高考物理一輪復(fù)習(xí)課件專題十恒定電流 (含解析)

考點(diǎn)一部分電路的基本概念和規(guī)律五年高考統(tǒng)一命題、省(區(qū)、市)卷題組1.(2016課標(biāo)Ⅱ,17,6分)阻值相等的四個(gè)電阻、電容器C及電池E(內(nèi)阻可忽略)連接成如圖所示

電路。開關(guān)S斷開且電流穩(wěn)定時(shí),C所帶的電荷量為Q1;閉合開關(guān)S,電流再次穩(wěn)定后,C所帶的電

荷量為Q2。Q1與Q2的比值為

()

A.

B.

C.

D.

答案

C當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)等效電路如圖1所示,電容器C兩端的電壓U=

E,所帶的電荷量Q1=CU=

CE;當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)等效電路如圖2所示,電容器C兩端的電壓U'=

E,所帶的電荷量Q2=

CE。所以

=

,C項(xiàng)正確。

圖1圖2方法技巧化簡(jiǎn)電路時(shí)會(huì)熟練應(yīng)用電勢(shì)排列法,才能又準(zhǔn)又快地畫出等效電路。評(píng)析本題為恒定電路中含容電路問題,考查考生化簡(jiǎn)電路的能力及對(duì)串并聯(lián)電路相關(guān)問題

的計(jì)算能力。屬于中等難度的題。教師專用題組2.(2015北京理綜,19,6分,0.48)如圖所示,其中電流表A的量程為0.6A,表盤均勻劃分為30個(gè)小

格,每一小格表示0.02A;R1的阻值等于電流表內(nèi)阻的

;R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍。若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值,則下列分析正確的是

()

A.將接線柱1、2接入電路時(shí),每一小格表示0.04AB.將接線柱1、2接入電路時(shí),每一小格表示0.02AC.將接線柱1、3接入電路時(shí),每一小格表示0.06AD.將接線柱1、3接入電路時(shí),每一小格表示0.01A答案

C設(shè)電流表的內(nèi)阻為RA,則R1=

RA,R2=2RA,將接線柱1、2接入電路時(shí),流過接線柱1的電流I1=3I0,其中I0為流過電流表A的電流,因此每一小格表示0.06A;將接線柱1、3接入電路時(shí),

流過接線柱1的電流I1'=3I0,其中I0為流過電流表A的電流,因此每一小格表示0.06A。選項(xiàng)A、

B、D錯(cuò)誤,C正確。3.[2014北京理綜,24(2),0.20]若導(dǎo)線MN的質(zhì)量m=8.0g、長(zhǎng)度L=0.10m,感應(yīng)電流I=1.0A,假設(shè)

一個(gè)原子貢獻(xiàn)1個(gè)自由電子,計(jì)算導(dǎo)線MN中電子沿導(dǎo)線長(zhǎng)度方向定向移動(dòng)的平均速率ve(下表

中列出一些你可能會(huì)用到的數(shù)據(jù))。阿伏加德羅常數(shù)NA6.0×1023mol-1元電荷e1.6×10-19C導(dǎo)線MN的摩爾質(zhì)量μ6.0×10-2kg/mol答案7.8×10-6m/s解析導(dǎo)線MN中含有的原子數(shù)為N=

NA因?yàn)橐粋€(gè)金屬原子貢獻(xiàn)一個(gè)電子,所以導(dǎo)線MN中的自由電子數(shù)也是N。導(dǎo)線MN單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)n=

其中,S為導(dǎo)線MN的橫截面積。因?yàn)殡娏鱅=nveSe所以ve=

=

=

解得ve=7.8×10-6m/s考點(diǎn)二閉合電路歐姆定律A組

自主命題·天津卷題組1.(2014天津理綜,2,6分)如圖所示,電路中R1、R2均為可變電阻,電源內(nèi)阻不能忽略,平行板電容

器C的極板水平放置。閉合開關(guān)S,電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí),帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動(dòng)。如果

僅改變下列某一個(gè)條件,油滴仍能靜止不動(dòng)的是

()

A.增大R1的阻值

B.增大R2的阻值C.增大兩板間的距離

D.斷開開關(guān)S答案

B

設(shè)油滴質(zhì)量為m,電荷量為q,兩板間距離為d,當(dāng)其靜止時(shí),有

q=

q=mg;由題圖知,增大R1,UR1增大,油滴將向上加速,增大R2,油滴受力不變,仍保持靜止;由E場(chǎng)=

知,增大d,U不變時(shí),E場(chǎng)減小,油滴將向下加速;斷開開關(guān)S,電容器將通過R1、R2放電,兩板間場(chǎng)強(qiáng)變小,油滴將

向下加速,故只有B項(xiàng)正確。2.(2019江蘇單科,3,3分)如圖所示的電路中,電阻R=2Ω。斷開S后,電壓表的讀數(shù)為3V;閉合S

后,電壓表的讀數(shù)為2V,則電源的內(nèi)阻r為

()

A.1ΩB.2ΩC.3ΩD.4Ω答案

A本題考查了歐姆定律內(nèi)容,有利于培養(yǎng)學(xué)生的推理能力,體現(xiàn)了核心素養(yǎng)中的科學(xué)

思維和科學(xué)態(tài)度要素。若斷開S,則電壓表的示數(shù)等于電源電動(dòng)勢(shì)E,則E=3V。若閉合S,據(jù)串聯(lián)電路電壓分配關(guān)系可

得

=

,且U=2V,R=2Ω,得出r=1Ω,故選項(xiàng)A正確。關(guān)鍵提示

電壓表的讀數(shù)為路端電壓,而當(dāng)斷開S時(shí),外電路電阻R外無窮大,此時(shí)可以認(rèn)為電

壓表的讀數(shù)就等于電源的電動(dòng)勢(shì)。3.(2018北京理綜,23,18分)如圖1所示,用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源,向滑動(dòng)變阻器R供電。改

變變阻器R的阻值,路端電壓U與電流I均隨之變化。

(1)以U為縱坐標(biāo),I為橫坐標(biāo),在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖,并說明U-

I圖像與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義。(2)a.請(qǐng)?jiān)趫D2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點(diǎn),畫出帶網(wǎng)格的圖形,以其面積表示此時(shí)電源的輸

出功率;b.請(qǐng)推導(dǎo)該電源對(duì)外電路能夠輸出的最大電功率及條件。(3)請(qǐng)寫出電源電動(dòng)勢(shì)定義式,并結(jié)合能量守恒定律證明:電源電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于內(nèi)、外電路

電勢(shì)降落之和。答案見解析解析(1)U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)值為電源電動(dòng)勢(shì),與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)

值為短路電流。(2)a.如圖所示。

b.電源輸出的電功率P=I2R=

R=

當(dāng)外電路電阻R=r時(shí),電源輸出的電功率最大,為Pmax=

(3)電動(dòng)勢(shì)定義式E=

根據(jù)能量守恒定律,在題圖所示電路中,非靜電力做功W產(chǎn)生的電能等于在外電路和內(nèi)電路產(chǎn)

生的電熱,即W=I2rt+I2Rt=Irq+IRq得E=Ir+IR=U內(nèi)+U外

試題評(píng)析閉合電路及U-I圖像(1)本題考查閉合電路中路端電壓U隨干路電流I變化的關(guān)系圖線,電源的輸出功率及其最大值,

以及最大值的產(chǎn)生條件?？疾閮?nèi)容為教材的基本知識(shí)。此題作為一道高考中分值不小的計(jì)

算題,提示考生要注重基本知識(shí)的學(xué)習(xí)。(2)電動(dòng)勢(shì)是電源的最基本特征量,在學(xué)習(xí)中學(xué)生不僅僅要掌握其定義式,更要深刻理解其內(nèi)

含,并能靈活應(yīng)用。C組教師專用題組4.(2011北京理綜,17,6分)如圖所示電路,電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后,在變阻器R0的滑動(dòng)

端向下滑動(dòng)的過程中

()

A.電壓表與電流表的示數(shù)都減小B.電壓表與電流表的示數(shù)都增大C.電壓表的示數(shù)增大,電流表的示數(shù)減小D.電壓表的示數(shù)減小,電流表的示數(shù)增大答案

A在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)過程中,其連入電路的有效電阻減小,則R總減小,由I=

可知I增大,由U內(nèi)=Ir可知U內(nèi)增大,由E=U內(nèi)+U外可知U外減小,故電壓表示數(shù)減小。由U1=IR1可知

增大,由U外=

+U并可知U并減小,由I2=

可知電流表示數(shù)變小,故A正確?？键c(diǎn)一電路的基本概念和規(guī)律三年模擬A組2017—2019年高考模擬·考點(diǎn)基礎(chǔ)題組1.(2017十二區(qū)縣聯(lián)考,6)一個(gè)電流表的滿偏電流Ig=1mA,內(nèi)阻為500Ω,要把它改裝成一個(gè)量程

為0~10V的電壓表,則應(yīng)在電流表上

()A.串聯(lián)一個(gè)10kΩ的電阻B.并聯(lián)一個(gè)10kΩ的電阻C.串聯(lián)一個(gè)9.5kΩ的電阻D.并聯(lián)一個(gè)9.5kΩ的電阻答案

C由歐姆定律U=Ig(rg+R),得R=

-rg=9.5kΩ,故要串聯(lián)一個(gè)9.5kΩ電阻。2.(2019和平一模)(多選)如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,滑動(dòng)變阻器最大阻值為R,G為靈敏

電流計(jì),開關(guān)閉合,兩平行金屬板M、N之間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),一帶正電的粒子恰

好以速度v勻速穿過兩板,不計(jì)粒子的重力。以下說法中正確的是

()

A.保持開關(guān)閉合,滑片P向下移動(dòng),粒子可能從M板邊緣射出B.保持開關(guān)閉合,滑片P的位置不動(dòng),將N板向下移動(dòng),粒子可能從M板邊緣射出C.將開關(guān)斷開,粒子將繼續(xù)沿直線勻速射出D.在上述三個(gè)選項(xiàng)的變化中,靈敏電流計(jì)指針均不發(fā)生偏轉(zhuǎn)答案

AB由題圖可知M板帶正電,N板帶負(fù)電;粒子帶正電,則粒子所受電場(chǎng)力向下,所受洛

倫茲力向上,當(dāng)滑片下移時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小,滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小,

則電容器兩極板間的電壓減小,電場(chǎng)強(qiáng)度減小,帶電粒子所受電場(chǎng)力減小,則粒子將向上偏轉(zhuǎn),

故可能從M板邊緣飛出,故A正確;保持開關(guān)閉合,滑片P的位置不動(dòng),電容器兩極板間電壓不變,

將N板向下移動(dòng),電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減小,則粒子可能從M板邊緣射出,B正確;將開關(guān)

斷開,則電容器與電源斷開,與R形成通路,所帶電荷量會(huì)減小,故兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度要減小,

粒子所受電場(chǎng)力減小,不會(huì)做直線運(yùn)動(dòng),故C錯(cuò);A選項(xiàng)中,電容器兩極板間電壓U減小,根據(jù)Q=

CU可知,電容器所帶電荷量減小,故靈敏電流計(jì)指針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn),D錯(cuò)。3.(2017南開二模)如圖所示,電源內(nèi)阻較大,當(dāng)開關(guān)閉合、滑動(dòng)變阻器滑片位于某位置時(shí),水平

放置的平行板電容器極板間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài),燈泡L也能正常發(fā)光,現(xiàn)將滑動(dòng)變

阻器滑片由該位置向a端滑動(dòng),則

()

A.燈泡將變暗,電源效率將減小B.液滴帶正電,將向下做加速運(yùn)動(dòng)C.電源的路端電壓增大,輸出功率也增大D.滑片滑動(dòng)瞬間,帶電液滴電勢(shì)能將減小答案

D

將滑片由該位置向a端滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻增大,電路中總電阻增大,電

路中電流減小,燈泡消耗的功率減小,則燈泡將變暗,外電路總電阻增大,路端電壓增大,電源的

效率η=

×100%=

×100%,U增大,則知η增大,故A錯(cuò)誤;液滴受力平衡,因電容器兩上極板帶負(fù)電,場(chǎng)強(qiáng)方向向上,則知液滴帶正電,變阻器兩端電壓增大,故電容器兩極板間電壓增大,場(chǎng)強(qiáng)

增大,液滴所受的電場(chǎng)力增大,因此液滴將向上做加速運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;因?yàn)殡娫吹膬?nèi)電阻與外電

阻關(guān)系未知,所以不能判斷輸出功率如何變化,故C錯(cuò)誤;因電容器兩極板間的電壓增大,故液滴

所在位置相對(duì)于下極板的電勢(shì)差增大,因下極板接地,故液滴所在位置的電勢(shì)減小,因液滴帶正

電,故液滴電勢(shì)能減小,所以D選項(xiàng)是正確的。思路分析將滑片由該位置向a端滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻增大,分析電路中總電阻的

變化,判斷變阻器兩端電壓的變化,判斷電容器是充電還是放電,由板間場(chǎng)強(qiáng)的變化分析液滴的

運(yùn)動(dòng)情況,根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的變化分析電勢(shì)的變化,從而明確電勢(shì)能的變化情況。4.(2019楊村三中檢測(cè),11)如圖所示,R1、R2為定值電阻,L為小燈泡,R3為光敏電阻(照射光強(qiáng)度

越大,電阻越小),當(dāng)照射光的強(qiáng)度增大時(shí)

()

A.電壓表的示數(shù)減小B.小燈泡的功率增大C.R2中的電流增大D.電路的路端電壓增大答案

B當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí),光敏電阻的阻值減小,外電路總電阻減小,電路中的總電阻減

小,由閉合電路歐姆定律可得,電路中干路電流增大,故R1兩端的電壓增大,即電壓表的示數(shù)增

大;干路電流增大,E=U內(nèi)+U外,U內(nèi)增大,U外減小,即路端電壓減小;又U外=UR1+UR2,由于R1兩端電壓

增大,所以R2兩端電壓減小,所以IR2減小,即R2中的電流減小;又由于I干=IR2+IL,I干增大,所以IL增大,

由P=I2R可以知道,小燈泡消耗的功率增大。故A錯(cuò)誤、B正確、C錯(cuò)誤、D錯(cuò)誤。解題技巧當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí),R3變小,分析電路中總電阻的變化,由閉合電路歐姆定律可得

出電路中電流的變化,由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化,同時(shí)還可得出路端電壓的變化;由

串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化,再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流

的變化,由功率公式即可得出燈泡功率的變化。5.(2018南開中學(xué)月考)(多選)如圖所示為兩電源的U-I圖像,則下列說法正確的是

()A.電源①的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均比電源②大B.當(dāng)外接相同的電阻時(shí),兩電源的輸出功率可能相等C.當(dāng)外接相同的電阻時(shí),兩電源的效率可能相等D.不論外接多大的相同電阻,電源①的輸出功率總比電源②的輸出功率大答案

AD

圖線在縱軸上的截距等于電源電動(dòng)勢(shì),圖線的斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻,故A

對(duì);作外接電阻R的U-I圖線,分別交電源①、②的U-I圖線于S1、S2兩點(diǎn),交點(diǎn)橫、縱坐標(biāo)的乘積

IU為電源的輸出功率,由圖可知,無論外接多大電阻,S1、S2兩點(diǎn)橫、縱坐標(biāo)的乘積都不可能相

等,且電源①的輸出功率總比電源②的輸出功率大,故B錯(cuò),D對(duì);電源的效率η=

=

=

,因?yàn)殡娫磧?nèi)阻不同,則電源效率不同,C錯(cuò)。

B組2017—2019年高考模擬·專題綜合題組時(shí)間:25分鐘分值:30分選擇題(每小題6分,共30分)1.(2017五校聯(lián)考)如圖所示的電路中,R是壓敏電阻,其阻值隨所受壓力F的增大而減小,閉合開

關(guān)S后,在緩慢增大F的過程中,下列判斷正確的是

()

A.燈泡L1亮度將變小B.燈泡L2亮度將變大C.電源的輸出功率一定減小D.電容器C所帶電荷量將增大答案

D緩慢增大F的過程中,壓敏電阻的阻值減小,電路總阻值減小,根據(jù)閉合電路歐姆定

律,電路總電流增大,流過燈泡L1的電流變大,燈泡L1的亮度將變大,故A錯(cuò)誤;并聯(lián)電路兩端的電

壓等于燈泡L2兩端的電壓,總電流增大,燈泡L1兩端電壓增大,燈泡L2兩端的電壓減小,燈泡L2的

亮度將變小,故B錯(cuò)誤;因?yàn)椴恢劳怆娮韬蛢?nèi)電阻的關(guān)系,電源的輸出功率的變化不確定,故C

錯(cuò)誤;燈泡L2兩端的電壓減小,流過L2的電流減小,總電流增大,故流過燈泡L3的電流增大,因此

燈泡L3兩端的電壓增大,電容器兩極板間的電壓等于燈泡L3兩端的電壓,根據(jù)Q=CU知電容器

所帶的電荷量增大,故D正確。2.(2018河西三模)在如圖所示的電路中,電源內(nèi)阻不可忽略,在調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值過程中,發(fā)

現(xiàn)理想電壓表的示數(shù)減小,則

()

A.R接入電路接入電路的阻值變大B.路端電壓不變C.干路電流減小D.路端電壓和干路電流的比值減小答案

D電壓表的示數(shù)減小,根據(jù)串、并聯(lián)電路規(guī)律知電阻R接入電路的阻值變小,外電路

總電阻變小,由閉合電路歐姆定律知,干路電流增大,電源的內(nèi)電壓增大,則路端電壓減小,根據(jù)

歐姆定律知,路端電壓和干路電流的比值等于外電路的阻值,減小了,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確。3.(2018五區(qū)縣二模)在如圖所示的電路中,電源電動(dòng)勢(shì)為E,其內(nèi)阻為r,L1、L2、L3為小燈泡(其

燈絲電阻可視為不變),P為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭,S1、S2為單刀開關(guān)。S1閉合,則下列說法正

確的是

()

A.將S2閉合,小燈泡L1變暗B.將S2閉合,小燈泡L2變暗C.在S2處于閉合狀態(tài)下,向右滑動(dòng)觸頭P,小燈泡L3變暗D.在S2處于閉合狀態(tài)下,向右滑動(dòng)觸頭P,小燈泡L2變亮答案

A

將S2閉合,總電阻減小,總電流增大,L2變亮;內(nèi)電壓增大,路端電壓減小,L2兩端電壓增

大,則L1兩端電壓減小,故小燈泡L1變暗,故A正確,B錯(cuò)誤;在S2處于閉合狀態(tài)下,向右滑動(dòng)觸頭P,

總電阻增大,總電流減小,內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小,L2變暗,則L3兩端電壓增大,故L3變亮,故C、

D錯(cuò)誤。4.(2019四十七中檢測(cè),12)(多選)如圖所示電路,電容器左板接地,板間一點(diǎn)A,閉合開關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)

變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí),下列說法正確的是

()

A.電流表讀數(shù)變小,電壓表讀數(shù)變大B.小燈泡L變暗C.A點(diǎn)電勢(shì)降低D.電源的總功率變大解題技巧

將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻減小,外電路總電

阻減小,由閉合電路歐姆定律分析電流和變阻器兩端電壓的變化,再分析兩電表和電容器內(nèi)電

勢(shì)的變化。答案

CD

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻減小,外電路總電阻減小,

電流增大,根據(jù)閉合電路的歐姆定律,路端電壓減小,所以電流表讀數(shù)變大,電壓表讀數(shù)變小,故

A錯(cuò)誤。流經(jīng)燈泡L的電流變大,小燈泡變亮,故B錯(cuò)誤。由于U外=UL+UC,UL變大,U外變小,故電

容器兩端電壓UC變小,根據(jù)U=Ed,可知電容器內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度變小,又由于UA=EdA=φA-0,可判斷φA減

小,故C正確。電源的總功率P=

,外電路電阻R減小,所以電源總功率增大,故D正確。5.(2018濱海七聯(lián)考,10)如圖所示的電路中,R1、R2是定值電阻,R3是滑動(dòng)變阻器,電源的內(nèi)阻不

能忽略,電流表A和電壓表V均為理想電表,閉合開關(guān)S,在滑動(dòng)變阻器的觸頭P從右端滑至左端

的過程中,下列說法中正確的是

()

A.電壓表V的示數(shù)增大B.電流表A的示數(shù)減小C.電容器C所帶的電荷量減小D.電阻R1的電功率增大答案

D在滑動(dòng)變阻器的觸頭P從右端滑至左端的過程中,變阻器接入電路的電阻減小,電

阻R2與R3并聯(lián)的電阻減小,外電路總電阻減小,路端電壓減小,則電壓表V的示數(shù)減小,故A錯(cuò)誤;

外電路總電阻減小,由閉合電路歐姆定律可知干路電流I增大,并聯(lián)部分電壓U并=E-I(R1+r)減小,

通過電阻R2的電流I2減小,電流表A的示數(shù)IA=I-I2增大,故B錯(cuò)誤;電容器兩極板間的電壓UC=IR1,I

增大,UC增大,電容器C所帶的電荷量增大,故C錯(cuò)誤;電阻R1的電功率P1=I2R1,I增大,P1增大,故D正

確。解題技巧電流表A和電壓表V均為理想電表,圖中電壓表測(cè)量路端電壓,電流表測(cè)量流過變

阻器R3的電流,電容器兩極板間的電壓等于電阻R1兩端的電壓。在滑動(dòng)變阻器的觸頭P從右端

滑至左端的過程中,變阻器接入電路的電阻減小,電阻R2與R3并聯(lián)的電阻減小,外電路總電阻減

小,路端電壓減小,由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化,確定電容器的電壓變化和R1的功

率變化。根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化情況,來分析通過R2電流的變化,結(jié)合干路電流I的變化,分

析電流表示數(shù)的變化。C組2017—2019年高考模擬·應(yīng)用創(chuàng)新題組1.(2018蘆臺(tái)一中三模)(多選)如圖所示的電路中,電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定,A、B為平行板電

容器的兩塊正對(duì)金屬板,R1為光敏電阻(光照越強(qiáng),電阻越小)。當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí),閉合

開關(guān)S,此時(shí)電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是

()A.若僅將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng),則I不變,U增大B.若僅增大A、B板間距離,則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強(qiáng)的光照射,則I增大,U增大,電容器所帶電荷量增加D.若僅增大A、B板間距離,則懸掛小球的細(xì)繩與豎直方向的夾角減小

答案

BD滑動(dòng)變阻器處于含容支路中,相當(dāng)于導(dǎo)線,所以滑動(dòng)觸頭不論如何移動(dòng),I總不變,U

也總不變,故A錯(cuò)誤。若僅增大A、B板間距離,根據(jù)C=

,知電容C減小,因?yàn)殡妷篣不變,則電容器所帶電荷量減少,所以B選項(xiàng)是正確的。用更強(qiáng)的光線照射R1,R1的阻值變小,電路總阻

值變小,總電流I增大,內(nèi)電壓增大,路端電壓減小,因此U減小,故C錯(cuò)誤。將A、B兩板間的距離

增大,電場(chǎng)強(qiáng)度變小,小球所受電場(chǎng)力變小,θ減小,所以D選項(xiàng)是正確的。2.(2018楊村一中第二次熱身訓(xùn)練)如圖所示是一個(gè)由電池、電阻、開關(guān)S與平行板電容器組

成的串聯(lián)電路,開關(guān)S閉合。一帶電液滴懸浮在兩板間的P點(diǎn)不動(dòng),下列說法正確的是

()

A.帶電液滴可能帶正電B.在增大兩極板距離的過程中,電阻R中有從a到b的電流,電容器中負(fù)電荷從B流向AC.斷開S,減小兩極板正對(duì)面積的過程中,液滴將加速下降D.斷開S,減小兩極板距離的過程中,液滴靜止不動(dòng)答案

D帶電荷量為q的液滴靜止不動(dòng),其所受的電場(chǎng)力與重力平衡,則知電場(chǎng)力向上,而場(chǎng)

強(qiáng)向下,所以液滴帶負(fù)電,故A錯(cuò)誤;增大電容器兩極板間距離,根據(jù)電容的決定式C=

可知,電容C減小,U不變,由C=

可知,Q減小,電容器放電,則R中有從a流向b的電流,但是電荷