山東省郯城縣美澳學校2024屆高二物理第一學期期中檢測試題含解析

山東省郯城縣美澳學校2024屆高二物理第一學期期中檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，實線是電場中一簇方向未知的電場線，虛線是一個帶正電粒子從a點運動到b點的軌跡，若帶電粒子只受電場力作用，粒子從a點運動到b點的過程中（）A．粒子的電勢能逐漸減小B．粒子的電勢能逐漸增加C．粒子運動的加速度逐漸增大D．粒子運動的速度逐漸增大2、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A．電路中每通過1C的電量，電源就把2J的電能轉(zhuǎn)化為化學能B．蓄電池兩極的電壓為2VC．蓄電池在1秒內(nèi)將2J的化學能轉(zhuǎn)化為電能D．蓄電池將化學能轉(zhuǎn)化為電能的本領比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的大3、如圖所示直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡L1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L1串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡L1恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)電阻為0.67ΩB．燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC．把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低D．由于小燈泡L1的U﹣I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程中歐姆定律不適用4、利用靜電計研究平行板電容器的電容與哪些因素有關的實驗裝置如圖所示，則下面哪些敘述符合實驗中觀察到的結(jié)果()A．左板向左平移，靜電計指針偏角變小B．左板向上平移，靜電計指針偏角變小C．保持兩板不動，在兩板間插入一塊絕緣介質(zhì)板，靜電計指針偏角變小D．保持兩板不動，在兩板間插入一塊金屬板，靜電計指針偏角變大5、一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計）．小孔正上方處的P點有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回．若將下極板向上平移，則從P點開始下落的相同粒子將（）A．打到下極板上 B．在下極板處返回C．在距上極板處返回 D．在距上極板處返回6、以下說法符合歷史事實的是（）A．伽利略總結(jié)了導師第谷留下的大量天文觀測數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)了行星三大定律B．庫侖采用放大法，利用扭秤裝置測出了萬有引力常量．因此被譽為第一個稱量地球質(zhì)量的人C．法拉第首先提出了電場的概念，而且為了形象地描述電場，他又引入了電場線的概念D．牛頓對自由落體運動進行了深入仔細的研究，將理想斜面實驗的結(jié)論合理外推，得出自由落體運動是勻變速運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有三個電阻的阻值及額定功率分別為R1＝10Ω，P1＝10W，R2＝20Ω，P2＝80W，R3＝5Ω，P3＝20W，它們組成的電路如圖(甲)、(乙)、(丙)所示。下列關于各圖的說法正確的是A．圖(甲)兩端允許加的最大電壓為35VB．圖(乙)電路允許通過的最大電流為5.5AC．圖(丙)兩端允許加的最大電壓為17.5VD．圖(丙)電路允許消耗的最大功率為110W8、如圖所示的電路中，A、B兩燈原來正常發(fā)光，忽然B燈比原來亮了，這是因為電路中某一處發(fā)生斷路故障造成的，那么發(fā)生這種故障可能是（）A．R1斷路 B．R2斷路 C．R3斷路 D．燈A斷路9、如圖所示，某電場的電場線分布關于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MN。P點在y軸右側(cè)，MP⊥ON。則A．M點場強大于N點場強B．M點電勢與P點的電勢相等C．將正電荷由O點移動到P點，電場力做負功D．在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸正方向做直線運動10、一根粗細均勻的金屬導線阻值為R，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導線的電流強度為I，金屬導線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，已知電流微觀式為I=neSV，其中n為單位體積電子個數(shù)，e為元電荷，S為導線模截面積，則下列說法中正確的是A．此時金屬導線的阻值為4RB．此時通過金屬導線的電流為C．此時自由電子定向移動的平均速率為D．此時自由電子定向移動的平均速率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖為研究磁場對通電導線的作用力的實驗，問：（1）若閉合開關，導體棒AB受到的安培力方向_____（“向左”或“向右”）（2）如果向右滑動“滑動變阻器”觸頭，導體棒AB受到安培力方向_____（“反向”或“不變”），安培力大小_____（“變大”、“不變”或“變小”）12．（12分）有一節(jié)干電池，電動勢約為，內(nèi)阻約為某實驗小組為了比較準確的測量其電動勢和內(nèi)阻，在實驗室找到了如下器材：A．電流表A量程，內(nèi)阻約為B．電流表G量程，內(nèi)阻C．定值電阻D．定值電阻E.滑動變阻器，額定電流F.滑動變阻器，額定電流G.開關S和導線若干．(1)因缺少電壓表，該組同學準備利用電流表G與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，為較好的滿足測量需要，定值電阻應選擇______填“C”或“D”；為操作方便，滑動變阻器應選擇______填“E”或“F”．(2)該小組根據(jù)實驗原理圖連接線路、測量數(shù)據(jù)、并在坐標紙上描點連線，得到相應的圖線如圖，其中I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)，則該電源的電動勢E=____________V，內(nèi)阻r=______(兩空均保留三位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板A、B水平放置，組成平行板電容器，兩板間的距離d=0.05m。兩板之間有一個質(zhì)量m=1.0×10－3kg，電荷量q=＋1.0×10－6C的帶電油滴恰好處于靜止狀態(tài)。重力加速度g=10m/s2。(1)判斷金屬板A帶何種電荷？(2)求兩極板間的電壓大小。14．（16分）在如圖所示的豎直平面內(nèi),水平軌道CD和傾斜軌道GH與半徑r=m的光滑圓弧軌道分別相切于D點和G點,GH與水平面的夾角θ=37°．過G點、垂直于紙面的豎直平面左側(cè)有勻強磁場,磁場方向垂直于紙面向里,磁感應強度B=1.25T;過D點、垂直于紙面的豎直平面右側(cè)有勻強電場,電場方向水平向右,電場強度E=1×104N/C．小物體P1質(zhì)量m=2×10-3kg、電荷量q=+8×10-6C,受到水平向右的推力F=9.98×10-3N的作用,沿CD向右做勻速直線運動,到達D點后撤去推力．當P1到達傾斜軌道底端G點時,不帶電的小物體P2在GH頂端靜止釋放,經(jīng)過時間t=0.1s與P1相遇．P1和P2與軌道CD、GH間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,物體電荷量保持不變,不計空氣阻力．求:(1)小物體P1在水平軌道CD上運動速度v的大小;(2)傾斜軌道GH的長度s．15．（12分）在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ＝37°的光滑斜面上的M點和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對應平面平行．勁度系數(shù)k＝5N/m的輕彈簧一端固定在O點，一端用另一輕繩穿過固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場強E＝5×104N/C、方向水平向右的勻強電場中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA＝0.1kg和mB＝0.2kg，B所帶電荷量q＝＋4×10－6C．設兩物體均視為質(zhì)點，不計滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電荷量不變．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.(1)求B所受靜摩擦力的大??；(2)現(xiàn)對A施加沿斜面向下的拉力F，使A以加速度a＝0.6m/s2開始做勻加速直線運動．A從M到N的過程中，B的電勢能增加了ΔEp＝0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4.求A到達N點時拉力F的瞬時功率．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

根據(jù)運動軌跡彎曲方向判定電場力方向，然后根據(jù)電性判斷電場線方向，從而判斷電勢高低，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；【題目詳解】A、由粒子的運動軌跡可知，帶電粒子所受的電場力向左，從a點運動到b點電場力做負功，電勢能增大，故A錯誤，B正確；C.電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，則a點電場力大于b點電場力，a點加速度大，故C錯誤；D.從a點運動到b點電場力做負功，根據(jù)動能定理可知動能減小，則速度減小，故D錯誤．【題目點撥】解決這類帶電粒子在電場中運動問題的關鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場力，利用電場中有關規(guī)律求解．2、D【解題分析】

A．鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功為2J，即把2J的化學能轉(zhuǎn)化為電能，故A錯誤；B．蓄電池兩極間沒有接入外電路時，即電源斷路時，電源兩極間的電壓等于2V，故B錯誤；C．電源的電動勢表示將1C的電量轉(zhuǎn)移時做功為2J，但并不明確做功的時間，故C錯誤；D．電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領，鉛蓄電池的電動勢比一節(jié)干電池的電動勢大，故D正確。3、B【解題分析】

電源的U-I曲線與燈泡伏安特性曲線的交點表示該燈泡與該電源連接時的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動勢從而可算出燈泡的額定功率．根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化．燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用．【題目詳解】由圖讀出：電源的電動勢E=4V，內(nèi)阻，故A錯誤．兩圖線的交點表示小燈泡D1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V，額定電流I=2A，則額定功率為P=UI=6W，故B正確．燈泡D1的電阻，換成一個“3V，20W”的燈泡D2，燈泡D2的電阻，可知其電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變大，故C錯誤；燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，故D錯誤．故選B．【題目點撥】解決這類問題的關鍵在于從數(shù)學角度理解圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點等方面進行分析，更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵．4、C【解題分析】

將左板向左平移，板間距離變大，根據(jù)C=εS4πkd，電容器電容C減小，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差變大，則靜電計指針偏角變大。故A錯誤。將左板向上平移，兩板正對面積減小，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差增大，則靜電計指針偏角變大。故B錯誤。在兩板之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，電容增大，而電容器的電量Q不變，由C=Q/U分析可知，電容器兩板間電勢差減小，則靜電計指針偏角變小。故C正確。保持兩板不動，在兩板間插入一塊金屬板，則板間距相當于減小，電容變大，根據(jù)C=Q/U可知兩板電勢差減小，則靜電計指針偏角變小，選項D【題目點撥】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是電容與哪些因素有什么關系，記住兩個公式C=εS4πkd5、D【解題分析】設帶電粒子的質(zhì)量為m，電容器兩基板的電壓為U，由動能定理得，若將下極板向上移動d/3，設帶電粒子在電場中下降h，再由動能定理得，聯(lián)立解得，所以帶電粒子還沒達到下極板就減速為零，D正確．【考點定位】動能定理、電場力做功、勻強電場電場強度和電勢差的關系6、C【解題分析】A項：開普勒最早發(fā)現(xiàn)了行星運動的三大規(guī)律，故A錯誤；B項：萬有引力常量是卡文迪許測出的，故B錯誤；C項：法拉第首先提出了電場概念，并用電場線簡潔、形象的描述電場，故C正確；D項：伽利略對自由落體運動進行了深入仔細的研究，將理想斜面實驗的結(jié)論合理外推，得出自由落體運動是勻變速運動，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A．由公式可得：同理可求得的額定電流，的額定電流，當三個電阻串聯(lián)時最大電流為，兩端允許加的最大電壓為故A正確；B．由公式，可得同理可求得電阻、的額定電壓分別為、，當三個電阻串聯(lián)時最大電壓為，所以最大電流為圖(乙)電路允許通過的最大電流為3.5A，故B錯誤；C．由前面分析可知、并聯(lián)時最大電壓為10v，并聯(lián)后總電流為1.5A，流過時的電流最大小1.5A，兩端電壓大小為所以兩端允許加的最大電壓為故C正確；D．圖(丙)電路允許消耗的最大功率故D錯誤；故選AC。8、AC【解題分析】由于電源內(nèi)阻不計，故路端電壓為電源的電動勢，所以R1斷路時，燈A和B兩端電壓不變，故B燈亮度不會發(fā)生變化，A選項錯誤．對B選項，當R2斷路時，會使A燈兩端電壓升高，B燈兩端電壓降低，B燈應變暗，故B選項錯誤，同理可知D選項也錯誤．對于C選項，當R3斷路時，會使B燈兩端電壓升高，A燈兩端電壓降低，故B燈變亮，因此正確選項為C.9、AD【解題分析】

A、從圖像上可以看出，M點的電場線比N點的電場線密集，所以M點場強大于N點場強，故A對；B、沿著電場線電勢在降低，由于電場不是勻強電場，所以M和P點不在同一條等勢線上，所以M點電勢與P點的電勢不相等，故B錯；C、結(jié)合圖像可知：O點的電勢高于P點的電勢，正電荷從高電勢運動到低電勢，電場力做正功，故C錯；D、在O點靜止釋放一帶正電粒子，根據(jù)電場線的分布可知，正電荷一直受到向上的電場力，力與速度在一條直線上，故粒子做直線運動，故D對；故選AD10、ABC【解題分析】

將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋叮?，根?jù)電阻定律分析電阻的變化，由歐姆定律分析電流的變化．由電流的微觀表達式I=nevS分析平均速率v的變化．【題目詳解】A項：將金屬導線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋?，根?jù)電阻定律分析得到，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；B項：根據(jù)歐姆定律可知，電流I變?yōu)樵瓉淼模礊?，故B正確；C、D項：電流的微觀表達式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的，橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t自由電子定向移動的平均速率為，故C正確，D錯誤．故應選ABC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、向左不變變小【解題分析】

(1)[1]利用左手定則可以判斷受力方向向左；(2)[2][3]當向右滑動“滑動變阻器”觸頭時，阻值增大，電流變小，方向不變，所以導體棒AB受到安培力方向不變，安培力大小變小。12、CE1.480.840【解題分析】

(1)[1][2]由于沒有電壓表，可以用電流表G與定值電阻串聯(lián)組成電壓表測電壓，改裝后電壓表的量程若電流表G與定值電阻串聯(lián)組成電壓表的量程電源電動勢約為1.5V，所以只需改裝成2V的電壓表，故定值電阻選擇C；因電源內(nèi)阻較小，為了有效調(diào)節(jié)電路中的電流，滑動變阻器選擇總阻值較小的E；(2)[3][4]設為電流表的示數(shù)，為電流表G的示數(shù)，數(shù)值遠大于的數(shù)值，可以認為電路電流，在閉合電路中，電源電動勢：則：由圖示圖像可知，圖像縱軸截距：則：電源電動勢：圖像斜率：解得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)A板負電(2)U=500V【解題分析】

(1)油滴能恰好在平行板電容器間靜止，則電荷所受的電場力方向向上，可斷定：A板帶負電(2)油滴能恰好在平行板電容器間靜止，有解得：14、（1）4m/s（2）0.56m【解題分析】

（1）設小物體P1在勻強磁場中運動的速度為v，受到水平外力F，重力mg，支持力N