【解析】四川省仁壽第一中學(xué)北校區(qū)高三下學(xué)期第二次模擬考試?yán)砭C物理試題

2020屆四川省仁壽第一中學(xué)北校區(qū)高三（下）第二次高考模擬理綜物理試題1.下列說法正確的是（）A.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時(shí)，會(huì)輻射光子B.C.盧瑟福的粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子核是由質(zhì)子和中子組成的D.貝克勒爾通過對(duì)天然放射現(xiàn)象的研究，發(fā)現(xiàn)了原子中存在原子核【答案】A【解析】【詳解】A．電子向低能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)輻射光子，故A正確；B．根據(jù)故B錯(cuò)誤；C．盧瑟福的粒子散射實(shí)驗(yàn)：絕大多數(shù)粒子穿過金箔后仍沿原來的方向前進(jìn)，但有少數(shù)粒子發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，并有極少數(shù)粒子的偏轉(zhuǎn)超過90°，有的甚至幾乎達(dá)到180°而被反彈回來，這就是粒子的散射現(xiàn)象。實(shí)驗(yàn)結(jié)論：正電荷集中在原子中心。大多數(shù)α粒子穿透金箔：原子內(nèi)有較大空間，而且電子質(zhì)量很小。小部分α粒子改變路徑：原子內(nèi)部有一微粒，而且該微粒的體積很小，帶正電。極少數(shù)的α粒子反彈：原子中的微粒體積較小，但質(zhì)量相對(duì)較大。故C錯(cuò)誤；D．盧瑟福發(fā)現(xiàn)原子核，故D錯(cuò)誤。故選A2.據(jù)報(bào)道，我國將在2020年發(fā)射火星探測器，并預(yù)計(jì)2021年抵達(dá)火星表面。若火星可視為均勻球體，其表面的重力加速度為g，半徑為R0，探測器的質(zhì)量為m，在離火星表面高度為R0的圓軌道上繞火星運(yùn)行，則探測器（）A.受到火星的引力 B.線速度C.周期 D.角速度【答案】D【解析】【詳解】A．由萬有引力定律可得火星表面有得受到火星的引力故A錯(cuò)誤；B．由公式得故B錯(cuò)誤；C．周期為故C錯(cuò)誤；D．角速度故D正確。故選D。3.如圖所示，某一物體從傾角為θ的斜面上以初速度v0水平拋出，落到斜面上，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則（）A.物體落到斜面上時(shí)的速度大小是B.物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是C.物體落到斜面上時(shí)的速度方向與水平方向的夾角為2θD.如果v0的大小不同，則物體落到斜面上時(shí)的速度方向也就不同【答案】B【解析】【詳解】AB．物體落在斜面上時(shí)，斜面傾角為位移與水平方向的夾角，即為得物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是落到斜面上的速度選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．物體落到斜面上時(shí)的速度方向與水平方向的夾角即如果v0的大小不同，物體落到斜面上時(shí)的速度方向也是相同的，則選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選B。4.如圖甲所示的電路中，理想變壓器原線圈輸入如圖乙所示的正弦交流電，交流電壓表和電流表均為理想電表，其中電壓表示數(shù)為22V，下列說法正確的是（）A.燈泡中電流方向每秒鐘改變50次B.變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為5∶1C.變壓器原、副線圈中磁通量變化率之比為1∶1D.將滑動(dòng)變阻器滑片下滑，變壓器的輸入功率減小【答案】C【解析】【詳解】A．交流電的周期為0.02s，頻率為50Hz，電流方向在一個(gè)周期內(nèi)改變2次，則燈泡中電流方向每秒鐘改變100次，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．變壓器初級(jí)電壓有效值為U1=220V，次級(jí)電壓有效值為U2=22V，根據(jù)匝數(shù)比等于電壓比可知，變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為10∶1，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．變壓器原、副線圈共用一個(gè)鐵芯，則磁通量變化率是相等的，即磁通量變化率之比為1∶1，選項(xiàng)C正確；D．將滑動(dòng)變阻器滑片下滑，則R2減小，次級(jí)電阻減小，因次級(jí)電壓不變，根據(jù)可知，變壓器次級(jí)消耗的功率變大，則變壓器的輸入功率變大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖甲所示，O、A為電場中一直線上的兩個(gè)點(diǎn)，帶正電的點(diǎn)電荷只受電場力的作用，從O點(diǎn)以某一初速度沿直線運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，其電勢能Ep隨位移x的變化關(guān)系如圖乙所示。則從O到A過程中，下列說法正確的是（）A.點(diǎn)電荷的速度先增大后減小B.點(diǎn)電荷所受電場力先減小后增大C.該電場是負(fù)點(diǎn)電荷形成的D.O到A電勢先降低后升高【答案】B【解析】【詳解】A．正電荷在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，故電荷的電勢能與動(dòng)能的總和不變，由圖象可知，電勢能先增大后減小，則動(dòng)能先減小后增大，速度先減小后增大，A錯(cuò)誤；

BC．電場力做的功W=Fx=EpEp0，Epx圖線的斜率反映電場力的大小，可見電場力先減小后增大，且方向發(fā)生了變化，因此不可能是點(diǎn)電荷的電場，即B正確，C錯(cuò)誤；

D．從A到B過程中，該正電荷的電勢能先增大再減小，則空間各點(diǎn)的電勢先升高后降低，D錯(cuò)誤。

故選B。6.如圖所示，斜面體固定在水平面上，一輕質(zhì)細(xì)線繞過滑輪1和滑輪2，兩端分別與物體和輕環(huán)連接，輕環(huán)穿在水平橫桿上，滑輪2下吊一物體。物體和滑輪1間的細(xì)線平行于斜面，系統(tǒng)靜止?，F(xiàn)將向右移動(dòng)少許，物體始終靜止，系統(tǒng)再次靜止，不計(jì)滑輪質(zhì)量和滑輪與繩間的摩擦。則（）A.細(xì)線拉力將變大B.地面對(duì)斜面體的支持力將變大C.橫桿對(duì)輕環(huán)的摩擦力將變大D.斜面體對(duì)物體的摩擦力將變小【答案】AC【解析】【詳解】A．以滑輪2為研究的對(duì)象，受力如圖若將向右移動(dòng)少許，兩個(gè)繩子之間的夾角增大，由于對(duì)滑輪的拉力不變，兩個(gè)繩子之間的夾角變大，根據(jù)繩子的拉力F一定變大，A正確；B．對(duì)斜面體、物體、物體整體受力分析，受重力、支持力、細(xì)線的拉力和地面的靜摩擦力，如圖所示根據(jù)平衡條件，有與角度無關(guān)，恒定不變，B錯(cuò)誤；C．以為研究的對(duì)象水平方向向右移動(dòng)少許，F(xiàn)變大，變大，變大，橫桿對(duì)輕環(huán)的摩擦力將變大，C正確；D．若原來物塊有下降趨勢，繩子拉力增大，可能有上升趨勢，因摩擦力大小和方向都不能確定，D錯(cuò)誤故選AC。7.如圖所示，兩根足夠長平行光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，間距為0.2m，電阻不計(jì)。完全相同的兩金屬棒ab、cd水平放置，棒兩端都與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒的重力均為0.1N，電阻均為0.1Ω。在兩導(dǎo)軌間有垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T。金屬棒ab在豎直向上拉力F作用下向上勻速運(yùn)動(dòng)，金屬棒cd恰好能保持靜止，下列說法正確的是（）B.ab棒向上運(yùn)動(dòng)的速度為2m/s【答案】BD【解析】【詳解】A．金屬棒cd恰好能保持靜止，由平衡條件可得由于兩棒中的電流大小相等，則ab棒所受安培力與cd棒的安培力相等，且由左手定則可知，ab棒所受安培力方向向下，由平衡可得ab棒受到的拉力大小故A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)b棒所受安培力為解得故B正確；C．a(chǎn)b棒兩端的電勢差為故C錯(cuò)誤；D．系統(tǒng)在2秒內(nèi)增加機(jī)械能為產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做的功故D正確。故選BD。8.如圖甲所示，傾角為θ的傳送帶以恒定速率v0逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在t=0時(shí)，將質(zhì)量m=1kg的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶上，物體的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2。則（）A.傳送帶的傾角θ=B.物體與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)μC.在前2秒內(nèi)，傳送帶對(duì)貨物做的功為24JD.在前2秒內(nèi)，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為24J【答案】AD【解析】【詳解】AB．物體先做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到傳送帶速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續(xù)向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，從圖象可知傳送帶的速度為10m/s，開始時(shí)物體摩擦力方向沿斜面向下，速度相等后摩擦力方向沿斜面向上，則聯(lián)立解得，故A正確，B錯(cuò)誤；C．第一段勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移為此過程傳送帶對(duì)貨物做的功為第二段勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移為此過程傳送帶對(duì)貨物做的功為則總功為故C錯(cuò)誤；D．第一階段物體與傳送帶間的相對(duì)位移為產(chǎn)生的熱量為第二階段物體與傳送帶間的相對(duì)位移為產(chǎn)生的熱量為總熱量為故D正確。故選AD。第Ⅱ卷（非選擇題共174分）三、非選擇題：全為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。共174分。9.某實(shí)驗(yàn)小組要測量木塊與長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，設(shè)計(jì)如圖甲所示裝置，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹椤?1)對(duì)于實(shí)驗(yàn)的要求，下列說法正確的一項(xiàng)是____；A．鉤碼的質(zhì)量要遠(yuǎn)小于木塊的質(zhì)量B．要保證長木板水平C．接通電源同時(shí)釋放木塊(2)按正確的操作要求進(jìn)行操作，打出的一條紙帶如圖乙所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是的交流電源，紙帶上的點(diǎn)每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)記數(shù)點(diǎn)，則該木塊的加速度____；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)若木塊的質(zhì)量為，鉤碼的質(zhì)量為，則木塊與長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為____（用、、、表示結(jié)果）。【答案】(1).B(2).1.1(3).【解析】【詳解】（1）實(shí)驗(yàn)中不是用鉤碼的重力來表示細(xì)線對(duì)木塊的拉力，對(duì)于M、m并不要求；又因?yàn)?，的大小就是木塊對(duì)木板的壓力大小，所以要保證長木板水平；實(shí)驗(yàn)操作中是先通電源再放木塊，即AC錯(cuò)誤，B正確；（2）由逐差法公式可求得加速度（3）分別對(duì)木塊和鉤碼進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律表示出木塊的加速度（T表示細(xì)線的拉力）,解得10.某同學(xué)測量一段長度已知的電阻絲的電阻率．實(shí)驗(yàn)操作如下：（1）螺旋測微器如圖甲所示．在測量電阻絲直徑時(shí)，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動(dòng)__________（選填“A”“B”或“C”），直到聽見“喀喀”的聲音，以保證壓力適當(dāng)，同時(shí)防止螺旋測微器的損壞。（2）某次用螺旋測微器測量金屬絲直徑的結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)是________。（3）甲圖中Rx，為待測電阻絲．請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，將滑動(dòng)變阻器接入乙圖實(shí)物電路中的正確位置________。（4）為測量R，利用（3）甲圖所示的電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器測得5組電壓U1和電流I1的值，作出的U1–I1關(guān)系圖象如圖所示。接著，將電壓表改接在a、b兩端，測得5組電壓U2和電流I2的值，數(shù)據(jù)見下表：U2/VI2/mA請(qǐng)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在方格紙上作出U2–I2圖象______________。（5）由此，可求得電阻絲的Rx=___________Ω．根據(jù)電阻定律可得到電阻絲的電阻率．【答案】(1).C(2).0.200（均可）(3).(4).(5).23.5（23.0~24.0都算對(duì)）【解析】【詳解】（1）[1]．在測量電阻絲直徑時(shí)，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動(dòng)C，直到聽見“喀喀”的聲音，以保證壓力適當(dāng)，同時(shí)防止螺旋測微器的損壞。（2）[2]．用螺旋測微器測量金屬絲直徑讀數(shù)是：0.01mm×20.0=0.200mm；（3）[3]．電路連接如圖所示；（4）[4]．作出U2–I2圖象如圖；（5）[5]．由圖像可知2的多匝線圈中存在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B0，B0均勻變化．兩相互平行、間距L=0.2m的金屬導(dǎo)軌固定在傾角為30°的斜面上，線圈通過開關(guān)S與導(dǎo)軌相連．一質(zhì)量m=0.02Kg、阻值R1=0.5Ω的光滑金屬桿鎖定在靠近導(dǎo)軌上端的MN位置，M、N等高．一阻值R2=0.5Ω的定值電阻連接在導(dǎo)軌底端．導(dǎo)軌所在區(qū)域存在垂直于斜面向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場．金屬導(dǎo)軌光滑且足夠長，線圈與導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)．重力加速度取g=10m／s2．(1)閉合開關(guān)S時(shí)，金屬桿受到沿斜面向下的安培力為0.4N，請(qǐng)判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的變化趨勢是增大還是減小，并求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的變化率．(2)斷開開關(guān)S，解除對(duì)金屬桿的鎖定，從MN處由靜止釋放，求金屬桿穩(wěn)定后的速度以及此時(shí)電阻R2兩端的電壓．【答案】（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B0【解析】【分析】(1)根據(jù)金屬桿受安培力的方向，應(yīng)用左手定則判斷出金屬桿中感應(yīng)電流的方向，應(yīng)用楞次定律判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度如果變化；應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律與安培力公式求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率；(2)應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動(dòng)勢，應(yīng)用歐姆定律求出感應(yīng)電流，對(duì)金屬桿應(yīng)用動(dòng)量定理求出金屬桿的速度，然后應(yīng)用能量守恒定律與串聯(lián)電路特點(diǎn)求出金屬桿產(chǎn)生的焦耳熱．【詳解】(1)閉合開關(guān)S時(shí)，金屬桿受到沿斜面向下的安培力，空中金屬桿中的電流由M流向N，根據(jù)楞次定律可知磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的趨勢是增大線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢導(dǎo)線中的電流為金屬桿受到的安培力為：F=BIL，得到：；(2)勻速時(shí)解得：由歐姆定律可得：得到U=0.5V．【點(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路等等知識(shí)的綜合，與力學(xué)聯(lián)系的橋梁是安培力，與電路的紐帶是感應(yīng)電動(dòng)勢；分析清楚金屬桿的運(yùn)動(dòng)過程與電路結(jié)構(gòu)是解題的前提，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式、動(dòng)量定理等知識(shí)即可解題．M=1kg靜止在光滑水平地面上，其左側(cè)有一顆插入地面的銷釘（可確保小車不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)），小車上表面由兩段光滑圓弧夾一段粗糙水平軌道構(gòu)成，如圖所示。已知圓弧BC所對(duì)應(yīng)的圓心角θ=、半徑R1=2.75m，CD的長度L=1m、動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，四分之一圓弧DE半徑R2=0.3m。一小滑塊m=1kg（視為質(zhì)點(diǎn)）從某一高度處的A點(diǎn)以大小v0=4m/s的速度水平拋出，恰好沿切線方向從B點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，重力加速度取g=10m/s2，sin=0.6，cos=0.8，空氣阻力不計(jì)，求：(1)滑塊剛進(jìn)入圓軌道BC時(shí)的速度vB；(2)滑塊從E端沖出后，上升到最高點(diǎn)時(shí)距E點(diǎn)的豎直高度hm；(3)滑塊在小車的水平段CD上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t?！敬鸢浮?1)5m/s，方向垂直于O1B【解析】【詳解】(1)分解B點(diǎn)速度可得垂直于O1B斜向右下方。(2)對(duì)滑塊BC段有解得小車離開銷釘后系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則滑塊從C點(diǎn)到斜拋至最高點(diǎn)的過程中，對(duì)系統(tǒng)有得又解得(3)對(duì)滑塊從C點(diǎn)到相對(duì)靜止的過程有得知僅一次往返即達(dá)到共速，再設(shè)滑塊過D點(diǎn)時(shí)的速度為，下車速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得且解得，或，綜合分析知，第1組解對(duì)應(yīng)滑塊相對(duì)小車向右滑行時(shí)通過D點(diǎn)，該階段用時(shí)第2組解對(duì)應(yīng)滑塊從E點(diǎn)回到小車后，相對(duì)小車向左通過D點(diǎn)，之后相對(duì)小車向左滑行0.8m時(shí)與車共速（之后不再相對(duì)滑動(dòng)），該階段用時(shí)故滑塊在CD運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間13.【物理選修34】下列說法中正確的是（）A.做簡諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，經(jīng)過四分之一周期，所通過的路程不一定等于振幅B.聲波從空氣傳入水中時(shí)頻率