北京市豐臺區(qū)2021屆下學(xué)期高三年級綜合練習(xí)(二)物理試卷(二模)

北京市豐臺區(qū)2021屆下學(xué)期高三年級綜合練習(xí)（二）物理試卷（二模）（本試卷滿分為100分考試時間90分鐘）第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1如圖所示的a粒子散射實驗中，少數(shù)a粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)的原因是Aa粒子與原子中的電子發(fā)生碰撞B正電荷在原子中是均勻分布的C原子中帶正電的部分和絕大部分質(zhì)量集中在一個很小的核上D原子只能處于一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中2用油膜法估測油酸分子直徑的實驗中，一滴油酸酒精溶液中油酸的體積為V，油膜面積為S，油酸的摩爾質(zhì)量為M，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，下列說法正確的是NVA一個油酸分子的質(zhì)量為一^ B一個油酸分子的體積為 MNAMVC油酸的密度為歹 D油酸分子的直徑為不VS3關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是A天然放射現(xiàn)象表明了原子內(nèi)部有一定結(jié)構(gòu)B升高溫度可以改變原子核衰變的半衰期CP射線是原子核外的電子形成的電子流D三種射線中y射線的穿透能力最強，電離作用最弱4如圖所示，在一根張緊的水平繩上掛a、b、c、d四個擺，其中擺長關(guān)系為lc<la=ld<lb，讓d先擺動起來后，其它各擺隨后也跟著擺動起來。下列說法正確的是A穩(wěn)定后四個擺的周期大小Tc<Ta=Td<TbB穩(wěn)定后四個擺的振幅一樣大C穩(wěn)定后a擺的振幅最大Dd擺擺動過程中振幅保持不變5玻璃杯中裝入半杯熱水后擰緊瓶蓋，經(jīng)過一段時間后會發(fā)現(xiàn)瓶蓋很難擰開。原因是A瓶內(nèi)氣體壓強變小B瓶內(nèi)氣體分子熱運動的平均動能增加C瓶內(nèi)氣體速率大的分子所占比例增大

D瓶內(nèi)氣體分子單位時間內(nèi)撞擊瓶蓋的次數(shù)增加6如圖甲所示，“天問一號”探測器從地球發(fā)射后，立即被太陽引力俘獲，以太陽為焦點沿橢圓軌道b運動到達火星，被火星引力俘獲后環(huán)繞火星飛行。軌道b與地球公轉(zhuǎn)軌道a、火星公轉(zhuǎn)軌道c相切。如圖乙所示，“天問一號”目前已由橢圓軌道I進入圓軌道口，進行預(yù)選著陸區(qū)探測。下列說法正確的是A“天問一號”的發(fā)射速度滿足m/s<v<m/sB“天問一號”的發(fā)射速度滿足m/s<v<m/sC“天問一號”在軌道口上的速度大于火星的第一宇宙速度D“天問一號”在橢圓軌道I上經(jīng)過M點的速度小于在圓軌道口上經(jīng)過M點的速度7用如圖所示的電路研究光電效應(yīng)現(xiàn)象：實驗中移動滑動變阻器滑片可以改變K與A之間電壓的大小，閉合電鍵，電流表有示數(shù)。下列說法正確的是A向右移動滑片，電流表示數(shù)一定會一直增大B僅增大入射光頻率，電流表示數(shù)一定增大C僅增大入射光強度，電流表示數(shù)一定增大D將電源正負極對調(diào)，電流表示數(shù)一定為零8如圖所示，四只完全相同的燈泡并聯(lián)。閉合開關(guān)S1，燈泡L1發(fā)光；陸續(xù)閉合S2、S3、S4，其它燈也相繼發(fā)光。關(guān)于燈泡L1的亮度變化分析，下列說法正確的是A電源電動勢不變，L兩端電壓不變，L亮度不變

B電路總電阻變小，L1兩端電壓變小，L1亮度變暗C電路總電阻變大，導(dǎo)致L1兩端電壓變大，L1亮度變亮D干路電流不變，其它燈分流導(dǎo)致流過L1電流變小，L1亮度變暗T1A人有觸電感覺是在電鍵閉合瞬間B人有觸電感覺時流過人體的電流大于流過線圈的電流C斷開電鍵時流過人的電流方向從B-AD斷開電鍵時線圈中的電流突然增大10如圖所示，讓質(zhì)子（11HT1A人有觸電感覺是在電鍵閉合瞬間B人有觸電感覺時流過人體的電流大于流過線圈的電流C斷開電鍵時流過人的電流方向從B-AD斷開電鍵時線圈中的電流突然增大10如圖所示，讓質(zhì)子（11H）、氘核（21H）和a粒子（42He）的混合物經(jīng)過同一加速電場由靜止開始加速，然后在同一偏轉(zhuǎn)電場里偏轉(zhuǎn)。忽略重力及粒子間的相互作用力，下列說法正確的是A它們將從同一位置沿同一方向離開偏轉(zhuǎn)電場B它們將從同一位置沿不同方向離開偏轉(zhuǎn)電場C它們將從不同位置沿同一方向離開偏轉(zhuǎn)電場D它們將從不同位置沿不同方向離開偏轉(zhuǎn)電場11空間中電荷量為q,初速度大小為v的帶電粒子沿磁場區(qū)域的直徑方向從mv0m0mvtan9的鉤碼。當(dāng)電梯在1樓和3樓之間運行時，數(shù)據(jù)采集BqBqBq系統(tǒng)采集到拉力F隨時間t的變化圖像如圖所示。忽略由于輕微抖動引起的示數(shù)變化，下列說法正確的是Aa到b過程中電梯向上運動，b到c過程中電梯向下運動Ba到c過程中鉤碼的機械能先增加后減小C圖形abc的面積等于圖形def的面積Da到b過程中鉤碼處于超重狀態(tài)，b至Uc過程中鉤碼處于失重狀態(tài)14在慣性參考系中，力對質(zhì)點所做功僅取決于質(zhì)點的初始位置和末位置，而與質(zhì)點通過的路徑無關(guān)，這種力稱為保守力，重力、彈簧彈力、靜電力、萬有引力等均為保守力。保守力做功的特點決定了質(zhì)點在慣性系中的每一個位置都有一種由該位置確定的能量，即勢能，勢能隨位置變化的曲線稱為勢能曲線。如圖所示為兩個勢能曲線，下列說法正確的是B圖甲中質(zhì)點所受保守力的方向沿軸的正方向B圖乙中質(zhì)點從1運動到2的過程中保守力做正功圖乙中質(zhì)點在1位置所受保守力大于質(zhì)點在2位置所受保守力第二部分本部分共6題，共58分。15利用如圖所示的裝置可以探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系：（1）除圖中所示器材外，還需要的器材有 ；A干電池 B低壓交流電源C直流電壓表D多用電表（2）下列說法正確的是 ；A變壓器工作時通過鐵芯導(dǎo)電把電能由原線圈輸送到副線圈

B變壓器工作時在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場能，在副線圈上將磁場能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”能量的作用C理想變壓器原、副線圈中的磁通量大小總是相同D變壓器副線圈上不接負載時，原線圈兩端電壓為零(3)由于變壓器工作時有能量損失，實驗中測得的原、副線圈的電壓比U應(yīng)當(dāng)(選填“大2于”、“等于”或者“小于”)原、副線圈的匝數(shù)比n。n216在“驗證動量守恒定律”的實驗中，先讓質(zhì)量為叫的A球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始滾下，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在復(fù)寫紙下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡。再把質(zhì)量為m2的B球放在斜槽軌道末端，讓A球仍從位置S由靜止?jié)L下，與B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)操作10次。M、>m2,>m2,若滿足關(guān)系式則可以認為兩小球碰撞前后總動量守恒；(5)某同學(xué)記錄小球三個落點的平均位置時發(fā)現(xiàn)M和N偏離了O —― —―圖甲小球的落點用圖乙中圖甲小球的落點用圖乙中C、D、E表示，滿足關(guān)系，可以認為兩小球碰撞前后總動量守恒。圖乙圖乙17用如圖所示裝置演示小球在豎直面內(nèi)的圓周運動，傾斜軌道下端與半徑為R的豎直圓軌道相切于最低點A。質(zhì)量為m的小球從軌道上某點無初速滾下，該點距離圓軌道最低點A的豎直高度為h。小球經(jīng)過最低點時(1(1)小球經(jīng)過最高點B時速度的大小;（2）小球經(jīng)過最低點A時對軌道壓力的大?。唬?）小球從開始運動到圓軌道最高點過程中損失的機械能。18如圖所示，用一條長l=m的絕緣輕繩懸掛一個帶電小球，小球質(zhì)量m=x10-2g,所帶電荷量q=x10-8C?，F(xiàn)加一水平方向的勻強電場，電場區(qū)域足夠大，平衡時絕緣繩與豎直方向夾角。=37°,已知g=10m/s2,sin37°=，cos37°=。（1）求勻強電場的電場強度大小；（2）若將輕繩拉至水平后釋放，求小球到達最低點時的速度大小；（3）若在圖中所示位置剪斷輕繩，判斷小球此后的運動情況，并求s后小球的速度大小。圖甲的金屬棒放在寬度為L的光滑導(dǎo)軌上，整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小為圖甲的金屬棒放在寬度為L的光滑導(dǎo)軌上，整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，回路的電阻可等效為R，且在金屬棒運動過程中保持不變。給導(dǎo)體棒一個初速度v0，證明金屬棒運動的速度v隨位移均勻變化；Av（3）請從兩個角度分析（2）中導(dǎo)體棒的加速度。=石的變化情況。19如圖所示是磁流體發(fā)電的示意圖。平行金屬板 .“'v-va—t &t2020（10分）1818（9分）解：（1）小球靜止，受力平衡：Eq=mgtan37°（2分）參考答案第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。題號1234567答案CDDCABC題號891011121314答案BCACDCD第二部分本部分共6題，共58分。（6分）BD （2）BC （3）大于（12分）mm?OP2=mmO）M2+mm?ON22imm?OP2=mmO）M2+mm?ON22i2i22TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"mOP=mOM+mON ⑸1 1 2（6）m?OE=—m?OC+mOD（6）\o"CurrentDocument"1 1217（9分）解：（1）因為小球在B點恰好對軌道無壓力，根據(jù)牛頓第二定律:v2mg=m-B（2分）Vb=河（1分）（2）小球在最低點A處，根據(jù)牛頓第二定律:v2F—mg=m—（1分）TOC\o"1-5"\h\z支 Rv2F=mg+m一支 R由牛頓第三定律，球?qū)壍缐毫『F支（1分）v2F=mg+m（1分）壓 R（3）對小球從開始釋放到最高點B的過程，由能量守恒定律mgh=mg2R+—mv2+E（2分）2B損E=mgh—2.5mgR（1分）損

得：E=mtan370=3.75義106n/c （i分）q（2）小球由靜止釋放至最低點過程中，由動能定理：1一Eql+mgl=—mv2（2分）2得v=1m/s（1分）（3）剪斷輕繩后，小球做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律可得：mg

cos37°=mg

cos37°=ma（1分）a=s2（1分）v=at=s（1分）19（12a=s2（1分）v=at=s（1分）19（12分）（1）Q板為電源正極。（2分）（2）方法1：外電路斷開時，路端電壓等于電動勢U=E（1分）當(dāng)離子所受洛倫茲力與電場力平衡時，離子將不再偏轉(zhuǎn)，電源有穩(wěn)定電動勢UqvB=—q（1分）d聯(lián)立解得：E=Bdv（1分）W方法2：由電動勢的定義E=-非（1分）W非=qvBd（1分）聯(lián)立解得：E=Bdv（1分）方法3：電路接通時，克服安培力做功的功率等于電流做功的功率BIdv=IE（2分）解得：E=Bdv（1分）（3）電路穩(wěn)定后，電路中的電流EI=———（1分）R+r兩極板間的電壓為路端電壓：U=IR（1分）根據(jù)I=nesv可知，穩(wěn)定后離子運動時沿電流方向的分速度v不變。粒子沿電流方向受力平衡，有：—q+f=Bqv（1分）d聯(lián)立解得：f=rBqvf=rBqvR+r（1分）（1）類比勻加速直線運動中加速度a的定義，可知:,v一v、a= 0（1分）x根據(jù)單位制可得a'的單位為s-1（1分）v—圖像如圖所示（1分）（2）在導(dǎo)體棒速度從v0變?yōu)関的過程中取一極小時間At，設(shè)在這一段時間內(nèi)，導(dǎo)體棒的速度從vi變?yōu)関it，因為時間極短，可認為這一段時間內(nèi)安培力為一定值，根據(jù)動量定理可得：-BILAt=mvit-mvi ①（1分）BLvI=i②（1分）R將②帶入①并累加可得：B2L2 x=mv-mv③（