安徽省示范高中皖北協(xié)作區(qū)高三下學(xué)期3月聯(lián)考理綜物理試卷

安徽省示范高中皖北協(xié)作區(qū)2022屆高三下學(xué)期理綜物理3月聯(lián)考試卷一、單選題1．用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用光子能量為的光照射到光電管上時(shí)，電流表G有讀數(shù)。移動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)c，當(dāng)電壓表的示數(shù)大于或等于時(shí)，電流表讀數(shù)為0，則以下說(shuō)法正確的是（）A．光電子的最大初動(dòng)能為B．改用能量為2eV的光子照射，電流表G有電流，但電流較小C．電鍵S斷開后，電流表G示數(shù)為0D．光電管陰極的逸出功為2．2021年10月16日神州十三號(hào)飛船成功與中國(guó)天宮空間站實(shí)現(xiàn)自動(dòng)交會(huì)對(duì)接。翟志剛王亞平、葉光富3名航天員隨后從神舟十三號(hào)載人飛船進(jìn)入天和核心艙。已知天宮空間站在距離地面約400千米的圓軌道上飛行（同步衛(wèi)星離地高度約萬(wàn)千米，地球半徑R=6400千米）。則下列說(shuō)法中正確的是（）A．“神州十三號(hào)”飛船可在高軌道上加速，以實(shí)現(xiàn)對(duì)低軌道上的天和核心艙的對(duì)接B．在軌運(yùn)行時(shí)，天宮空間站的線速度大于第一宇宙速度C．天宮空間站的運(yùn)行速度約是地球同步衛(wèi)星速度的6倍D．在軌運(yùn)行時(shí)，天宮空間站的角速度大于同步衛(wèi)星的角速度3．如圖所示，半圓形線框豎直放置在粗糙的水平地面上，質(zhì)量為m的光滑小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)過(guò)90°，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，在此過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A．拉力F一直增大B．拉力F的最小值為mgsinθC．地面對(duì)框架的摩擦力先增大后減小D．框架對(duì)地面的壓力始終在減小4．如圖1所示為一種小型兒童玩具——撥浪鼓，其簡(jiǎn)化模型如圖2所示，撥浪鼓邊緣上與圓心等高處關(guān)于轉(zhuǎn)軸對(duì)稱的位置固定有長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)A、LB（LA>LB）的兩根不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，兩根細(xì)繩另一端分別系著質(zhì)量相同的小球A、B。現(xiàn)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)手柄使兩小球均在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，連接A、B的細(xì)繩與豎直方向的夾角分別為α和β，下列判斷正確的是（）A．A，B兩球的向心加速度相等B．兩球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)繩子與豎直方向的夾角αC．A球的線速度小于B球的線速度D．A球所受的繩子拉力小于B球所受的繩子拉力5．如圖所示，半徑為r的半圓abca內(nèi)部無(wú)磁場(chǎng)，在半圓外部（含半圓）有垂直于半圓平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。比荷為p的帶正電粒子（不計(jì)重力）從直徑ac上任意一點(diǎn)以相同的速度垂直于ac射向半圓，帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)一次后都能經(jīng)過(guò)半圓邊緣的c點(diǎn)并被吸收，下列說(shuō)法正確的是（）A．磁場(chǎng)方向一定垂直半圓平面向外B．帶電粒子在磁場(chǎng)中第一次到達(dá)C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間范圍為πC．帶電粒子在磁場(chǎng)中第一次到達(dá)C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間范圍為0<D．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為2r二、多選題6．如圖1所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，從離彈簧上端高為x0處由靜止下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)。若以小球開始下落的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿豎直向下建立坐標(biāo)軸Ox，作出小球的加速度a隨小球位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖2所示，彈簧被壓縮至最低點(diǎn)時(shí)小球所在位置坐標(biāo)為x2，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的是（）A．彈簧的勁度系數(shù)k=mgx1C．x2=2x1x0 D．x7．如圖所示，圓心為O點(diǎn)，半徑的圓處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與圓平面平行，ab和cd為該圓的直徑。將電荷量為的粒子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為2J；若將該粒子從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為4J。下列說(shuō)法正確的是（）A．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向與ab平行B．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=200V/mC．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)低于c點(diǎn)電勢(shì)D．將該粒子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為2J8．如圖所示正方形勻質(zhì)剛性金屬框（形變量忽略不計(jì)），邊長(zhǎng)為，質(zhì)量為，電阻為，距離金屬框底邊處有一方向水平、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。磁場(chǎng)區(qū)域上下邊界水平，高度為，左右寬度足夠大。把金屬框在豎直平面內(nèi)以v0=2m/s的初速度水平無(wú)旋轉(zhuǎn)地向右拋出，設(shè)置合適的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小使金屬框勻速通過(guò)磁場(chǎng)，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．磁感應(yīng)強(qiáng)度B為2TB．通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，金屬框中電流的大小和方向保持不變C．通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，克服安培力做功的功率P為D．調(diào)節(jié)H、v0和B，金屬框仍能勻速通過(guò)磁場(chǎng)，則其通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q為9．下列說(shuō)法正確的是（）A．氣體如果失去了容器的約束會(huì)散開，這是因?yàn)闅怏w分子熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果B．分子間同時(shí)存在著引力和斥力，當(dāng)分子間距增加時(shí)，分子間的引力增大，斥力減小C．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，壓強(qiáng)不變，則單位時(shí)間撞到單位面積上的分子數(shù)減少D．恒溫水池中，小氣泡由底部緩慢上升過(guò)程中，氣泡中的理想氣體內(nèi)能不變，對(duì)外做功，吸收熱量E．當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度一定較大10．如圖，一列簡(jiǎn)諧橫波平行于x軸傳播，圖中的實(shí)線和虛線分別為t=0和時(shí)的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)，在0到時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向不變。則下列說(shuō)法正確的是（）A．這列簡(jiǎn)諧波的周期為B．在t=T2時(shí)刻，x=1mC．這列簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向傳播D．這列簡(jiǎn)諧波的波速為5m/sE．在t=T2時(shí)刻，x=2m三、實(shí)驗(yàn)題11．某研究性學(xué)習(xí)小組用圖甲裝置測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，其主要操作步驟如下：①將電磁鐵、小鐵球、光電門調(diào)節(jié)在同一豎直線上；②切斷電磁鐵電源，小鐵球由靜止下落，光電計(jì)時(shí)器記錄小鐵球通過(guò)光電門的時(shí)間t，并用刻度尺測(cè)量出小鐵球下落前球的底部和光電門的距離h；③用游標(biāo)卡尺測(cè)小球的直徑d，如圖乙所示。（1）則d=mm，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹椋ㄓ妙}中給出的字母表示）；（2）其中有幾個(gè)小組同學(xué)測(cè)量g值比當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣绕?，通過(guò)反思后提出了四種原因，你認(rèn)為哪些項(xiàng)是合理的____。A．小球下落時(shí)受到了空氣阻力B．切斷電源后由于電磁鐵的剩磁，小球下落后仍受到電磁鐵的引力C．誤把h當(dāng)做小球下落的高度D．將電磁鐵、小鐵球光電門調(diào)節(jié)在同一豎直線上不準(zhǔn)確，在小球通過(guò)光電門時(shí)球心偏離細(xì)光束12．某興趣小組認(rèn)為歐姆表內(nèi)部可等效為一電源，設(shè)計(jì)如圖1所示的電路來(lái)測(cè)量歐姆表“×1”擋位的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，使用的器材有：多用電表、電壓表（量程03V，內(nèi)阻約為4kΩ）電阻箱R（）、導(dǎo)線若干具體操作如下：將歐姆表的選擇開關(guān)旋至“×1”擋位，紅、黑兩表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。將電壓表與電阻箱R按圖1連接好；多次改變電阻箱R，記下R的值和對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)U，測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表所示：1234567R（Ω）U（V）1U（1/V1R（1/Ω回答下列問(wèn)題：（1）圖1歐姆表中與1相連的是（選填“紅”或“黑”）表筆。（2）在圖2的坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊數(shù)據(jù)表中第4、第5兩組數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)，并做出1U（3）由所繪圖像中信息可得出歐姆表該擋位的電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)阻為Ω。（保留3位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)小組對(duì)歐姆表原理和實(shí)驗(yàn)誤差進(jìn)行了討論，在正確的操作基礎(chǔ)上，下列說(shuō)法合理的是()A．若歐姆表內(nèi)電池內(nèi)阻增大，使用該表測(cè)電阻R的讀數(shù)比真實(shí)值偏大B．若歐姆表內(nèi)電池內(nèi)阻增大，使用該表測(cè)電阻R的讀數(shù)比真實(shí)值偏小C．若歐姆表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)減小，使用該表測(cè)電阻R的讀數(shù)比真實(shí)值偏大D．若歐姆表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)減小，使用該表測(cè)電阻R的讀數(shù)比真實(shí)值偏小四、解答題13．中國(guó)工程院院士、海軍工程大學(xué)教授——馬偉明是我國(guó)“國(guó)寶級(jí)”專家，他帶領(lǐng)的科研團(tuán)隊(duì)僅用幾年時(shí)間，在電磁發(fā)射技術(shù)上取得集群式突破，全面推動(dòng)了我國(guó)武器發(fā)展從化學(xué)能到電磁能的發(fā)射革命。電磁炮的基本原理如圖所示，把待發(fā)射的炮彈（導(dǎo)體）放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩條平行導(dǎo)軌（導(dǎo)軌與水平方向成α角）上，若給導(dǎo)軌通以很大的恒定電流I，使炮彈作為一個(gè)載流導(dǎo)體在磁場(chǎng)的作用下，由靜止沿導(dǎo)軌做加速運(yùn)動(dòng)，以某一速度發(fā)射出去。已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直兩平行導(dǎo)軌向上。兩導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)，磁場(chǎng)中導(dǎo)軌的長(zhǎng)度為S，炮彈的質(zhì)量為m，炮彈和導(dǎo)軌間摩擦力恒為f，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。求：（1）炮彈在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大??；（2）炮彈在導(dǎo)軌末端發(fā)射出去時(shí)速度大小。14．如圖所示，AB、BC為固定的光滑水平軌道，輕質(zhì)彈簧固定在A端，BC區(qū)域內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=6×103N/C。CD為一固定的半徑為的四分之一光滑圓弧。一長(zhǎng)L=1m、質(zhì)量為、帶電量q2=1×103C的平板小車最初鎖定在BC軌道的最左端，小車上表面剛好與AB軌道齊平，且與CD軌道最低點(diǎn)處于同一水平面。一質(zhì)量、帶電量q1=1×103C可看作質(zhì)點(diǎn)的物塊在水平向左的外力作用下壓縮彈簧。撤去外力彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，物塊從B點(diǎn)進(jìn)入半徑的固定豎直放置的光滑圓形軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，從最低點(diǎn)水平向右滑上小車的同時(shí)小車解除鎖定，小車向右運(yùn)動(dòng)。小車與CD軌道左端碰撞（碰撞時(shí)間極短）后即被粘在C處?；瑝K與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為物塊、小車外表面絕緣，電荷分布在絕緣外層內(nèi)部，BC軌道足夠長(zhǎng)且B點(diǎn)電勢(shì)為0。取g=10m/s2，求：（1）滑塊在豎直圓形軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)的最大電勢(shì)能；（2）要使滑塊能在豎直圓形軌道內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，彈簧壓縮時(shí)最小彈性勢(shì)能是多少；（3）要使滑塊能夠越過(guò)D點(diǎn)，彈簧壓縮時(shí)彈性勢(shì)能的范圍是多大。15．如圖所示，高為h、橫截面積為S的氣缸豎直放置在水平面上，氣缸上端開口。質(zhì)量為m厚度可忽略的活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)活塞距缸底的高度為13h。活塞下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體?；钊蜌飧妆诰^熱，不計(jì)它們之間的摩擦，外界大氣壓強(qiáng)為p0，內(nèi)外溫度均為T0?，F(xiàn)用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，使活塞緩慢上升，重力加速度大小為g（1）活塞剛好上升到缸頂時(shí)氣體的溫度及該過(guò)程氣體對(duì)外做的功；（2）當(dāng)活塞上升到缸頂時(shí)，由于意外導(dǎo)致氣缸開始緩慢漏氣。繼續(xù)對(duì)氣體加熱，而活塞保持在該位置靜止不動(dòng)。當(dāng)氣體溫度為6T0時(shí)，求漏出去的氣體與原封閉氣體的質(zhì)量之比。16．如圖所示為一橫截面為直角三角形ABC的玻璃棱鏡，其中∠A=30°，D點(diǎn)在AC邊上，A、D間距為L(zhǎng)，AB=23L。一條光線平行于AB邊從D點(diǎn)射入棱鏡，經(jīng)AB邊反射后垂直BC邊射出，已知真空中的光速為c，求：（1）通過(guò)計(jì)算說(shuō)明光束能否在AB面上發(fā)生全反射；（2）光束在三棱鏡中傳播的時(shí)間。答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.由題可知,遏制電壓UC=0.9VA符合題意；B.由題可知，光電管的逸出功小于等于，改用能量為2eV的光子照射，電流表G可能有電流，也可能沒(méi)有電流，B不符合題意；C.電鍵S斷開后，仍然能組成閉合回路,電流表G示數(shù)可以不為0，C不符合題意；D.光電管的逸出功小于等于，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用遏止電壓結(jié)合動(dòng)能定理可以求出最大初動(dòng)能的大??；當(dāng)入射光能量大于逸出功時(shí)其電流表可能有電流；電鍵斷開時(shí)其電流表示數(shù)可能不等于0；其光腚的逸出功小于或等于。2．【答案】D【解析】【解答】A．飛船應(yīng)加速，從低軌道做離心運(yùn)動(dòng)與高軌道核心艙對(duì)接，A不符合題意；B．第一宇宙速度是最大的圓周環(huán)繞速度，B不符合題意；C．萬(wàn)有引力提供天體圓周運(yùn)動(dòng)的向心力G得v由題意可知，天宮空間站和同步衛(wèi)星的軌道半徑分別為6800千米和42400千米，大約為6倍關(guān)系。而vC不符合題意；D．根據(jù)公式G得ω可知，軌道越低，角速度越大，D符合題意。故答案為：D。

【分析】飛船從低軌道到高軌道應(yīng)該進(jìn)行加速；第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度；利用引力提供向心力可以求出線速度的大小關(guān)系；利用軌道半徑的大小可以比較角速度的大小。3．【答案】D【解析】【解答】AB．對(duì)小球P受力分析，如圖所示從圖看出，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)過(guò)90°，拉力先減小后增加，當(dāng)拉力與支持力垂直時(shí)最小，為mgcosθ，AB不符合題意；CD．再分析球和框整體，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如果將上圖中的拉力F沿著水平和豎直方向正交分解，再將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針?lè)较蚓徛D(zhuǎn)過(guò)90°過(guò)程中，其水平分力減小，根據(jù)平衡條件可知，地面對(duì)框架的摩擦力等于F的水平分力，所以摩擦力減小，而F的豎直分力增加，地面對(duì)框架的支持力減小。根據(jù)牛頓第三定律，框架對(duì)地面的壓力減小，D符合題意，C不符合題意。故答案為：D。

【分析】利用其小球P的平衡條件結(jié)合三角形定則可以判別拉力的變化；利用其整體的平衡方程可以判別地面對(duì)框架的摩擦力及支持力的大小變化。4．【答案】B【解析】【解答】B．兩球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度相同，對(duì)A球受力分析如圖所示繩子反向延長(zhǎng)與撥浪鼓轉(zhuǎn)軸交點(diǎn)為O，小球到O點(diǎn)的距離為L(zhǎng)，鼓面半徑為r；對(duì)A球，根據(jù)牛頓第二定律得mg解得小球到O點(diǎn)的高度h角速度相等，A的繩子長(zhǎng)度大于B，因此可知αB符合題意；A．對(duì)A球，根據(jù)牛頓第二定律得mg解得a對(duì)B球，根據(jù)牛頓第二定律得mg解得a則a即A球的向心加速度比B球的大，A不符合題意；C．由v=ωr知，兩球的角速度相等，A球的軌跡半徑比B球的大，則球的線速度大于B球的線速度，D．A球所受的繩子拉力大小TB球所受的繩子拉力大小T因α>β可得TD不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用重力和繩子拉力提供向心力結(jié)合軌道半徑的大小可以比較其繩子與豎直方向夾角的大?。粌蓚€(gè)小球角速度相等，由于半徑不同所以向心加速度不相等；利用其牛頓第二定律可以比較其線速度和周期的大小。5．【答案】B【解析】【解答】A．因?yàn)榱Ｗ訋д娤蜃笃D(zhuǎn)，所以磁場(chǎng)方向垂直直面向里，A不符合題意；D．粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得四邊形OACD為菱形，所以帶電粒子在磁場(chǎng)中的半徑為r，D不符合題意；BC．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T當(dāng)粒子從a點(diǎn)射入時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，軌跡為半圓，所以運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為t當(dāng)粒子從c點(diǎn)射入時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，軌跡為整圓，所以運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為t由于粒子直接從c點(diǎn)射入時(shí)，將直接被吸收，所以πB符合題意，C不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用帶電粒子的偏轉(zhuǎn)結(jié)合左手定則可以判別磁場(chǎng)的方向；利用幾何關(guān)系可以求出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑；利用其運(yùn)動(dòng)的軌跡所對(duì)圓心角的大小可以求出粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。6．【答案】A,D【解析】【解答】AB．由圖2可知k解得kA符合題意，B不符合題意；C小球落到彈簧上有初速度，從接觸彈簧到最低點(diǎn)，以x1為分界點(diǎn)，上下壓縮量不對(duì)稱，即xxC不符合題意；D．從初始位置到最低點(diǎn)，由能量守恒可得mg即x解得xD符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用平衡方程結(jié)合胡克定律可以求出勁度系數(shù)的大?。焕闷鋭?dòng)能的變化量可以比較形變量的大?。焕媚芰渴睾愣煽梢郧蟪鲎畲笮巫兞康拇笮?。7．【答案】B,C【解析】【解答】A．根據(jù)題意可知：粒子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為2J；若將該粒子從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為4J，移動(dòng)距離ab在電場(chǎng)方向的投影dab，移動(dòng)距離cd在電場(chǎng)方向的投影dcd，根據(jù)電場(chǎng)力做功表達(dá)式W電=qEd可知dcd是dab的兩倍，設(shè)圓形電場(chǎng)區(qū)域的半徑為R，如圖由幾何關(guān)系得ab在cd方向的投影等于R，即dcd是dab的兩倍，所以電場(chǎng)線的方向由c指向d，場(chǎng)強(qiáng)方向與cd平行，A不符合題意；B．粒子從c到d做的功為W電=qEdcd代入數(shù)據(jù)解得E=200V/mB符合題意；C．沿電場(chǎng)方向電勢(shì)逐漸降落，c點(diǎn)電勢(shì)高于c'點(diǎn)電勢(shì)，a與c'為等勢(shì)點(diǎn)，所以c點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，C符合題意；D．將該粒子從d點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為WD不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用電場(chǎng)力做功的大小可以求出電場(chǎng)線方向位移的大小關(guān)系，結(jié)合位移的大小關(guān)系可以判別場(chǎng)強(qiáng)的方向；利用其電場(chǎng)力做功可以求出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；利用其電場(chǎng)線的方向可以判別電勢(shì)降低的方向；利用電場(chǎng)力做功的表達(dá)式可以求出電場(chǎng)力做功的大小。8．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.金屬框水平方向上總電動(dòng)勢(shì)為0，只在豎直方向上產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，因?yàn)榻饘倏騽蛩偻ㄟ^(guò)磁場(chǎng)有mgFv帶入數(shù)據(jù)求得B=2TA符合題意；B.剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由右手定則可知電流逆時(shí)針流向，出磁場(chǎng)時(shí)電流順時(shí)針流向，B不符合題意；C.根據(jù)功能關(guān)系得克服安培力做功WtP代入數(shù)據(jù)求得PC符合題意；D.根據(jù)能量守恒可知QD符合題意。故答案為：ACD。

【分析】利用金屬框的平衡方程結(jié)合安培力的表達(dá)式可以求出其磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；利用其右手定則可以判別感應(yīng)電流的方向；利用其功能關(guān)系結(jié)合功率的表達(dá)式可以求出克服安培力做功的功率大??；利用能量守恒定律可以求出產(chǎn)生的熱量大小。9．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．氣體分子間的作用力很小，可以忽略不計(jì)，氣體分子停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，氣體分子可以充滿整個(gè)容器，如果沒(méi)有約束，氣體將散開，A符合題意；B．分子間同時(shí)存在著引力和斥力，當(dāng)分子間距增加時(shí)，分子間的引力和斥力都減小，B不符合題意；C．一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度升高，氣體體積增大，分子的平均動(dòng)能增大，單位體積的分子數(shù)減小，故氣體分子單位時(shí)間內(nèi)對(duì)器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少，C符合題意；D．恒溫水池中的小氣泡由底部緩慢上升過(guò)程中，由于氣泡中的理想氣體溫度不變故內(nèi)能不變，向上去的過(guò)程中壓強(qiáng)減小，體積膨脹，對(duì)外做功，W取負(fù)號(hào)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q即要吸收熱量，D符合題意；E．在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，所以當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較大，但空氣的絕對(duì)濕度不一定大，E不符合題意。故答案為：ACD。

【分析】氣體失去容器的約束會(huì)散開是由于氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果；分子距離增大時(shí)其分子引力和斥力同時(shí)減??；當(dāng)人們感覺到潮濕時(shí)其相對(duì)濕度一定大；當(dāng)小氣泡上升時(shí)，由于氣體壓強(qiáng)減小則體積增大，所以氣體對(duì)外界做功且吸收熱量，則溫度不變內(nèi)能不變。10．【答案】A,B,D【解析】【解答】A．由于x=6m處的質(zhì)點(diǎn)，在0到時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向不變，t=0時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，所以這段時(shí)間內(nèi)該處質(zhì)點(diǎn)從正向位移最大處經(jīng)過(guò)四分之一個(gè)周期沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)至平衡位置處，即T解得TA符合題意；C．由A項(xiàng)分析可知，該波在內(nèi)傳播T4，由波形圖可知，該波一定是沿x軸負(fù)方向傳播，CB．根據(jù)A、C項(xiàng)分析和波形圖可知，在t=T2時(shí)，x=1m處質(zhì)點(diǎn)返回平衡位置，具有最大的速率，x=2m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到負(fù)向最大位移處，速率最小，故在t=T2時(shí)，D．由波形圖可知，該列波的波長(zhǎng)為λ由A項(xiàng)可知，周期為T由波速公式可得vD符合題意；E．根據(jù)A、C項(xiàng)分析和波形圖可知，在t=T2時(shí)，x=2m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到負(fù)向最大位移處，速度最小，有沿+y方向的最大的加速度，而x=4m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到正向的最大位移處，有沿y方向最大的加速度，由對(duì)稱性可知，在t=T2時(shí)刻，故答案為：ABD。

【分析】利用其質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)間和周期的關(guān)系可以求出周期的大小；利用其傳播的距離可以求出其波傳播的方向；利用周期和波長(zhǎng)的大小可以求出波速的大??；利用其質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可以判別質(zhì)點(diǎn)的位置進(jìn)而比較加速度的大小及速度的大小。11．【答案】（1）；d（2）C；D【解析】【解答】(1)由圖乙所示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺的精度為，其示數(shù)為小球下落通過(guò)光電門，小球自由落體運(yùn)動(dòng)，則v小球通過(guò)光電門的時(shí)間極短，故可用平均速度表示小球通過(guò)光電門的速度v又H解得g(2)AB．該測(cè)量結(jié)果與當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣扔休^大的誤差，測(cè)量值比真實(shí)值偏大，而受到空氣阻力、受到鐵芯的引力都會(huì)導(dǎo)致測(cè)量值偏小，AB不符合題意；C．誤把h當(dāng)做小球下落的高度，測(cè)量值偏大，C符合題意；D．小球通過(guò)光電門時(shí)球心偏離細(xì)光束，導(dǎo)致小球速度的測(cè)量值偏大，會(huì)導(dǎo)致測(cè)量值偏大，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】（1）利用游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)；利用速度位移公式結(jié)合平均速度公式可以求出重力加速度的表達(dá)式；

（2）小球受到空氣阻力的影響及受到鐵芯引力的作用都會(huì)導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏小。12．【答案】（1）黑（2）（3）（）；（）（4）C【解析】【解答】（1）黑表筆接內(nèi)電源的正極，根據(jù)圖可知，圖1歐姆表中與1相連的是黑表筆（2）根據(jù)描點(diǎn)法，如圖所示（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知E可得1可圖像與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)式的倒數(shù)E圖像的斜率r解得r（4）AB．若歐姆表內(nèi)電池內(nèi)阻增大，使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，使用“調(diào)零旋鈕”進(jìn)行調(diào)零仍能使用，調(diào)零前后電池的電動(dòng)勢(shì)不變，由I可知，所測(cè)電阻R是真實(shí)的，則調(diào)零后用該表測(cè)得的電阻值與電阻的真實(shí)值相比相等，AB不符合題意；CD．電動(dòng)勢(shì)減小，歐姆表的內(nèi)阻為EIg，因此由I即在相同的電流下電動(dòng)勢(shì)越小電阻越小，因此還按原來(lái)的較大的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量故測(cè)量值偏大，D不符合題意C符合題意。故答案為：C。

【分析】（1）利用紅進(jìn)黑出可以判別其1與黑表筆相接；

（2）利用坐標(biāo)點(diǎn)進(jìn)行連線；

（3）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合圖象斜率和截距可以求出內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)的大??；

（4）利用其歐姆定律結(jié)合其電流的大小可以判別其測(cè)量電阻的誤差。13．【答案】（1）解：根據(jù)牛頓第二定律BIL解得a（2）解：由公式v