2022-2023學年河南省三門峽市瓦窯溝中心學校高一物理模擬試題含解析

2022-2023學年河南省三門峽市瓦窯溝中心學校高一物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）小明參加了學校運動會立定跳遠項目比賽，起跳直至著地過程如圖所示，則該過程中小明克服重力所做的功最接近于（）A.50J

B.500J

C.1500J

D.2000J參考答案：解：質量是50kg的中學生受到的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N；該同學從最高點至落地過程中重力所做的功大約是：W=Gh=500N×1m=500J；故選：B．2.（多選題）發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后經點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3.軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，則()A.衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B.衛(wèi)星在軌道3上的角速度等于在軌道1上的角速度C.衛(wèi)星在軌道1上經過Q點時的速率小于它在軌道2上經過Q點時的速率D.衛(wèi)星在軌道2上經過P點時的加速度等于它在軌道3上經過P點時的加速度參考答案：CD試題分析：根據得，軌道3的半徑大于軌道1的半徑，則衛(wèi)星在軌道3上的速率小于在軌道1上的速率，故A錯誤；根據得，，軌道3的半徑大于軌道1的半徑，則衛(wèi)星在軌道3上的角速度小于軌道1上的角速度，故B正確；衛(wèi)星從軌道1上的Q點進入軌道2，需點火加速，可知衛(wèi)星在軌道1上經過Q點的速率小于它在軌道2上經過Q點的速率，故C正確；根據，得，則知，同一點加速度相同，則衛(wèi)星在軌道2上經過P點時的加速度等于它在軌道3上經過P點時的加速度，故D錯誤。考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系【名師點睛】本題關鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度和角速度的表達式，再進行討論．知道知道衛(wèi)星變軌的原理，衛(wèi)星通過加速或減速來改變所需向心力實現變軌。3.將物體豎直向上拋出，設空氣阻力大小不變，則物體上升到最高點所需的時間及加速度與由最高點落回原處所需時間及加速度相比較：ks5uA．上升加速度大于下降加速度

B．上升加速度小于下降加速度C．上升時間大于下降時間

D．上升時間小于下降時間參考答案：AD4.在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，（1）本實驗應用的實驗方法是

法．（2）下列說法中正確的是

．A．在探究加速度與質量的關系時，應該改變拉力的大小B．在探究加速度與外力的關系時，應該改變小車的質量C．在探究加速度a與質量m的關系時，為了直觀判斷二者間的關系，應作出a－圖象D．當小車的質量遠大于砝碼盤和砝碼的總質量時，才能近似認為細線對小車的拉力大小等于砝碼盤和砝碼的總重力大?。?）某同學測得小車的加速度a和拉力F的數據如下表所示：（小車質量保持不變）①根據表中的數據在坐標圖8上作出a-F圖象．②產生實驗誤差的原因可能是

．F/N0.200.300.400.500.60a/m·s-20.100.200.280.400.52參考答案：(1)控制變量法

(2)CD

(3)圖略

（4）未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力5.質量相等的氫氣和氧氣，溫度相同，不考慮分子間的勢能，則（

）

A.氧氣的內能較大

B.氫氣的內能較大C.兩者內能相等

D.氫氣分子的平均動能較大參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.質量為4x103kg的汽車，發(fā)動機的額度功率為P=40kw，汽車從靜止開始以a=0.5m/s2的加速度行駛，所受阻力為2x103N，則汽車勻加速行駛的最長時間是

S；汽車達到的最大速度為

m/s。參考答案：20

207.（3分）物體做初速度為零的勻加速直線運動，它在第二秒內的平均速度比它在第三秒內的平均速度小4m/s，則物體在前3s內的平均速度大小為____________。參考答案：6m/s8.如果鐘表的指針都做勻速圓周運動，鐘表上秒針的角速度為

rad/s(保留π)參考答案：π/30

9.牛頓力學認為，無論靜止還是運動，一只鐘“滴答”一次的時間間隔、一把尺的長度(即空間間隔)以及一個物體的質量，總是不變的；而在愛因斯坦的相對論中，與靜止時相比，運動的鐘

、運動的尺_____________、運動物體的質量______________。因此說，時間、空間和質量(即慣性)這三個基本的物理量，在牛頓力學中都是“絕對的”，但是在相對論中則都是“相對的”。參考答案：變慢；縮短；增加10.A物體做勻速直線運動，速度是2m/s，A出發(fā)4s后，B物體從同一地點從靜止開始出發(fā)做勻加速直線運動，加速度是2m/s2，且A、B運動方向相同，B出發(fā)后s才能追上A，A、B相遇前的它們的最大距離為m．參考答案：4；9．【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系．【分析】結合位移相等，運用運用運動學公式求出追及的時間．當兩者速度相等時，相距最遠，結合速度時間公式和位移公式求出最大距離．【解答】解：設B出發(fā)后經t時間趕上A，則有：代入數據解得：t=4s；由題意在A、B相遇前，兩者速度相等時，距離最大，設B出發(fā)后經t0時間，兩者速度相等．則有：，此時A的位移：x1=v（t0+4）=2×（1+4）=10mB的位移：A、B間距離：△x=x1﹣x2=10﹣1=9m故答案為：4；9．11.下列關于物理學史實的描述，正確的是(

)A．開普勒最早提出了日心說B．牛頓發(fā)現了萬有引力定律，并測定了萬有引力常量C．海王星是人們依據萬有引力定律計算的軌道而發(fā)現的D．天王星是人們依據萬有引力定律計算的軌道而發(fā)現的參考答案：C12.如圖所示，質量為2.0×103kg的汽車在水平公路上行駛，當汽車經過半徑為50m的彎路時，車速為10m/s．此時汽車轉彎所需要的向心力大小為

N．若輪胎與路面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且動摩擦因數μ為0.75，請你判斷這輛車在這個彎道處會不會發(fā)生側滑

（填“會”或“不會”）．參考答案：4.0×103；不會．【考點】向心力；靜摩擦力和最大靜摩擦力．【分析】汽車轉彎時做圓周運動，重力與路面的支持力平衡，由側向靜摩擦力提供向心力，可求出所需向心力與側向最大靜摩擦力比較，從而作出判斷．【解答】解：解：汽車轉彎的速度為：v=10m/s汽車轉彎時做圓周運動，所需要的向心力為：Fn=m==4.0×103N．因為fm=μmg=0.75×2.0×104N=1.5×104N＞4×103N，不會側滑．故答案為：4.0×103；不會．13.起重機以恒定功率從地面豎直提升一重物，經t時間物體開始以速度v勻速運動，此時物體離地面高度h=

.參考答案：vt-三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一個物體沿著直線運動，其v﹣t圖象如圖所示。（1）物體在哪段時間內做加速運動？（2）物體在哪段時間內做減速運動？（3）物體的速度方向是否改變？（4）物體的加速度方向是何時改變的？t＝4s時的加速度是多少？參考答案：（1）物體在0﹣2s內做加速運動；（2）物體在6s﹣8s時間內做減速運動；（3）物體的速度方向未發(fā)生改變；（4）物體的加速度方向在6s末發(fā)生改變，t＝4s時的加速度是0【詳解】（1）在0﹣2s內速度均勻增大，做加速運動；（2）在6s﹣8s速度不斷減小，做減速運動；（3）三段時間內速度均沿正方向，故方向不變；（4）圖象的斜率表示加速度，由圖可知，0﹣2s的加速度方向和6s﹣8s加速度方向不同，所以加速度方向在6s末發(fā)生變化了，t＝4s物體做勻速直線運動，加速度為零15.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中(電源頻率為50Hz)。

（1）下列說法中不正確或不必要的是______。（填選項前的序號）

A．長木板的一端必.須墊高，使小車在不掛鉤碼時能在木板上做勻速運動

B．連接鉤碼和小車的細線應與/長木板保持平行

C．小車應靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車

D.

選擇計數點時，必須從紙帶上第一個點開始

(2)如圖所示是實驗中打下-的一段紙帶，打計數點2時小車的速度為____m/s，其余計數點1、3、4、5對應的小車瞬時速度已在坐標紙上標出。

(3)在坐標紙上補全計數點2對/的數據，描點作圖，求得小車的加速度為_______m/s2。參考答案：

(1).AD

(2).0.60

(3).如圖所示（1）此實驗要研究小車的勻加速直線運動，所以不需要平衡摩擦力，選項A不必要；連接鉤碼和小車的細線應與長木板保持平行，選項B有必要；小車應靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車，選項C有必要；選擇計數點時，應該從點跡較清晰的開始選點，沒必要必須從紙帶上第一個點開始，選項D不必要；故選AD.（2）根據圖中x1=3.80cm=0.0380m，x3=15.70cm=0.1570m，所以有：；

（3）根據描點作一條過原點的直線，如圖所示：

直線的斜率即為小車的加速度，所以加速度為：．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，輕桿長為2L，中點裝在水平軸O點，兩端分別固定著小球A和B，A，B球質量分別為2m、m，整個裝置在豎直平面內繞O軸做圓周運動，不計摩擦和空氣阻力，當A球達到最高點時，球A與桿之間恰好無相互作用，已知重力加速度為g，求：（1）求此時桿對B球的作用力的大小和方向；（2）求當B球轉到最高點時，B球的速度是多少，以及此時桿所受O軸力大小和方向？參考答案：解：（1）設圖示位置A、B兩球的速率為v，且桿對B球的作用力為F，則對A球有：2mg=2…①對B球有：F﹣mg=…②由①②兩式得：F=2mg，方向豎直向上（2）設當B求到達最高點時速度為v1，此過程機械能守恒，有：2mg×2L﹣mg×2L=×3m﹣…③解得：v1=設此時桿對AB的作用力分別為F1、F2，對A由牛頓第二定律得：F1﹣2mg=…④解得：F1=mg，方向豎直向上．對B同理可得：F2+mg=…⑤解得：F2=mg，方向豎直向下．由牛頓第三定律得，球A對桿的拉力為：F1′=F1=mg，方向豎直向下．球B對桿的拉力為：F2′=F2=mg，方向豎直向上．對桿由平衡條件可得：F=F1′﹣F2′=mg，方向豎直向上．答：（1）求此時桿對B球的作用力的為2mg，方向豎直向下；（2）