2024屆河北省灤州第一中學高二物理第一學期期中復習檢測模擬試題含解析

2024屆河北省灤州第一中學高二物理第一學期期中復習檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電場中有A、B、C三點，電量為2×10-8C的負電荷從A移到B，電場力做功為4×10-6J的負功，電量為3×10-8C的正電荷從A移到C，電場力做功為9×10-6J的負功。如果這三點在同一條電場線上，順著電場線方向這三點位置的排列次序是（）A．A、B、C B．C、A、B C．B、A、C D．A、C、B2、智能手機耗電量大，移動充電寶應運而生，它是能直接給移動設備充電的儲能裝置．充電寶的轉化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60-0.70之間(包括移動電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗)．如圖為某一款移動充電寶，其參數(shù)見下表，則容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手機和平板電腦邊充邊放否保護電路是輸入DC5V2AMAX輸出USBl：DC5VlAUSB2：DC5V2.1A尺寸140x63×22mm轉換率0.6顯示方式液晶顯示重量約285gA．充電寶充電時將化學能轉化為電能B．該充電寶最多能儲存能量為1.8×105JC．該充電寶電量從零到完全充滿電的時間約為3hD．該充電寶給電量為零、容量為2000mAh的手機充電，則理論上能充滿5次3、某直流電動機兩端所加電壓為U=110V，流過電動機的電流為I=2A，在1s內(nèi)將的物體勻速提升（取gA．電動機的繞線內(nèi)阻為55ΩB．直流電動機輸出功率為220WC．電動機繞線兩端的電壓為5VD．電動機繞線產(chǎn)生的電熱功率為20W4、如圖所示，質量為m的帶電小球A用絕緣細線懸掛于O點，處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)施加一水平向右的勻強電場后，A向右擺動，擺動的最大角度α=60°，則A受到的電場力大小為A．3mgB．33mgC．mgD．35、物理學家通過艱苦的實驗來探究自然的物理規(guī)律,為人類的科學事業(yè)做出了巨大貢獻,值得我們敬仰。下列描述中符合物理學史實及物理思想方法的的是A．奧斯特提出了用電場線形象直觀的描繪抽象的電場B．安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應并提出了分子電流假說C．電荷量e的數(shù)值最早是由美國物理學家富蘭克林測得的D．電場場強E=FQ和感應強度6、當在電場中某點放入電荷量為q的正試探電荷時，測得該點的電場強度為E，若在同一點放入電荷量為q′＝2q的負試探電荷時，測得該點的電場強度（）A．大小為2E，方向與E相同 B．大小為2E，方向與E相反C．大小為E，方向與E相同 D．大小為E，方向與E相反二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，閉合金屬導線框放置在豎直向上的勻強磁場中，勻強磁場的磁感應強度隨時間變化，下列說法正確的是()A．當磁感應強度增加時，線框中的感應電流可能減小B．當磁感應強度增加時，線框中的感應電流一定增大C．當磁感應強度減小時，線框中的感應電流一定增大D．當磁感應強度減小時，線框中的感應電流可能不變8、一根粗細均勻的金屬導線，兩端加電壓為U時，通過導線的電流強度為I，導線中自由電子定向移動的平均速率為v；若導線均勻拉長，使其半徑變?yōu)樵瓉淼模瑑啥穗妷喝詾閁，則（）A．通過導線的電流強度為I B．通過導線的電流強度為IC．自由電子定向移動的平均速率為v D．自由電子定向移動的平均速率為v9、關于摩擦起電現(xiàn)象，下列說法正確的是()A．摩擦起電現(xiàn)象使本來沒有電子和質子的物體中產(chǎn)生電子和質子B．兩種不同材料的絕緣體互相摩擦后，同時帶上等量異種電荷C．摩擦起電，可能是因為摩擦導致質子從一個物體轉移到了另一個物體而形成的D．絲綢摩擦玻璃棒時，電子從玻璃棒上轉移到絲綢上，玻璃棒因質子數(shù)多于電子數(shù)而顯正電10、如圖所示，在勻強電場中有直角三角形△BOC，電場方向與三角形所在平面平行，若三角形三頂點處的電勢分別為φO=4.5V、φB=0V、φC=9V，且邊長OB=33cm，BC=63cm，則下列說法中正確的是A．電場強度的大小為1003B．電場強度的大小為100V/mC．一個電子由B點運動到C點，電場力做正功D．一個電子在O點由靜止釋放后會沿直線OB運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）電流表G1的滿偏電流Ig=5mA，內(nèi)阻r=290Ω，把它改裝成如圖所示的一個多量程多用電表，電流、電壓和電阻的測量都各有兩個量程。當開關S接到1或2位置時為電流檔，其中小量程為0—10mA，大量程為0—100mA。（1）（多選）關于此多用電表，下列說法正確的是________（填字母代號）。A．開關S接到位置4、5時是歐姆檔，歐姆表內(nèi)阻相等，只是測量倍率不同B．開關S接到位置5、6時是電壓檔，接到位置6比接到位置5時的量程大C．無論做什么電表使用，表盤的刻度都是均勻的D．無論做什么電表使用，必須使電流從A表筆流入電表，從B表筆流出電表（2）當把開關S接到位置4時，先短接A、B進行歐姆調(diào)零，而后將一已知阻值為3600Ω電阻R接到兩表筆間，指針恰好偏轉到電流表G1滿刻度的1/3處，則該歐姆表的內(nèi)阻為______Ω。12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗儀器如圖．要求測量時電壓從很小的值開始，在圖中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路并畫出電路圖。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，粒子發(fā)射器發(fā)射出一束質量為m，電荷量為q的粒子(不計重力)，從靜止經(jīng)加速電壓加速后，沿垂直于電場方向射入兩平行板中央，受偏轉電壓作用后，以某一速度離開電場。已知平行板長為L，兩板間距離為d，求：(1)粒子進入偏轉電場速度v0(2)粒子在偏轉電場中運動的時間t；(3)粒子在離開偏轉電場時的縱向偏移量y。14．（16分）如圖所示，AB、CD是一對相距為2h帶有等量異號電荷的平行金屬板，板長為L，兩板之間某處的電場強度為E，OO/是金屬板間的中線．在A端并貼近AB板有一帶電粒子源P，能持續(xù)沿平行于AB板方向發(fā)射比荷為k，質量相同，初速度不同的帶電粒子，經(jīng)一段時間均能從O/D之間射出電場．求：（1）兩平行金屬板間的電勢差U；（2）帶電粒子過O/處垂直于電場方向的速度；（3）板長L與h滿足什么關系時，帶電粒子打到O/、D兩點的動能相等．15．（12分）如圖所示電路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF。當開關S1閉合、S2斷開，電路穩(wěn)定時，電源的總功率為（1）電源電動勢E和內(nèi)電阻r；（2）當S1、S（3）當S1閉合，分別計算在S

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

ABCD．根據(jù)電場力做功與電勢能的關系、電勢與電勢能的關系，電量為2×10-8C的負電荷從A移到B，電場力做功為4×10-6J的負功，即即電量為3×10-8C的正電荷從A移到C，電場力做功為9×10-6J的負功，即即綜上，ACD錯誤，B正確。故選B。2、B【解題分析】A、充電寶充電時將電能轉化為化學能，故A錯誤；B、該充電寶的容量為：q=10000mAh=10000×10-3×3600=3.6×104C，該電池的電動勢為5V，所以充電寶儲存的能量：E=E電動勢?q=5×3.6×104=1.8×105J，故B正確；C、以2A的電流為用電器供電則供電時間t=q/I==5h，故C錯誤；D、由于充電寶的轉化率是0.6，所以可以釋放的電能為：10000mA?h×0.6=6000mAh，給容量為2000mAh的手機充電的次數(shù)：n=次，故D錯誤；故選B．點睛：根據(jù)銘牌讀出充電寶的容量和電動勢，計算出儲存的電量和能量．根據(jù)電流的定義式求出該充電寶的充電時間和供電時間．3、D【解題分析】A、B、在1s內(nèi)將4kg物體緩慢提升5m，物體一直處于平衡狀態(tài)，故拉力為40N，速度為5m/s，電動機的輸出功率為：P電動機的總功率為：P電動機的發(fā)熱功率為：P根據(jù)能量守恒定律，有：P故：110I解得：R=5Ω，A錯誤C、線圈兩端電壓為110V，故C錯誤；D、線圈損耗的熱功率為：P熱=故選D。4、B【解題分析】A向右擺動，擺動的最大角度為60°，最高點受力不平衡但速度為零，根據(jù)動能定理可得：

F電Lsin60°-mgL（1cos60°）=0，解得：F電點睛：本題主要是考查動能定理，解答本題要掌握動能定理的應用方法；注意，本題不能利用共點力的平衡條件來求解．5、D【解題分析】

A項：法拉第提出了用電場線形象直觀的描繪抽象的電場，故A錯誤；B項：奧斯特現(xiàn)了電流的磁效應，安培提出了分子電流假說，故B錯誤；C項：電荷量e的數(shù)值最早是由美國物理學家密立根測得的，故C錯誤；D項：電場強度和磁感應強度都是比值定義法，且都只取決于自身的性質，故D正確。故應選：D。6、C【解題分析】

根據(jù)電場強度的定義可知電場強度是電場本身具有的屬性，和、無關，即試探電荷的大小、電性等均與源電場的場強無關，所以該點的電場強度大小仍然為E，方向與E相同，ABD錯誤，C正確。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

根據(jù)法拉第電磁感應定律，線圈中感應電動勢，感應電流，即感應電流，即感應電流大小與磁感應強度變化的快慢有關，與增加減小無關，因此答案BC錯AD對．8、BC【解題分析】

將導線均勻拉長，使其半徑變?yōu)樵瓉淼?/2，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?/4倍，導線長度要變?yōu)樵瓉淼?倍，金屬絲電阻率不變，由電阻定律R=ρ可知，導線電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍；電壓U不變，由歐姆定律I=U/R可知，電流變?yōu)樵瓉淼?/16；故A錯誤，B正確；電流I變?yōu)樵瓉淼?/16，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?//4，單位體積中自由移動的電子數(shù)n不變，每個電子粒所帶的電荷量e不變，由電流的微觀表達式I=nevS可知，電子定向移動的速率變?yōu)樵瓉淼?/4，故C正確，D錯誤；故選BC．9、BD【解題分析】摩擦起電不會造出電子和質子，也不能使質子在物體間移動，選項A、C錯誤；摩擦起電實質是由于兩個物體的原子核對核外電子的約束能力不同，因而電子在物體間轉移，若一個物體失去電子，其質子數(shù)就會比電子數(shù)多，我們說它帶正電，若一個物體得到電子，其質子數(shù)就會比電子數(shù)少，我們說它帶負電，產(chǎn)生摩擦起電的兩物體所帶電荷是“等量異種電荷”，選項B、D正確．10、BC【解題分析】

由勻強電場的特點可知，則B、C連線中點D的電勢為B、C電勢的平均值，即為4.5V.連接OD線，即為一條等勢線，作出過D的與OD垂直的線ED如圖，即電場線；由幾何關系可知,sin∠C=OB/BC=1/2所以：∠C=30°，∠B=60°D是BC的中點,則△OBD是等邊三角形，又ED⊥O，,所以DE與BD之間的夾角是30°，則電場線與OB之間的夾角也是30°，故該電場的場強方向沿∠B的角平分線向上，如圖。AB、根據(jù)電勢差與電場強度的關系：UDB=φD?φB=4.5V?0=4.5V而：UDB=E?OB˙cos30°代入數(shù)據(jù)可得：E=100V/m.故A錯誤，B正確；C.電子由B點運動到C點，電場力做的功W=-eUBC=9eV>0，為正功，故C正確；D.將電子在O點由靜止釋放后，電子將沿電場線的方向做直線運動，不會是沿OB運動。故D錯誤；故選：BC【題目點撥】根據(jù)勻強電場電勢差與距離成正比（除等勢面）特點，找出等勢面，作其垂線確定電場強度的方向．根據(jù)U=Ed求出電場強度E；根據(jù)W=qU求出電場力做功的正負。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD1800Ω【解題分析】（1）當轉換開關S旋到位置4時，表頭與電表中的電源相連接，是電阻檔，開關接5時，沒有電源，此時電阻與電流表串聯(lián)，故為電壓檔，A錯誤；當轉換開關S旋到5串聯(lián)的電阻小于旋轉到6串聯(lián)的電阻，可知旋轉到6，串聯(lián)的電阻大，分壓作用大，電壓表量程大，B正確；多用電表的歐姆檔表盤是不均勻的，C錯誤；為了讓表頭正向偏轉，無論做什么電表使用，必須使電流從A表筆流入電表，從B表筆流出電表，故D正確．（2）將一已知阻值為3600Ω電阻R接到兩表筆間，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：；而當歐姆表短接時有，聯(lián)立解得12、【解題分析】描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法．電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，滑動變阻器采用分壓接法，實物電路圖如圖所示：

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)【解題分析】

(1)由動能定理得：解得：(2)離子在偏轉電場中水平方向做勻速直線運動，則有：解得：(3)粒子在偏轉電場中做類平拋運動，則有：聯(lián)立解得：14、（1）