桿可繞O在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動，物體A固定于桿左端.彈丸B放在桿右端的勺形

槽內(nèi).將裝置從水平位置由靜止釋放，桿逆時針轉(zhuǎn)動，當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時，彈丸B從

最高點被水平拋出，落地點為圖中C點.已知A、B質(zhì)量分別為4m、m.OB=2OA=2L.轉(zhuǎn)

軸O離水平地面的高度也為2L,不計空氣阻力和轉(zhuǎn)軸摩擦，重力加速度為g.求：

（1）彈丸B被拋出瞬間的速度大小；

（2）C點與O點的水平距離；

（3）桿對彈丸B做的功.

16.（12分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，OM、ON相互垂直，OP將空間分成

兩個區(qū)域，/NOP=30°。區(qū)域I中有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場。一束質(zhì)量為m、電

量為+q的粒子以不同的速率(速率范圍0-vo)自Q點直于ON射入?yún)^(qū)域I。其中以最

大速率vo射入的粒子恰能垂直于OP射出，已知QO間距為d,不計粒子重力以及粒子

間的相互作用。試求：

(1)區(qū)域I中勻強(qiáng)磁場的感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/p>

(2)分界線OP上有粒子通過的區(qū)域的長度；

(3)粒子在磁場中運動的最長時間。

17.(16分)(2015?咸陽三模)如圖所示，在真空中的豎直平面內(nèi)，用長為2L的絕緣輕桿

連接兩個質(zhì)量均為m的帶電小球A和B,A球的電荷量為+4q,B球的電荷量為-3q,

組成一帶電系統(tǒng).虛線MN與PQ平行，開始時PQ恰為桿的中垂線.在MN與PQ間加

豎直向上的勻強(qiáng)電場，恰能使帶電系統(tǒng)靜止不動.現(xiàn)使電場強(qiáng)度突然加倍(已知當(dāng)?shù)刂?/p>

力加速度為g),求：

(1)B球剛到達(dá)電場邊界PQ時的速度大小；

(2)若要使A不離開電場上邊界MN,則MN與PQ之間相距至少為多少？

(3)帶電系統(tǒng)運動的周期為多少？

靈..........N.

3t

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2020-2021學(xué)年重慶八中高二（上）第一次月考物理試卷

參考答案與試題解析

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只

有一項符合題目要求。

1.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）下列說法正確的是（）

A.靜電力對在電場中的電荷一定會做功，而洛倫磁力對在磁場中的電荷卻不會做功

B.由8=2_可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與放在該處的一小段通電導(dǎo)線的IL乘積成反比

IL

C.若一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零

D.只有運動的電荷在磁場中才可能會受到洛侖磁力的作用

【專題】定性思想；歸納法；磁場磁場對電流的作用；理解能力.

【答案】D

【分析】靜電力對電荷不一定做功，而洛倫茲力總垂直與速度方向，不做功；磁感應(yīng)強(qiáng)

度是描述磁場強(qiáng)弱的物理量，由磁場本身決定，與導(dǎo)線受到的安培力以及電流強(qiáng)度I和

導(dǎo)線長度L的乘積都無關(guān)；

當(dāng)電流方向與磁場平行時不受安培力；當(dāng)電荷運動的方向與磁場的方向平行時，不受力。

【解答】解：A、靜電力對在電場中的電荷不一定會做功，如電子繞原子核做勻速圓周運

動，而洛倫茲力與電荷的運動方向總垂直，因此它對在磁場中的電荷卻不會做功，故A

錯誤；

B、磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場強(qiáng)弱的物理量，由磁場本身決定，與導(dǎo)線受到的安培力以及電

流強(qiáng)度I和導(dǎo)線長度L的乘積都無關(guān)，故B錯誤；

C、當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場平行時，不受磁場力，故不能根據(jù)安培力為零說明磁感應(yīng)強(qiáng)度為零,

故C錯誤；

D、電荷在磁場中運動時，當(dāng)電荷運動的方向與磁場的方向平行時，不受力，故D正確；

故選：D。

【點評】本題考查安培力產(chǎn)生條件，及磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義，要注意明確磁感應(yīng)強(qiáng)度是磁

場本身的性質(zhì)，同時理解靜電力做功與洛倫茲力的做功的區(qū)別.

2.（4分）（2017秋?習(xí)水縣期末）將通電直導(dǎo)線放入磁場中，電流方向、磁場方向及導(dǎo)線的

受力方向如圖所示，其中錯誤的是（）

C.xxxD.........B.

【答案】A

【分析】通電導(dǎo)線在磁場中受安培力作用，由左手定則可以判斷安培力的方向；

左手定則內(nèi)容：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線穿過手心，四指指向電流方

向，大拇指所指的方向就是安培力的方向.

【解答】解：A、如圖所示，磁場與電流方向平行，不受安培力作用，故A錯誤；

B、如圖所示，由左手定則可知，安培力垂直于磁感線（導(dǎo)線）豎直向下，故B正確：

C、如圖所示，由左手定則可知，安培力水平向右，故C正確；

D、如圖所示，由左手定則可知，安培力垂直于導(dǎo)線斜向右上方，故D正確；

本題選擇錯誤的，故選：A。

【點評】左手定則中涉及物理量及方向較多，在應(yīng)用過程中容易出現(xiàn)錯誤，要加強(qiáng)練習(xí)，

增加熟練程度.判斷通電導(dǎo)線的安培力方向，既要會用左手定則，又要符合安培力方向

的特點：安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直.

3.（4分）（2019?漢中模擬）如圖所示，三根相互平行的固定長直導(dǎo)線Li、L2和L3兩兩等

距，通過Li、L2中的電流相同，Li、L2中的電流方向垂直紙面向里，L3中的電流方向

垂直紙面向外，在三根導(dǎo)線與紙面的交點所構(gòu)成的等邊三角形的中心上放有一電流方向

垂直紙面向外的通電長直導(dǎo)線，則該導(dǎo)線受到的安培力的方向為（）

/@\

**.

〃必.....凝2

A.指向LiB.指向L2C.指向L3D.背離L3

【專題】定性思想；推理法；共點力作用下物體平衡專題.

【答案】C

【分析】依據(jù)右手螺旋定則判定各導(dǎo)線在其他位置的磁場方向，再結(jié)合矢量的合成法則,

即可判定合磁場方向，最后根據(jù)左手定則，從而確定其位置的受到磁場力方向。

【解答】解：根據(jù)安培定則可知，L3在中心處的磁場方向水平向右，根據(jù)左手定則可知

L3對中心處導(dǎo)線的安培力方向指向L3；

Li和L2在中心處的合磁場方向水平向右，根據(jù)左手定則可知Li和L2對中心處導(dǎo)線的安

培力方向指向L3；

所以中心處導(dǎo)線受到的安培力的方向指向L3,故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

【點評】考查右手螺旋定則與左手定則的內(nèi)容，掌握矢量的合成法則，理解幾何關(guān)系，

及三角知識的運用；也可以根據(jù)電流方向相同相吸引、相反相排斥來分析。

4.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，帶箭頭的線段表示某一電場中的電場線

的分布情況.一帶電粒子在電場中運動的軌跡如圖中虛線所示.若不考慮其它力，則下

列判斷中正確的是（）

A.若粒子是從A運動到B,則粒子帶正電；若粒子是從B運動到A,則粒子帶負(fù)電

B.粒子一定帶負(fù)電

C.若粒子是從B運動到A,則其速度減小

D.若粒子是從B運動到A,則其加速度增大

【專題】定性思想；圖析法；電場力與電勢的性質(zhì)專題.

【答案】B

【分析】做曲線運動物體所受合外力指向曲線內(nèi)側(cè)，本題中粒子只受電場力，由此可判

斷電場力向左，

根據(jù)電場力做功可以判斷電勢能的高低和動能變化情況，加速度的判斷可以根據(jù)電場線

的疏密進(jìn)行

【解答】解：A、根據(jù)做曲線運動物體所受合外力指向曲線內(nèi)側(cè)可知與電場線的方向相反,

所以不論粒子是從A運動到B,還是從B運動到A,粒子必帶負(fù)電，故A錯誤，B正確;

C、從B到A過程中電場力與速度方向成銳角，即做正功，動能增大，速度增大，故C

錯誤

D、電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，所以粒子在B點受到的電場力大，在B點時的加速

度較大。所以粒子是從B運動到A,則其加速度減小，故D錯誤；

故選:B?

【點評】本題以帶電粒子在電場中的運動為背景考查了帶電粒子的速度、加速度、動能

等物理量的變化情況.

加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點，即可解決本題.

5.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）表格是某品牌電動自行車銘牌上所示的技術(shù)參數(shù)：

當(dāng)該車在平直公路上勻速行駛時受到的阻力為100N時，則此車電機(jī)內(nèi)部線圈的電阻r

和電機(jī)在額定電壓下工作時的速率v分別為（）

規(guī)格后輪驅(qū)動直流永磁鐵電機(jī)

車型28型電動自行車額定輸出功率140W

整車質(zhì)量30kg額定電壓40V

最大載重120kg額定電流5A

A.r=8Q,v—2m/sB.r=8Q,v=1.4m/s

C.r=2.4Q,v=2m/sD.r=2.4Q,v=1.4m/s

【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；理解能力.

【答案】D

【分析】根據(jù)技術(shù)參數(shù)得到電動機(jī)的總功率，進(jìn)而可得到電動機(jī)的發(fā)熱功率，即可得到

電動機(jī)線圈電阻；機(jī)械功率等于牽引力與速率的乘積。

【解答】解：由技術(shù)參數(shù)可知，電動機(jī)消耗的總功率為P=UI=40X5W=200W

電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為P機(jī)=140W

電動機(jī)的發(fā)熱功率為P,A=P-P機(jī)=200W-140W=60W

又P熱=汽

代入數(shù)據(jù)解得，r=2.4Q

當(dāng)電動自行車勻速行駛時，其牽引力F=100N

由Pni=Fv可得

s=L4m/s，故D正確，ABC錯誤。

故選：Do

【點評】涉及到電動機(jī)的問題有三個功率，分別是總功率、發(fā)熱功率和機(jī)械功率。分別

得到這三個功率的數(shù)值是解題的關(guān)鍵。

6.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，足夠長的光滑三角形絕緣槽。與水平面

的夾角分別為a和0（a>0）,加垂直于紙面向里的磁場，分別將質(zhì)量相等、帶等量正負(fù)

電荷的小球a、b依次從兩斜面的頂端靜止釋放，關(guān)于兩球在槽上運動的說法正確的是

（）

xX

A

X

XXXI

A.在槽上，a、b兩球都做勻加速直線運動，且aa〈ab

B.a、b兩球沿槽運動的最大速度為Va和Vb，則Va>Vb

C.a、b兩球沿直槽運動的最大位移為Sa和Sb，則Sa>Sb

D.a、b兩球沿槽運動的時間為ta和tb，貝UtaVtb

【專題】定量思想；推理法；帶電粒子在磁場中的運動專題；分析綜合能力.

【答案】D

【分析】對兩球分別進(jìn)行受力分析，確定合力后，再由牛頓第二定律可以求出加速度，

然后比較加速度大小，判斷小球的運動性質(zhì)；利用運動學(xué)的知識即可比較小球在斜面上

運動的位移與運動時間，從而可得知正確選項。

【解答】解：A、兩小球受到的洛倫茲力都與斜面垂直向上，沿斜面方向的合力為重力的

分力，則其加速度分別為：aa=gsina,ab=gsin0,可見aa>ab,故A錯誤；

B、當(dāng)加速到洛倫茲力與重力沿垂直斜面向下分力相等時;小球剛好脫離斜面時，由平衡

條件得：mgcosP=Bqv

對a有：Va=nigcoSa

qB

對b有：vbn-sB

qB

由于（a>0）所以va<vb，故B錯誤；

C、a、b兩球沿直槽運動的最大位移為Sa和Sb，對a由運動學(xué)公式得：v2=2gsinasa

22

解得：Sa=gm（l-sina）

2B2q2sinCl

對b由運動學(xué)公式得：y2=2gsinasb

22

解得：Sb^gm（l-sinP）

2B2q2sinP

因a>0,則有：sa<sb故C錯誤；

D、a、b兩球沿槽運動的時間為ta和tb，對a由運動學(xué)公式得：va=gsinata

解得：ta=一—

qBtan。

對b由運動學(xué)公式得：vb=gsin0tb

解得：tb=----m

qBtanP

因a>0,則ta<tb，故D正確。

故選：D。

【點評】本題考查小球在重力、支持力和洛倫茲力作用下的運動，注意應(yīng)用左手定則判

斷洛倫茲力的方向，要了解在帶電體運動的過程中，洛倫茲力的變化，知道帶電粒子離

開斜面的條件，同時應(yīng)注意數(shù)學(xué)知識，尤其是三角函數(shù)的應(yīng)用。

二、多項選擇題：本共4小題，每小題4分，共16分。在每小給出的四個選項中，有多項

項符合題目要求，漏選的2分，錯選的0分。

7.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）氫的三個同位素（；H,2H,3H）在同一地點同

時以相同的初速度飛入偏轉(zhuǎn)電場，出現(xiàn)了如圖所示的軌跡，由此可以判斷下列正確的是

)

B.在b飛離電場的同時，c剛好打在負(fù)極板上

C.a和b同時飛離電場

D.動能的增加值a最小，b和c一樣大

【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題；分析綜合能力.

【答案】CD

【分析】三個粒子都做類平拋運動，在垂直電場方向上做勻速直線運動，在沿電場方向

上做初速度為0的勻加速直線運動。粒子的質(zhì)量和電量相同，加速度相同。比較沿電場

方向上的位移，可比較出運動時間，再根據(jù)垂直電場方向的位移可知初速度的大小.通

過動能定理比較動能的變化量。

【解答】解：A、由牛頓第二定律得加速度為：a=型，電荷量相同、同一偏轉(zhuǎn)電場，但

md

質(zhì)量數(shù)不同，故加速度不相同，且;H的加速度最小，；H加速度最大，在相同時間內(nèi)

；H的豎直位移最大，；H的豎直位移最小，所以三個粒子（［H.jH、3H）的軌跡分別

為c、b、a,故A錯誤；

B、因為三個粒子沿板方向做勻速直線運動，由圖可知，c沿板的位移是ab的一半，故c

打在板上的時間是b飛離電場所用時間的一半，故B錯誤；

C、因為三個粒子沿板方向做勻速直線運動，由圖可知ab飛離電場時沿板位移相等，由

沿板方向速度相同，故飛離電場用時相同，故C正確；

D、根據(jù)動能定理知，b、c兩電荷，電場力做功一樣多，所以動能增加量相等。a電荷電

場力做功最少，動能增加量最小。故D正確；

故選：CDo

【點評】解決本題的關(guān)鍵將類平拋運動分解為垂直電場方向和沿電場方向的兩個分運動,

在垂直電場方向上做勻速直線運動，在沿電場方向上做初速度為0的勻加速直線運動，

然后利用運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、動能定理、運動學(xué)公式列式求解即可。

8.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,理想電

壓表Vi、V2示數(shù)為Ui、U2,其變化量的絕對值分別為△Ui和△U2；流過電源的電流為

I,其變化量的絕對值為Ah當(dāng)滑動變阻器的觸片從左端向右端滑動的過程中（不計燈泡

電阻的變化）（）

jpj

,k—

A.小燈泡L3變亮，Li、L2變暗

B.電壓表Vi示數(shù)變小，電壓表V2示數(shù)變大

AU

C.2不變

AI

△Ui

D.變大

Al

【專題】學(xué)科綜合題；定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力.

【答案】AC

【分析】當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，分析變阻器接入電路的電阻的變化

情況，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化。

根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L3亮度的變化。根據(jù)總電流與通過

L3電流的變化，分析通過Li電流的變化，判斷其亮度變化。

根據(jù)路端電壓的變化，分析△口和△山的大小。

根據(jù)歐姆定律列式分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值如何變化。

【解答】解：A、當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減

小，外電路總電阻減小，總電流增大，則L2變亮，V2示數(shù)增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓

減小，變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，即電壓表Vi

示數(shù)變小，則L3變暗?總電流增大，而L3的電流減小，則Li的電流增大，則Li變亮。

故A正確。

B、由上分析可知，電壓表Vi的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大。故B錯誤。

C、根據(jù)歐姆定律得3k=R2,不變，故C正確。

△I

△Ui

D,由Ui=E-I(RL2+r)得：——L=R2+r,不變，故D錯誤。

AIL

故選：ACo

【點評】該題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識，是電路動態(tài)變化分析問題，按“局

部一整體一局部”思路進(jìn)行分析。運用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小。運用歐

姆定律定量分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值變化，這是常用的方法。

9.（4分）（2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考）如圖，豎直面內(nèi)一絕緣細(xì)圓環(huán)的上、下半圓分別均

勻分布著等量異種電荷，a、b為圓環(huán)水平直徑上的兩個點，c、d為豎直直徑上的兩個點。

它們與圓心的距離均相等。則（）

A.同一電荷在a、b兩點的電場力相等

B.電荷從a點沿直線移動到b點，電場力的總功為零

C.同一電荷在c、d兩點的電場力相等

D.電荷從c點沿直線移動到d點，電場力做總功為零

【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題；推理能力.

【答案】ABC

【分析】根據(jù)微元法，將帶電圓環(huán)看成若干個點電荷，依據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度方向與大

小，結(jié)合矢量的疊加法則，即可判定場強(qiáng)大小關(guān)系，再根據(jù)沿著電場線方向電勢降低，

及電場線方向與等勢面垂直，即可一一判定。

【解答】解：AB、將帶電圓環(huán)看成若干個點電荷，取關(guān)于水平直徑對稱的兩個點電荷，

依據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度大小與方向，結(jié)合矢量的合成法則，如下圖所示，那么此兩個點

電荷在a、b兩點產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，同理，任意兩個關(guān)于水平直徑對稱

的兩個點電荷在a、b兩點產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度大小相等，方向都相同，那么帶異種電荷的

上、下半圓在a、b兩點的場強(qiáng)相等，方向相同，故同一電荷在a、b兩點的電場力相等。

再依據(jù)電場線與等勢線垂直，可知，ab連線即為等勢線，因此a、b兩點的電勢也相等，

則電荷從a點沿直線移動到b點，電場力的總功為零，故AB正確；

+

CD、將帶電圓環(huán)看成若干個點電荷，取上半圓關(guān)于豎直直徑對稱的兩個點電荷，依據(jù)點

電荷的電場強(qiáng)度大小與方向，結(jié)合矢量的合成法則，如上圖所示，那么此兩個點電荷在c

點產(chǎn)生電場強(qiáng)度的方向豎直向下，同理，取下半圓關(guān)于豎直直徑對稱的兩個點電荷，依

據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度大小與方向，結(jié)合矢量的合成法則，如上圖所示，那么此兩個點電

荷在d點產(chǎn)生電場強(qiáng)度的方向也豎直向下，由于c、d兩點關(guān)于水平直徑對稱，那么c、d

兩點的場強(qiáng)相等，因此任意兩個關(guān)于豎直直徑對稱的兩個點電荷在c、d兩點產(chǎn)生的合電

場強(qiáng)度大小相等，方向都相同，那么帶異種電荷的上、下半圓在c、d兩點的場強(qiáng)相等，

方向相同，故同一電荷在c、d兩點的電場力相等；再依據(jù)沿著電場線方向電勢降低，可

知，c點的電勢高于d,電荷從c點沿直線移動到d點，電場力做的總功不為零，故C正

確，D錯誤；

故選：ABC。

【點評】考查點電荷電場的應(yīng)用，掌握點電荷的電場強(qiáng)度大小與方向的確定，理解矢量

的合成法則，及微元法的思維，注意作出正確的矢量是解題的關(guān)鍵。

10.（4分）（2016秋?賓陽縣校級期末）如圖所示，一個帶正電荷的物塊m,由靜止開始從

斜面上A點下滑，滑到水平面BC上的D點停下來.己知物塊與斜面及水平面間的動摩

擦因數(shù)相同，且不計物塊經(jīng)過B處時的機(jī)械能損失.先在ABC所在空間加豎直向下的勻

強(qiáng)電場，第二次讓物塊m從A點由靜止開始下滑，結(jié)果物塊在水平面上的D'點停下

來.后又撤去電場，在ABC所在空間加水平向里的勻強(qiáng)磁場，再次讓物塊m從A點由

靜止開始下滑，結(jié)果物塊沿斜面滑下并在水平面上的D”點停下來.則以下說法中正確

的是（）

xxBxD?C

A.D'點一定在D點左側(cè)B.D'點一定與D點重合

C.D"點一定在D點左側(cè)D.D”點一定與D點重合

【專題】帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題.

【答案】B

【分析】根據(jù)動能定理分別對不加電場和加電場兩種情況進(jìn)行研究：不加電場時，整個

過程中重力做正功，摩擦力做負(fù)功，根據(jù)動能定理列出表達(dá)式；加電場時，重力和電場

力做正功，摩擦力做負(fù)功，再由動能定理列出表達(dá)式，分析物體在水平上滑行的位移關(guān)

系，判斷D，點與D點的位置關(guān)系.

【解答】解：A、B、設(shè)物體的質(zhì)量為m,電量為q,電場強(qiáng)度大小為E,斜面的傾角為

0,動摩擦因數(shù)為陽

不加電場時，根據(jù)動能定理得：

mgSABsin。-|imgSABCOS0-|imgSBD=O①

加電場時：

(mg+qE)SABSMO-口(mg+qE)SABCOSQ-|i(mg+qE)SBD，=0②

將①②兩式對比得到，SBD=SBD一則D，點一定與D點重合；故A錯誤，B正確；

C、D、加磁場時，根據(jù)動能定理得：

mgSABsinS-RSAB(mgcosQ-Bqv)-p(mg-Bqv')SBD—0③

比較①③兩式可得：SBDASBD，所以D"點一定在D點右側(cè)，故C錯誤，D錯誤；

故選：B.

【點評】本題考查運用動能定理處理問題的能力，也可以應(yīng)用等效的思維方法進(jìn)行選擇:

加電場時相當(dāng)于物體的重力增加，而物體在水平面滑行的距離與重力無關(guān).

三、實驗題：本題共3小題，第一小題8分，第二小題6分，共14分。

11.(4分)(2020秋?沙坪壩區(qū)校級月考)在如圖中讀出游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)

(1)螺施測微器的讀數(shù)101.55mm

(2)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為0.900mm.

【專題】實驗題.

【答案】見試題解答內(nèi)容

【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法,主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù),不需估讀.螺

旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.

【解答】解：1、游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為101mm,游標(biāo)尺上第11個刻度和主尺上某一刻

度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為11X0.05mm=0.55mm,所以最終讀數(shù)為：101mm+0.55mm=

101.55mm.

2、螺旋測微器的固定刻度為0.5mm,可動刻度為40.0X0.01mm=0.400mm,所以最終讀

數(shù)為0.5mm+0.400mm=0.900mm.

故答案為：101.55；0.900

【點評】對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這

些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量.

12.（4分）（2020秋?朝陽區(qū)校級期中）某實驗小組選用以下器材測定電池組的電動勢和內(nèi)

阻，要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確。

電壓表（量程0?3V,內(nèi)阻約為3kQ）

電流表（量程0?0.6A,內(nèi)阻約為1C）

滑動變阻器（0?20。，額定電流1A）

待測電池組（電動勢約為3V,內(nèi)阻約為10。）

開關(guān)導(dǎo)線若干

①該小組連接的實物電路如圖1所示，經(jīng)仔細(xì)檢查，發(fā)現(xiàn)電路中有一條導(dǎo)線連接不當(dāng)，

這條導(dǎo)線對應(yīng)的編號是5。

②改正這條導(dǎo)線的連接后開始實驗，閉合開關(guān)前，滑動變阻的滑片P應(yīng)置于滑動變阻器

的a端（填"a”或者“b”）。

③實驗中發(fā)現(xiàn)調(diào)節(jié)滑動變阻器時。電流表讀數(shù)變化明顯但電壓表讀數(shù)變化不明顯。為了

解決這個問題，在電池組負(fù)極和開關(guān)之間串聯(lián)一個阻值為4C的電阻，之后該小組得到了

幾組電壓表讀數(shù)U和對應(yīng)的電流表讀數(shù)I,并作出U-I圖象，如圖2所示。根據(jù)圖象可

知，電池組的電動勢為2.9V,內(nèi)阻為1.8。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。

u.v

圖1圖2

【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；推理法；恒定電流專題；實驗?zāi)芰?

【答案】①5；②a；③2.9；1.8。

【分析】①應(yīng)用伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，為減小實驗誤差，相對于電源電流表

應(yīng)采用外接法，分析圖示電路圖答題。

②滑動變阻器采用限流接法時，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片要置于接入電路的阻值最大

位置。

③根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求

出電源電動勢與內(nèi)阻。

【解答】解：①電源內(nèi)阻較小，為減小實驗誤差，相對于電源來說電流表應(yīng)采用外接法,

由圖示實物電路圖可知，連線5連接錯誤。

②由圖示實物電路圖可知，滑動變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片要

置于a端。

③由閉合電路的歐姆定律可知，路端電壓：U=E-I（r+R）

由圖示圖象可知，圖象縱軸截距：b=E=2.9V

圖象斜率的絕對值：k=r+R=a_=2J_Q=5.8。

Al0.5

電源內(nèi)阻：r=1.8C

故答案為：①5；②a：③2.9；1.8。

【點評】本題考查了測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，知道實驗原理是解題的前提與關(guān)鍵，求

出圖象的函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)圖示圖象即可解題。

13.（6分）（2016?全國二模）某同學(xué)要測量一個改裝后的電壓表V的量程和內(nèi)阻，實驗過

程如下:

（1）先用多用電表粗測電壓表的內(nèi)阻和量程，實驗中多用電表紅表筆應(yīng)與電壓表的一&

（填“正”或“負(fù)”）接線柱相連；若已知多用電表內(nèi)電源電動勢為9V,所用檔位為X

1k檔，調(diào)零后測量，指針位置如圖1所示。此時電壓表指針指在表盤的四分之三刻度處，

則所測電壓表內(nèi)阻約為15.0k。，量程為6.0V。

（2）若電壓表量程為（1）問中所測數(shù)值，則為了精確測量其內(nèi)阻，現(xiàn)提供以下器材：

待測電壓表Vx

電流表A（量程0.6A,內(nèi)阻約為3Q）

電壓表V（量程10V,內(nèi)阻約為30k。）

定值電阻Ro（阻值為10k。）

滑動變阻器Ri（最大阻值為5。，額定電流為1A）

滑動變阻器R2（最大阻值為100。，額定電流為1A）

電源E（電動勢為15V,內(nèi)阻約為1Q）

開關(guān)和導(dǎo)線若干

①為了較精確的測量電壓表內(nèi)阻，則測量電路應(yīng)該選擇如下電路的

A

②本實驗中應(yīng)選擇的滑動變阻器為」2_。（填器材對應(yīng)的符號）

③根據(jù)測量電路和所選擇器材.，完成實物電路連接（圖2）。

UR

④測電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式RV=_RJ&_，其中各物理量的含義是Ux為待測電壓表讀

數(shù)，U為電壓表讀數(shù)，Ro為定值電阻。

【專題】實驗題；實驗探究題；定性思想；推理法；恒定電流專題.

【答案】見試題解答內(nèi)容

【分析】（1）根據(jù)多用電表的結(jié)構(gòu)原理分析；讀出歐姆表表頭的讀數(shù)然后乘以倍率為電

阻值；根據(jù)歐姆表測量電阻的原理，由公式，結(jié)合讀數(shù)即可求出電壓表的量程；

(2)根據(jù)測量大電阻的方法選擇電路圖；根據(jù)測量的原理結(jié)合電路圖，然后連接實物圖；

根據(jù)串并聯(lián)電路的特點求出電壓表內(nèi)阻的測量公式。

【解答】解：(1)多用電表紅表筆連接多用電表內(nèi)部的電池的負(fù)極，所以實驗中多用電

表紅表筆應(yīng)與電壓表的負(fù)接線柱相連；

由圖1可知，多用電表的讀數(shù)為15.0,倍率為1k,所以電壓表的內(nèi)阻為：Rv=15.0Xlkft

=15.0kQ

同時又圖1可知，歐姆表的指針在滿刻度的一半處，根據(jù)歐姆表的原理可知：

2gR0+r+Rv

代入數(shù)據(jù)可得：Rg+R()=Rv=15.0kQ

=E

所以電壓表分擔(dān)的電壓：Uv=p-Rv=p-RVT9=4.5V

Uv4c

所以電壓表的量程：UG=貸=竽=6.0V

77

(2)①A圖結(jié)合電壓表的讀數(shù)與電流表的讀數(shù)，可以測量電壓表的內(nèi)電阻，Ry#；但

考慮到電流表的量程是0.6A,而電壓表的電阻值較大，電流值的電流值一定遠(yuǎn)小于0.6A,

所以電流表的讀數(shù)一定很小，所以讀數(shù)的誤差會比較大。

B圖中兩個電壓表并聯(lián)，可以校準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)，但不能測量電壓表的內(nèi)電阻；故B錯

誤；

C圖中電流表的讀數(shù)是并聯(lián)電阻部分的電流值，所以測量的結(jié)果是并聯(lián)部分的電阻值，

不是電壓表的電阻值。故c錯誤；

D圖中，電壓表V的電壓是待測電壓表與定值電阻的電壓的和，定值電阻上的電壓：UR

=U-Ux

所以電壓表的電阻值：Rv=J^—=U。

vURU-Ux

Ro

比較A與D的結(jié)論可知，D比A圖中的測量結(jié)果準(zhǔn)確性更高。故A錯誤，D正確。

故選：D

②由于各電壓表的電阻值比較大，所以要選擇分壓電路；若選擇Ri，則電路中的電流約

為：i=I.8A〉1A

R]5

大于Ri的最大值，所以要選擇R2。

③結(jié)合D的電路圖和分壓電路的連接方法，連接電路如圖；

④由①的分析可知，Rx=^^，其中Ux為待測電壓表讀數(shù)，U為電壓表讀數(shù)，Ro為

定值電阻

故答案為:（1）負(fù)；15.0kn（15kC也可）；6.0V

（2）①D；②R2③如圖

④現(xiàn)立Ux為待測電壓表讀數(shù)，U為電壓表讀數(shù)，Ro為定值電阻。

U-Uv

圖2

【點評】本題考查了求歐姆表內(nèi)阻、歐姆表的使用注意事項、歐姆表讀數(shù)、求電源電動

勢，知道歐姆表的結(jié)構(gòu)、掌握歐姆表的讀數(shù)方法、應(yīng)用閉合電路歐姆定律即可正確解題;

歐姆表調(diào)零后，其內(nèi)阻等于它的中值電阻。

四、計算題本共4小題，共46分。

14.（6分）（2013秋?泰安期末）如圖所示，兩平行金屬板A.B間為一勻強(qiáng)電場，A、B

相距6cm,C、D為電場中的兩點，C點在A板上，且CD=4cm,CD連線和場強(qiáng)方向成

60°角.已知電子從D點移到C點電場力做功為3.2X1OI7J,電子電量為1.6X1（T

l9C.求：

（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)；

（2）A、B兩點間的電勢差；

（3）若A板接地，D點電勢為多少？

fll^=1

【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題.

【答案】見試題解答內(nèi)容

【分析】(1)根據(jù)電場力做功亞=4￡5d是沿電場方向兩點間的距離，求解電場強(qiáng)度.

(2)根據(jù)勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)與電勢差之間的關(guān)系U=Ed求出電場強(qiáng)度E.

(3)由公式U=Ed求出AD間電勢差，再求解D點電勢.

【解答】解：(1)由題，D-C電場力做正功，為：

W=qELcDCOs600

得：E=------y---------=---------3.*X10衛(wèi)-------N/C=1X104N/C

-19

qLCDcos6001.6X10X0.04X0.5

場強(qiáng)的方向豎直向下

(2)因電場力做正功，則知電子在電場中受到的電場力方向向上，電子帶負(fù)電，則場強(qiáng)

方向為A-B.

42

所以A、B間電勢差為：UAB=EdAB=10X6X10-=600V

(3)A、D間電勢差為：

42

UAD=EdADCos600=1X1OX4X1O_XO.5V=200V

由UAD=<PA-<PD><PA=0,

得：cpD=-200V

答：

(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)為IXIO,N/C,場強(qiáng)的方向豎直向下；

(2)A、B兩點間的電勢差是600V；

(3)若A板接地，D點電勢為是-200V.

【點評】電場力具有力的一般性質(zhì)，電場力做功可根據(jù)功的一般計算公式W=Flcosa計

算.本題還要掌握公式U=Ed,知道d是沿電場線方向兩點間的距離.

15.(12分)(2013春?沙坪壩區(qū)校級期中)《三國演義》是中國古代四大名著之一，在該書

的戰(zhàn)爭對決中，交戰(zhàn)雙方常常用到一種冷兵器時代十分先進(jìn)的遠(yuǎn)程進(jìn)攻武器--拋石

機(jī).某同學(xué)為了研究其工作原理，設(shè)計了如圖所示的裝置，圖中支架固定在地面上，O

為轉(zhuǎn)軸，輕桿可繞O在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動，物體A固定于桿左端.彈丸B放在桿右端的勺形

槽內(nèi).將裝置從水平位置由靜止釋放，桿逆時針轉(zhuǎn)動，當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時，彈丸B從

最高點被水平拋出，落地點為圖中C點.已知A、B質(zhì)量分別為4m、m.OB=2OA=2L.轉(zhuǎn)

軸。離水平地面的高度也為2L,不計空氣阻力和轉(zhuǎn)軸摩擦，重力加速度為g.求：

(1)彈丸B被拋出瞬間的速度大??；

(2)C點與0點的水平距離；

(3)桿對彈丸B做的功.

【專題】動能定理的應(yīng)用專題.

【答案】見試題解答內(nèi)容

【分析】3)以A、B系統(tǒng)為研究對象，在從水平轉(zhuǎn)至豎直的過程