第二章計算機網(wǎng)絡(luò)物理層

（答案僅供參考如有不對請自己加以思考）第二章計算機網(wǎng)絡(luò)物理層一、習(xí)題電路交換的優(yōu)點有（）。I傳輸時延小II分組按序達成III無需建立連接IV線路運用率高AIIIIBIIIIICIIIIDIIIV2下列說法對的的是（）。A將模擬信號轉(zhuǎn)換成數(shù)字數(shù)據(jù)稱為調(diào)制。B將數(shù)字數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)換成模擬信號稱為調(diào)解。C模擬數(shù)據(jù)不能夠轉(zhuǎn)換成數(shù)字信號。D以上說法均不對的。3脈沖編碼調(diào)制（PCM）的過程是（）。A采樣，量化，編碼B采樣，編碼，量化C量化，采樣，編碼D編碼，量化，采樣4調(diào)制解調(diào)技術(shù)重要使用在（）通信方式中。A模擬信道傳輸數(shù)字數(shù)據(jù)B模擬信道傳輸模擬數(shù)據(jù)C數(shù)字信道傳輸數(shù)字數(shù)據(jù)D數(shù)字信道傳輸模擬數(shù)據(jù)5在互聯(lián)網(wǎng)設(shè)備中，工作在物理層的互聯(lián)設(shè)備是（）。I集線器II交換機III路由器IV中繼器AIIIBIIIVCIIVDIIIIV6一種傳輸數(shù)字信號的模擬信道的信號功率是0.26W，噪聲功率是0.02W，頻率范疇為3.5～3.9MHz，該信道的最高數(shù)據(jù)傳輸速率是（）。A1Mbit/sB2Mbit/sC4Mbit/sD8Mbit/s7在采用1200bit/s同時傳輸時，若每幀含56bit同時信息，48bit控制位和4096bit數(shù)據(jù)位，那么傳輸1024b需要（）秒。A1B4C7D148為了是模擬信號傳輸?shù)母h，能夠采用的設(shè)備室（）。A中繼器B放大器C交換機D路由器9雙絞線由螺旋狀扭在一起的兩根絕緣導(dǎo)線構(gòu)成，線對扭在一起的目的是（）。A減少電磁輻射干擾B提高傳輸速率C減少信號衰減D減低成本10英特網(wǎng)上的數(shù)據(jù)交換方式是（）。A電路交換B報文交換C分組交換D異步傳輸11（）被用于計算機內(nèi)部的數(shù)據(jù)傳輸。A串行傳輸B并行傳輸C同時傳輸D異步傳輸12某信道的信號傳輸速率為Baud，若想令其數(shù)據(jù)傳輸速率達成8kbit/s,則一種信號碼元所取的有效離散值個數(shù)應(yīng)為（）。A2B4C8D1613根據(jù)采樣定理，對持續(xù)變化的模擬信號進行周期性采樣，只要采樣頻率不不大于或等于有效信號的最高頻率或其帶寬的（）倍，則采樣值便可包含原始信號的全部信息。A0.5B1C2D414數(shù)據(jù)傳輸速率是指（）。A每秒傳輸?shù)淖止?jié)數(shù)B電磁波在傳輸介質(zhì)上的傳輸速率C每秒傳輸?shù)谋忍財?shù)D每秒傳輸?shù)拇a元數(shù)15有關(guān)虛電路服務(wù)和數(shù)據(jù)報服務(wù)的特性，對的的是（）。A虛電路服務(wù)和數(shù)據(jù)報服務(wù)都是無連接的服務(wù)B數(shù)據(jù)報服務(wù)中，分組在網(wǎng)絡(luò)中沿同一條途徑傳輸，并且按發(fā)出次序達成C虛電路在建立連接后，分組中只需攜帶虛電路標(biāo)記D虛電路中的分組達成次序可能與發(fā)出次序不同16數(shù)據(jù)報服務(wù)的重要特點不涉及（）。A同一報文的不同分組能夠由不同的傳輸途徑通過通信子網(wǎng)B在每次數(shù)據(jù)傳輸前必須在發(fā)送方和發(fā)送方間建立一條邏輯連接C同一報文的不同分組達成目的的結(jié)點可能出現(xiàn)亂序，丟失現(xiàn)象D每個分組在傳輸過程中都必須帶有目的地址和源地址17如果帶寬為4kHz，信噪比為30dB，則該信道的極限信息傳輸速率為（）。A10kbit/sB20kbit/sC40kbit/sD80kbit/s18一次傳輸一種字符（5～8位構(gòu)成），每個字符用一種起始碼引導(dǎo)，同一種停止碼結(jié)束，如果沒有數(shù)據(jù)發(fā)送，發(fā)送方能夠持續(xù)發(fā)送停止碼，這種通信方式稱為（）。A并行傳輸B串行傳輸C異步傳輸D同時傳輸19在大多數(shù)狀況下，同時傳輸和異步傳輸?shù)倪^程中，分別使用（）作為傳輸單位。I位II字節(jié)III幀IV分組AIIIBIIIIICIIIIIDIIIV20多個網(wǎng)絡(luò)在物理層互聯(lián)時規(guī)定（）。A數(shù)據(jù)傳輸綠荷鏈路合同都必須相似B數(shù)據(jù)傳輸率必須相似，鏈路合同能夠不相似C數(shù)據(jù)傳輸率能夠不相似，鏈路合同必須相似D數(shù)據(jù)傳輸率和鏈路合同都能夠不相似21在下列數(shù)據(jù)交換方式中，數(shù)據(jù)通過網(wǎng)絡(luò)的傳輸延遲長并且是不固定的，因此不能用于語音數(shù)據(jù)傳輸?shù)氖牵ǎ?。A電路交換B報文交換C數(shù)據(jù)報交換D虛電路交換22下列哪種交換的實時性最佳（）。A電路交換B報文交換C數(shù)據(jù)報交換D虛電路交換23下列有關(guān)衛(wèi)星通信的說法，錯誤的是（）。A衛(wèi)星通信的通信距離大，覆蓋的范疇廣。B使用衛(wèi)星通信易于實現(xiàn)廣播通信和多址通信。C衛(wèi)星通信不受氣候的影響，五碼率很低。D通信費用高，時延較大時衛(wèi)星通信的局限性之處。24不含同時信息的編碼是（）。I非歸零碼II曼徹斯特編碼III差分曼徹斯特編碼A僅IB僅IIC僅IIIIIDIIIIII25下圖的曼徹斯特編碼表達的比特串為（）。A011001B100110Ｃ111110D01111026對一種無噪聲的4kHz信道進行采樣，可達成的最大數(shù)據(jù)傳輸速率是（）。A4kbit/sB8kbit/sC１kbit/sD無限大27假設(shè)一種無噪聲的信道，帶寬是6MHz，并且采用了4級數(shù)字信號，那么它每秒可發(fā)送的數(shù)據(jù)量為（）。A6MbitB12MbitC24MbitD48Mbit28些列編碼方式中屬于基帶傳輸?shù)氖牵ǎ?。AFSKB移相鍵控法C曼徹斯特編碼D正交幅度相位調(diào)制法29波特率等于（）。A每秒傳輸?shù)谋忍谺每秒可能發(fā)生的信號變化次數(shù)C每秒傳輸?shù)闹芷贒每秒傳輸?shù)淖止?jié)數(shù)30有一種調(diào)制解調(diào)器，他的調(diào)制星行圖以下所示。當(dāng)它傳輸?shù)牟ㄌ芈蔬_成2400時，實際傳輸?shù)谋忍芈蕿椋ǎ?。A2400bit/sB4800bit/sC9600bit/sD19200bit/s3110Base-T指的是（）。A10M比特率，使用數(shù)字信號，使用雙絞線。B10Mbit/s,使用數(shù)字信號，使用雙絞線。C10M波特率，使用模擬信號，使用雙絞線。D10Mbit/s，使用模擬信號，使用雙絞線。32誤碼率最低的傳輸介質(zhì)是（）。A雙絞線B光纖C同軸電纜D無線電33同軸電纜比雙絞線的傳輸速度更快，得益于（）。A同軸電纜的銅心比雙絞線粗，能通過更大的電流。B同軸電纜的阻抗比較原則，減少了信號的衰減C同軸電纜含有更高的屏蔽性，同時有更加好的抗噪聲性。D以上都對34下列有關(guān)單模光纖的描述對的的是（）。A單模光纖的成本比多模光纖的成本低。B單模光纖傳輸距離比多模光纖短。C光在單模光纖中通過內(nèi)部反射來傳輸。D單模光纖的直徑普通比多模光纖小。35使用中繼器連接局域網(wǎng)是有限制的，任何兩個數(shù)據(jù)終端設(shè)備之間允許的傳輸通路中可使用的集線器個數(shù)最多是（）。A1個B2個C4個D5個36普通來說，集線器連接的網(wǎng)絡(luò)在拓撲構(gòu)造上屬于（）。A網(wǎng)狀B樹形C環(huán)形D星形37下列有關(guān)物理層網(wǎng)絡(luò)設(shè)備的描述中，（）是錯誤的。A集線器和中繼器是物理層的網(wǎng)絡(luò)設(shè)備。B物理層的網(wǎng)絡(luò)設(shè)備能夠理解電壓值。C物理層的網(wǎng)絡(luò)設(shè)備能夠分開沖突域。D物理層的網(wǎng)絡(luò)設(shè)備不理解幀，分組和頭的概念。38當(dāng)集線器的某個端口收到數(shù)據(jù)后，具體操作為（）。A從全部端口廣播出去。B從除了輸入端口外的全部端口轉(zhuǎn)發(fā)出去。C根據(jù)目的地址從適宜的端口轉(zhuǎn)發(fā)出去。D隨機選擇一種端口轉(zhuǎn)發(fā)出去。39X臺計算機連接到一臺YMbit/s的集線器上，則每臺計算機分得得平均帶寬為（）。AXMbit/sBYMbit/sCY/Xbit/sDXYbit/s40數(shù)據(jù)傳輸率為10Mbit/s的以太網(wǎng)的碼元傳輸速率是多少？解析：解答此題需要清晰以太網(wǎng)的編碼方式為曼徹斯特編碼，即將每一種碼元分成2個相等的間隔，碼元1是在前一種間隔為高電平而后一種間隔為低電平；碼元0正好相反，從低電平編導(dǎo)高電平。掌握了這個，這道題就很簡樸了。首先碼元傳輸速率即波特率，以太網(wǎng)使用曼徹斯特編碼，就覺得著發(fā)送的每一位都有兩個信號周期。原則以太網(wǎng)的數(shù)據(jù)傳輸率是10Mbit/s，因此碼元傳輸率是數(shù)據(jù)傳輸率的2倍，即20Mbaud。也就是說，碼元傳輸率為20MBaud?？赡芤蓡桙c：懂得一種碼元能夠攜帶nbit，但是從沒有據(jù)說過1bit需要多少個碼元來表達。是我理解錯了，還是本身就是這樣？解析：不少考生腦海里總是覺得碼元應(yīng)當(dāng)最少攜帶1bit或者更多的比特，怎么可能在數(shù)值上波特率還不不大于比特率。其實考上不必糾結(jié)于此，解釋以下?，F(xiàn)在先不談曼徹斯特編碼，及那種需要同時信號的。假設(shè)在二進制的狀況下（正常狀況）下，一種碼元攜帶1bit數(shù)據(jù)，這樣碼元傳輸率在數(shù)量上就等于數(shù)據(jù)傳輸率。但是現(xiàn)在不同了，曼徹斯特編碼需要用二分之一的碼元來表達同時信號（核心點），普通碼元來傳輸數(shù)據(jù)(能夠認為2個碼元傳1bit數(shù)據(jù)），這樣要達成10Mbit/s的數(shù)據(jù)傳輸率，碼元傳輸率就應(yīng)當(dāng)是20MBaud，解釋完畢。不要試圖去研究透徹，記住就好！41試在下列條件下比較電路交換和分組交換。假設(shè)要傳送的報文共x比特。從源點到終點共通過k段鏈路，每段鏈路的傳輸時延為d秒，數(shù)據(jù)傳輸率為b比特每秒。在電路交換時電路的建立時間為s秒。在分組交換時分組長度為p比特，且各節(jié)點的排隊等待時間可無視不計。問：在如何的條件下，分組交換的時延比電路交換的要??？解析：電路交換電路交換的過程：先建立連接，建立連接之后在發(fā)送數(shù)據(jù)（發(fā)送時延）。這里需要注意，采用電路交換時，中間通過的結(jié)點是不需要存儲轉(zhuǎn)發(fā)的，這點與分組交換不同。下面分別計算。建立連接的時間：s秒。發(fā)送時延=報文長度/數(shù)據(jù)傳輸率=x/b。傳輸時延=沒段鏈路的傳輸時延×總的鏈路數(shù)=dk?？偠灾娐方粨Q的總時延=s＋x/b+dk。分組交換分組交換的過程：分組交換無需建立連接，直接發(fā)送。因此重點在于計算傳輸時延與發(fā)送時延（分組每通過一種結(jié)點都需要存儲轉(zhuǎn)發(fā)）。下面分別計算（計算之前建議大家畫一種草圖，從圖中應(yīng)當(dāng)很容易地看出k段鏈路有k+1各結(jié)點。也就是說，除了發(fā)送端與接受段，中間尚有k-1個結(jié)點）。傳輸時延：假設(shè)有n個分組，即使這n個分組都會有傳輸時延，但是認真想想，是不是只需計算最后一種分組的傳輸時延？由于前n-1個分組在傳輸時，發(fā)送端還在發(fā)送，時間是重疊的，無需重新計算，因此只需計算最后一種分組的傳輸時延，則傳輸時延為kd。發(fā)送時延：應(yīng)當(dāng)計算發(fā)送端的發(fā)送時延，假設(shè)有n個分組，則n≈x/p，而每個分組的發(fā)送時延為p/b,因此發(fā)送端的發(fā)送時延為（x/p）×（p/b）。但是這個絕對不是全部的發(fā)送時延，僅僅是計算了從第n個分組離開發(fā)送端的時間，但是最后一種分組時不是中間還要通過k-1個結(jié)點？因此中間產(chǎn)生一種存儲轉(zhuǎn)發(fā)時延，及（k-1）×（p/b）,總的發(fā)送時延=（x/p）×(p/b)＋(k-1)×(p/b)?？偠灾?，分組交換的總時延=kd＋（x/p）×(p/b)＋(k-1)×(p/b)。因此要使分組交換的時延比電路交換的要小，也就是：kd＋（x/p）×(p/b)＋(k-1)×(p/b)＜s+x/b+dk,即（k-1）×（p/b）＜s42畫出的非歸零碼，曼徹斯特編碼和差分曼徹斯特編碼。解析：如圖所示。非歸零碼曼徹斯特編碼差分曼徹斯特編碼43基帶信號與寬帶信號的傳輸各有什么特點？解析；基帶信號將數(shù)字信號“1”或者“0”直接用兩種不同的電壓表達，這種高電平和低電平不停交替的信號稱為基帶信號，而基帶就是這種原始信號所占的基本頻帶。將基帶信號直接送到線路上的傳輸稱為基帶傳輸?；鶐鬏斠?guī)定信道有較寬的頻帶。在基帶系統(tǒng)中，要用中繼器增加傳輸距離。寬帶信號將多路基帶信號，音頻信號和視頻信號的頻譜分別移到一條電纜的不同頻段傳輸，這種傳輸方式稱為寬帶傳輸。寬帶傳輸所傳輸?shù)男盘柖际峭ㄟ^調(diào)制后的模擬信號，因此能夠用寬帶傳輸系統(tǒng)實現(xiàn)文字聲音和圖像的一體化傳輸。在寬帶系統(tǒng)中，要用放大器增加傳輸距離。44模擬傳輸系統(tǒng)與數(shù)字傳輸系統(tǒng)的重要特點是什么？解析：模擬傳輸系統(tǒng)通過導(dǎo)線或空間傳輸模擬信號，信息是通過信號的幅度，頻率，相位及它們的組合變量傳遞的。普通電話系統(tǒng)是典型的模擬傳輸實例，調(diào)制解調(diào)器是運用模擬信道傳輸數(shù)據(jù)的典型設(shè)備，而RS-232和RS-449是運用模擬信道傳輸數(shù)字數(shù)據(jù)的典型接口。數(shù)字傳輸系統(tǒng)運用數(shù)字信號進行信息傳輸，數(shù)字信號本身就能夠表達二進制信息“1”和“0”。當(dāng)數(shù)字信號沿著線路傳輸?shù)迷絹碓竭h時，其衰減要比模擬信號的衰減快，因此普通來說，模擬信號可比數(shù)字信號傳輸更長的距離而不會引發(fā)不可接受的衰減。使用模擬傳輸，能夠再傳輸上做頻分復(fù)用，對同一介質(zhì)使用不同的載波頻率劃分多個通道，讓頻分復(fù)用的全部顧客在同樣的時間占用不同的帶寬資源；而數(shù)字信號的傳輸普通占用介質(zhì)的整個帶寬。但是，在幾個重要的方面，數(shù)字傳輸由于模擬傳輸。數(shù)字傳輸?shù)谝环N優(yōu)點是誤碼率低。模擬電路雖有放大器賠償信號在線路的衰減，然而它們做不到精確賠償，而衰減隨頻率變化，長途通話通過許多放大器后很可能有相稱大的畸變。相反，數(shù)字再生器能夠?qū)⑺p的輸入信息精確地恢復(fù)到它原來的值，由于輸入信號只可能有兩個值“1”和“0”，數(shù)字再生器不含有累加性誤碼。數(shù)字傳輸?shù)牡诙€優(yōu)點是能夠把多媒體信息時分復(fù)用（混合）在一起，從而更加有效地運用設(shè)備。另外，運用同樣的線路，普通數(shù)字信號傳輸能夠獲得更高的數(shù)據(jù)傳輸率?，F(xiàn)今電話網(wǎng)的局間線路幾乎都采用數(shù)字信號傳輸。一、習(xí)題答案1解析：A。首先電路交換是面對連接的，一旦連接建立，數(shù)據(jù)便可直接通過連接好的物理通路達成接受端。因此傳輸時延小；另首先由于電路交換中的通信雙方始終占用帶寬（即使不傳送數(shù)據(jù)）就像兩個人打電話都不說話，因此電路交換的線路運用率橫笛；由于電路交換是面對連接的，有面對連接的服務(wù)特性克制，傳送的分組必然是按序達成的。2解析；D。將數(shù)字數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)換變成模擬信號就是調(diào)制；相反，將模擬信號變成數(shù)字數(shù)據(jù)的過程稱為解調(diào)，因此A，B錯誤。有2.1.4節(jié)的解說可知，脈沖編碼調(diào)制能夠?qū)⒛M數(shù)據(jù)編碼為數(shù)字信號。3解析A。脈沖編碼調(diào)制過程重要通過3個過程，采樣，量化和編碼。采樣過程將持續(xù)時間模擬信號變?yōu)殡x散時間，持續(xù)幅度的抽樣信號；量化過程將抽樣信號變?yōu)殡x散時間，離散幅度的數(shù)字信號，；編碼過程將量化后的信號編碼為一種二進制碼組輸出。此知識點屬于死記硬背型，無需理解其原理。4解析：A。調(diào)制就是將基帶數(shù)字信號的頻譜變換為適合在模擬信道中傳輸?shù)念l譜。解調(diào)正好相反。因此，調(diào)制解調(diào)技術(shù)用于模擬信道傳輸數(shù)字數(shù)據(jù)通信方式，而模擬信道傳輸模擬數(shù)據(jù)不需要調(diào)制解調(diào)技術(shù)。5解析C。集線器和中繼器都工作在物理層，重要作用是再生，放大信號；而交換機和路由器分別工作在數(shù)據(jù)鏈路層和網(wǎng)絡(luò)層。6解析B。計算信噪比S/N=0.62/0.02=31;帶寬W=3.9-3.5=0.4MHz，由香農(nóng)公式可知，最高數(shù)據(jù)傳輸率V=W×log2（1+S/N）=0.4×log2（1+31）=2Mbit/s。7解析C。計算每幀長=56+48+4096=4200bit，1024B=8192bit，由于每幀都有4096bit數(shù)據(jù)位，因此可將8192bit分成2幀傳輸，一共需要傳輸8400bit，而同時為傳輸?shù)乃俾适?200bit/s。傳輸8400bit需要7s。8解析B。首先要使模擬信號傳輸?shù)酶h，就需要對其進行放大，而放大信號是物理折本應(yīng)執(zhí)行的功效，因此交換機（數(shù)據(jù)鏈路層）和路由器（網(wǎng)絡(luò)層）能夠排除。另首先中繼器和放大器都能夠放大信號，但是兩者的區(qū)別在于中繼器放大數(shù)字信號，放大器放大模擬信號。補充知識點：信號在傳輸介質(zhì)上傳輸，通過一段距離后，信號會衰減。為了實現(xiàn)遠距離的傳輸，模擬信號傳輸系統(tǒng)采用放大器來增強信號中的能量，但同時也會使噪聲分量增強，以致引發(fā)信號失真。對于數(shù)字信號傳輸系統(tǒng)，可采用中繼器來擴大傳輸距離。中繼器接受衰減的數(shù)字信號，把數(shù)字信號恢復(fù)成0和1的原則電平，這樣有效地克服了信號的衰減，減少了失真。因此得出一種結(jié)論：數(shù)字傳輸比模擬傳輸能獲得更高的信號質(zhì)量。9解析A。次提記住即可。10解析：C。電路交換重要用于電話網(wǎng)，報文交換重要用于早期的電報網(wǎng)，因特網(wǎng)使用的是分組交換，具體涉及數(shù)據(jù)報和虛電路兩種方式。11解析：B。并行傳輸?shù)奶攸c：距離短，速度快。串行傳輸?shù)奶攸c：距離長，速度慢。因此在計算機內(nèi)部（距離短）傳輸應(yīng)當(dāng)選擇并行。而同時異步傳輸時通信方式，不是傳輸方式。12解析：D。對于信號傳輸速率為Baud，要使數(shù)據(jù)傳輸速率達成8kbit/s，則一種碼元需攜帶4bit的信息，因此一種信號碼元所能取的離散值的個數(shù)為24=16個。13解析：C。此題記住即可。14解析：C。此題記住即可。15解析：C。參考2.1.6節(jié)的知識點解說。16解析：B。參考2.1.6節(jié)的知識點解說。17解析：C。信噪比慣用分貝（dB）表達，在數(shù)值上等于10lg（S/N）（dB）。題目已知帶寬W=4kHz，信噪比S/N=1030/10=1000,根據(jù)香農(nóng)定理得出該信道的極限信息傳輸速率公式，C=Ｗ×log2（1+S/N）=4kHz×log2（1+1000）≈40kbit/s。18解析：C。本題考察了異步傳輸?shù)幕靖拍?，記住即可?9解析：C。異步傳輸以字節(jié)為單位，每一字節(jié)增加一種起始位和一種終止位。同時傳輸以數(shù)據(jù)塊（幀）為傳輸單位（能夠參見本章習(xí)題7題，一次性傳4200bit），為了使接受方能鑒定數(shù)據(jù)塊的開始和結(jié)束，需要在每個數(shù)據(jù)塊的開始處加一種幀頭，在結(jié)尾處加一種幀尾。接受鑒別到幀頭就開始接受數(shù)據(jù)塊，直到接受到幀尾為止。補充知識點：從以上分析能夠大致來討論同時傳輸和異步傳輸?shù)男?。同時傳輸能夠從習(xí)題7看出，幀頭和幀尾只占數(shù)據(jù)位很小的一部分，幾乎能夠無視不計，能夠認為同時傳輸?shù)膫鬏斝式茷?00%，但是異步傳輸每秒傳8bit就要加一種起始位和一種終止位，能夠得到異步傳輸?shù)男蕿?0%，因此同時傳輸比異步傳輸?shù)男矢?。注意：此題應(yīng)看清題目的條件限制，大多數(shù)狀況下異步傳輸是以8bit長的字符為單位，也就是1B。固然，特殊狀況會有，也有可能字符長度超出8bit，小概率事件不予考慮。20解析：B。物理層是OSI參考模型的最底層，他建立在物理通信介質(zhì)的基礎(chǔ)上，作為與通信介質(zhì)的接口，用來實現(xiàn)數(shù)據(jù)鏈路實體之間透明比特流傳輸。在物理層互聯(lián)時，多個網(wǎng)絡(luò)的數(shù)據(jù)傳輸率如果不同，可能出現(xiàn)下列兩種狀況：發(fā)送方速率高于接受方，由于接受方來不及接受將造成溢出（由于物理層沒有流量控制），數(shù)據(jù)丟失。接受方速率高于發(fā)送方，這時不會有數(shù)據(jù)丟失的狀況，但是效率極低?？偠灾瑪?shù)據(jù)傳輸率必須相似。另外，鏈路合同可不相似，如果是在數(shù)據(jù)鏈路層互聯(lián)，則規(guī)定數(shù)據(jù)鏈路層合同也要相似。總結(jié)一句話就是，本層及本層下列合同必須相似，本層以上合同可不同。注意：本題在其它輔導(dǎo)書和網(wǎng)絡(luò)上幾乎每個選項都被當(dāng)做過對的選項，并且解釋都很有道理，近兩年不少同窗在論壇詢問終究哪個是原則答案？筆者針對這個問題翻閱了不少教材，也請教了專家計算機網(wǎng)絡(luò)課程的教師，上面給出的答案算是比較權(quán)威的，能夠以此來作為原則。21解析：B。在報文交換中，交換的數(shù)據(jù)單元式報文。由于報文大小不固定，在交換節(jié)點中需要較大的存儲空間。另外，報文通過中間節(jié)點的接受，存儲和轉(zhuǎn)發(fā)時間較長并且也不固定，因此不能用于實時通信應(yīng)用環(huán)境（如語音，視頻等）。22解析：A。計算機通信子網(wǎng)的交換技術(shù)重要有兩種方式：電路交換和存儲轉(zhuǎn)發(fā)交換。存儲轉(zhuǎn)發(fā)方式又可分為報文交換和分組交換。分組交換在實際應(yīng)用過程中又可分為數(shù)據(jù)報分組交換和虛電路分組交換。在電路交換方式中，即使在數(shù)據(jù)傳輸之間需要建立一條物理連接（這需要一定的延遲），但一旦連接建立起來，后續(xù)全部的數(shù)據(jù)都將沿著建立的物理連接按序傳送，傳輸可靠且時延很小。在存儲轉(zhuǎn)發(fā)交換方式中，報文或分組都要通過中間節(jié)點的若干次存儲，轉(zhuǎn)發(fā)才干達成目的結(jié)點，這將增加傳輸延遲。因此，與存儲轉(zhuǎn)發(fā)交換方式相比，電路交換含有較小的傳輸延遲，實時性較好，合用于高數(shù)大量數(shù)據(jù)傳輸。23解析：C。衛(wèi)星通信時微波通信的一種特殊形式，通過地球同時微星作為中繼來轉(zhuǎn)發(fā)微波信號，能夠克服地面微波通信距離的限制。衛(wèi)星通信的優(yōu)點就是通信距離遠，費用與通信距離無關(guān)，覆蓋面積大，通信容量大，不受地理條件的制約，易于實現(xiàn)多址和移動通信。缺點是費用較高，傳輸延遲大，對環(huán)境氣候較為敏感。24解析：A。非歸零碼是最簡樸的一種編碼辦法，它用低電平表達0，高電平表達1；或者反過來。由于每個碼元之間并沒有建個標(biāo)志，因此它不包含同時信息。曼徹斯特編碼和差分曼徹斯特編碼都是將每一種碼元分成兩個相等的時間間隔。將每個碼元的中間跳變作為收發(fā)雙方的同時信號，因此無需額外的同時信號，實際應(yīng)用較多。但他們所占的頻帶寬度是原始的基帶寬度的2倍。25解析：A。曼徹斯特編碼每一周期分為兩個相等的間隔。二進制“1”在發(fā)送時，在第一種間隔中為高壓，在第二個間隔中為低壓；二進制“0”正好相反，首先是低電壓，然后是高電壓。根據(jù)所給圖形分析。提示：有些教材或者輔導(dǎo)書正好和本體的“1”和“0”的體現(xiàn)形式相反，這個不用有疑惑。懂得即可，考研不能考這種題，僅僅作為練習(xí)用以理解曼徹斯特編碼。26解析：D。一種無噪聲的信道能夠發(fā)送任意數(shù)量的信息，而與它如何被采樣無關(guān)。在4kHz的信道上，采樣頻率需要是8KHz(即每秒可進行8k次采樣)。如果每次采樣能夠獲得16kbit的數(shù)據(jù)，那么信道的最大數(shù)據(jù)傳輸率就能夠是128kbit/s。如果每個采樣能夠獲得1024bit的數(shù)據(jù)，那么信道就能夠是8Mbit/s的數(shù)據(jù)。因此說，只要編碼編的足夠好（每個碼元能攜帶更多的比特），最高碼元傳輸速率是能夠無限大的。另外一種直觀的解釋就是使用奈奎斯特公式，無噪聲最大數(shù)據(jù)傳輸率Cmax=f采樣×log2N=2f×log2N（其中f表達帶寬）=8k×log2N，而這個N能夠無窮大（上面解釋過）。注意：這里的核心點在于信道是無噪聲的，如果實在一種有噪聲的4kHz的信道中，根據(jù)香農(nóng)定理則不允許無限大的數(shù)據(jù)量。27解析：C。根據(jù)奈奎斯特定理，能夠?qū)π诺烂棵氩蓸?2M次。由于是4級數(shù)字信號，每次采樣可獲得2bit的數(shù)據(jù)，因此總共的數(shù)據(jù)傳輸率是24Mbit/s，即每秒發(fā)送了24M比特的數(shù)據(jù)。提示：4級數(shù)字信號指什么？這個無需懂得，在考研中，只需記住一點，看到這種條件，直接log2即可，得到有用的信息。涉及背面的習(xí)題30也是這樣。28解析：C。要清晰基帶傳輸所傳輸?shù)氖菙?shù)字信號，而曼徹斯特編碼是0和1格式的信號，因此并沒有通過調(diào)制而變成模擬信號，因此屬于基帶傳輸。其它3個選項都是將數(shù)字信號調(diào)制成模擬信號的編碼方式，因此不屬于基帶傳輸，屬于寬帶傳輸。29解析：B。波特率表達信號每秒變化的次數(shù)（注意和比特率的區(qū)別）。30解析：C。如圖2-14所示，對于該調(diào)制解調(diào)器的每個變化能夠表達16種不同的信號。因此每一種變化能夠表達的比特數(shù)為n=log2V，解得n=4，比特率=波特率×n，即9600bit/s.31解析：B。10表達每秒傳輸10Mbit數(shù)據(jù)，因此事10Mbit/s。Base表達采用基帶傳輸，所覺得數(shù)字信號。T表達使用了雙絞線（Twisted-pair）。32解析：B。屬于記憶性的題目，光顯示采用光通信，特點是帶寬敞，錯誤率小。33解析：C。同軸電纜以硬銅線為芯，外面包上一層絕緣的材料，絕緣材料的外面包圍上一層密織的網(wǎng)狀導(dǎo)體。導(dǎo)體的外面又覆蓋上一層保護性的塑料外殼。同軸電纜的這種構(gòu)造使得它含有更高的屏蔽性，從而現(xiàn)有很高的帶寬，又有較好的抗噪特性。因此同軸電纜的帶寬更高得益于它的高屏蔽。34解析：D。參考2,2,1的知識點解說。多模光纖使用了光束在其內(nèi)部反射來傳輸光信號，而單模光纖的直徑減小到及格光波波長大小，猶如一種波導(dǎo)，光只能按照直線傳輸，而不會發(fā)生反射。35解析：C。參考下面的補充知識點。補充知識點：5-4-3規(guī)則是什么？需要掌握嗎？解析：這個知識點考研題中出現(xiàn)的概率為0，僅僅是一種規(guī)則而已，固定的知識點。而考研題越來越不會傾向于概念的考察，大部分都是應(yīng)用題。下面簡要介紹5-4-3規(guī)則的基本定義，有愛好的同窗能夠理解一下，不要試圖去理解，那樣只會浪費時間。5-4-3規(guī)則：任意兩臺計算機之間最多不能超出5段線（涉及集線器到集線器的連接線纜，也涉及集線器到計算機之間的連接線纜）；4臺集線器，其中只能有3臺集線器直接與計算機或網(wǎng)絡(luò)設(shè)備連接。如果不遵照此規(guī)則，將會造成網(wǎng)絡(luò)故障。36解析：D。集線器的作用是將多個網(wǎng)絡(luò)端口連接在一起，也就是以集線器為中心。因此使用它的網(wǎng)絡(luò)在拓撲構(gòu)造上屬于星形構(gòu)造。37解析:C。物理層的網(wǎng)絡(luò)設(shè)備不能夠分開沖突域，整個以物理層設(shè)備連接起來的網(wǎng)絡(luò)是處在一種沖突域中的。38解析：B。集線器的工作原理為：當(dāng)某個端口收到數(shù)據(jù)，數(shù)據(jù)將從除了輸入端口外的全部端口廣播出去，記住即可。39解析：C。集線器以廣播的方式將信號從除輸入端口外的全部端口輸出，因此任意時刻只能有一種端口的有效數(shù)據(jù)輸入，則平均帶寬為：YMbit/sX，更具體的解釋可參考2.3節(jié)的知識點解說。如果此題改為X臺計算機連接到一臺YMbit/s的交換機上，則每臺計算機多分得的平均帶寬為YMbit/s，這里就不必除以X了。此處不理解沒有關(guān)系，背面講到交換機的工作原理就明白了。40解析：解答此題需要清晰以太網(wǎng)的編碼方式為曼徹斯特編碼，即將每一種碼元分成2個相等的間隔，碼元1是在前一種間隔為高電平而后一種間隔為低電平；碼元0正好相反，從低電平編導(dǎo)高電平。掌握了這個，這道題就很簡樸了。首先碼元傳輸速率即波特率，以太網(wǎng)使用曼徹斯特編碼，就覺得著發(fā)送的每一位都有兩個信號周期。原則以太網(wǎng)的數(shù)據(jù)傳輸率是10Mbit/s，因此碼元傳輸率是數(shù)據(jù)傳輸率的2倍，即20Mbaud。也就是說，碼元傳輸率為20MBaud。可能疑問點：懂得一種碼元能夠攜帶nbit，但是從沒有據(jù)說過1bit需要多少個碼元來表達。是我理解錯了，還是本身就是這樣？解析：不少考生腦海里總是覺得碼元應(yīng)當(dāng)最少攜帶1bit或者更多的比特，怎么可能在數(shù)值上波特率還不不大于比特率。其實考上不必糾結(jié)于此，解釋以下?，F(xiàn)在先不談曼徹斯特編碼，及那種需要同時信號的。假設(shè)在二進制的狀況下（正常狀況）下，一種碼元攜帶1bit數(shù)據(jù)，這樣碼元傳輸率在數(shù)量上就等于數(shù)據(jù)傳輸率。但是現(xiàn)在不同了，曼徹斯特編碼需要用二分之一的碼元來表達同時信號（核心點），普通碼元來傳輸數(shù)據(jù)(能夠認為2個碼元傳1bit數(shù)據(jù)），這樣要達成10Mbit/s的數(shù)據(jù)傳輸率，碼元傳輸率就應(yīng)當(dāng)是20MBaud，解釋完畢。不要試圖去研究透徹，記住就好！41解析：電路交換電路交換的過程：先建立連接，建立連接之后在發(fā)送數(shù)據(jù)（發(fā)送時延）。這里需要注意，采用電路交換時，中間通過的結(jié)點是不需要存儲轉(zhuǎn)發(fā)的，這點與分組交換不同。下面分別計算。建立連接的時間：s秒。發(fā)送時延=報文長度/數(shù)據(jù)傳輸率=x/b。傳輸時延=沒段鏈路的傳輸時延×總的鏈路數(shù)=dk?？偠灾?，電路交換的總時延=s＋x/b+dk。分組交換分組交換的過程：分組交換無需建立連接，直接發(fā)送。因此重點在于計算傳輸時延與發(fā)送時延（分組每通過一種結(jié)點都需要存儲轉(zhuǎn)發(fā)）。下面分別計算（計算之前建議大家畫一種草圖，從圖中應(yīng)當(dāng)很容易地看出k段鏈路有k+1各結(jié)點。也就是說，除了發(fā)送端與接受段，中間尚有k-1個結(jié)點）。傳輸時延：假設(shè)有n個分組，即使這n個分組都會有傳輸時延，但是認真想想，是不是只需計算最后一種分組的傳輸時延？由于