廣東省佛山市南海一中2024屆物理高二上期中監(jiān)測模擬試題含解析

廣東省佛山市南海一中2024屆物理高二上期中監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是()A．在電源內(nèi)部和外部電路中，正電荷都受靜電力的作用，所以能不斷地定向移動形成電流B．靜電力與非靜電力都可以使電荷移動，所以本質(zhì)上都是使電荷的電勢能減少C．在電源內(nèi)部正電荷能從負極到達正極是因為電源內(nèi)部只存在非靜電力而不存在靜電力D．靜電力移動電荷做功電勢能減少，非靜電力移動電荷做功電勢能增加2、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中一簇等勢線，相鄰等勢線之間的電勢差相等，實線為一帶正電的粒子(重力不計)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，粒子先后通過這條軌跡上的P、Q兩點，對同一粒子，據(jù)此可知()A．三個等勢線中，a的電勢最高B．粒子通過P點時的動能比通過Q點時大C．粒子通過P點時的電場力比通過Q點時大D．粒子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大3、下面關(guān)于物體的慣性的說法正確的是()A．速度大的物體慣性大B．處于天空中的物體完全失重，所以沒有慣性C．靜止的物體有慣性，自由下落的物體沒有慣性D．質(zhì)量是物體慣性的唯一量度4、關(guān)于物體的重心，下列敘述正確的是（）A．重心就是物體的幾何中心B．同一物體放置的位置不同，其重心在物體的位置也不同C．重心一定在物體上D．質(zhì)量分布均勻的規(guī)則物體，其重心在物體的幾何中心5、如圖所示是一個常用的電容器，關(guān)于它的說法中正確的是A．電容器可以儲存電荷，且?guī)щ娏吭蕉嚯娙菰酱驜．加在這個電容器兩端的電壓低于50V時它就不能工作C．加在這個電容器兩端的電壓為25V時，它的電容是110PFD．這個電容器兩端電壓變化10V，它的帶電量變化2.2×10-3C6、為了使電爐消耗的電功率減小到原來的一半，應采取下列哪項措施（）A．保持電阻不變，使電流減半；B．保持電阻不變，使電壓減半；C．保持電爐兩端電壓不變，使其電阻減半；D．使電壓和電阻各減半二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖(a)所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器．閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖(b)所示，則A．圖線甲是電壓表V2示數(shù)隨電流變化的圖線B．圖線甲延長線與U軸交點的縱坐標數(shù)值上等于電源的電動勢C．電源的最大輸出功率為3.6WD．滑動變阻器R2的最大功率為0.9W8、如圖所示，導電物質(zhì)為電子的霍爾元件樣品置于磁場中，表面與磁場方向垂直，圖中的1、2、3、4是霍爾元件上的四個接線端．當開關(guān)S1、S2閉合后，三個電表都有明顯示數(shù)，下列說法正確的是()A．通過霍爾元件的磁場方向向上B．若適當減小R1、增大R2，則電壓表示數(shù)一定增大C．僅將電源E1、E2反向接入電路，電壓表的示數(shù)不變D．接線端2的電勢低于接線端4的電勢9、下列關(guān)于電容器和電容的說法中，不正確的是()A．根據(jù)可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，跟兩板間的電壓成反比B．對于確定的電容器，其所帶的電荷量與兩板間的電壓(小于擊穿電壓且不為零)成正比C．無論電容器的電壓如何變化(小于擊穿電壓且不為零)，它所帶的電荷量與電壓比值恒定不變D．電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，其大小與加在兩板上的電壓無關(guān)10、目前有一種磁強計,用于測定地磁場的磁感應強度。磁強計的原理如右圖所示,電路有一段金屬導體,它的橫截面是寬為d、高為h的長方形,放在豎直向下的勻強磁場中,磁感應強度為B，導體中通有沿水平向右、大小為I的恒定電流。兩電極M、N均與金屬導體的前后兩側(cè)接觸,用電壓表測出金屬導體前后兩個側(cè)面間的電勢差為U。已知金屬導體單位體積中的自由電子數(shù)為n,電子電荷量為e,M、N兩點的電勢分別為ΦM、ΦN，下列說法正確的是()A．磁感應強度B=nehU/I，電勢差U越大表明磁場越強B．增大h時，電勢差U增大C．電子定向移動的方向水平向左，ΦM<ΦND．電子定向移動速率v=I/nedh三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要用實驗描繪小燈泡的伏安特性曲線，已知待測小燈泡的額定電壓6V，額定功率約為3W，提供的器材有：量程為1．6A，內(nèi)阻約為1．5的電流表Al；量程為3A，內(nèi)阻約為1．1的電流表A2；量程為3V，內(nèi)阻為3k的電壓表V1阻值是1～11，額定電流是2A的滑動變阻器R1；阻值是1～511，頗定電流是lA的滑動變阻器R2；定值電阻R3=1k；定值電阻R4=3k；電源電動勢為9V，內(nèi)阻約為1．1；開關(guān)一個，導線若干．（1）為了保證實驗的測量精度和操作方便，并能測出小燈泡的額定功率，在可供選擇的器材中．應該選用的電流表是，滑動變阻器是(填儀器的字母代號)．（2）根據(jù)所選的器材，在虛線框中畫出完整的實驗電路圖，并標出器材代號．（3）實驗中，電壓表的示數(shù)為V時，可測出燈泡的額定功率．12．（12分）某同學利用一只電流表和一個電阻箱測定電源的電動勢和內(nèi)電阻，使用的器材還有開關(guān)一個、導線若干，實驗原理如甲所示。（1）在圖乙的實物圖中，已正確連接了部分電路，請完成其余電路的連接______。（2）接通開關(guān)，多次改變電阻箱的阻值R，同時讀出對應的電流表的示數(shù)I，并作記錄，畫出R－關(guān)系圖線，如圖丙所示。則圖線斜率的物理意義是______；若電流表內(nèi)阻RA＝0.1Ω，由圖線求得電源的電動勢E＝______V，內(nèi)阻r＝______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在一個水平面上建立x軸，在過原點O垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一個勻強電場，電場強度大小E＝6.0×105N/C，方向與x軸正方向相同。在O處放一個電荷量q＝－5.0×10－8C，質(zhì)量m＝1.0×10－2kg的絕緣物塊。物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.20，沿x軸正方向給物塊一個初速度v0＝2.0m/s，如圖所示。g取10m/s2，求物塊最終停止時的位置。14．（16分）如圖所示，一束電子（電子帶電量為e）以速度v0垂直射入磁感應強度為B，寬為d的勻強磁場中，穿出磁場的速度方向與電子原來的入射方向的夾角為30°，重力不計：(1)求電子的質(zhì)量；(2)求電子在磁場中運動的時間；(3)僅改變電子初速度大小，使電子剛好不能從AA′邊界射出，求此時速度大小是多少。15．（12分）一個帶電荷量的物體放在絕緣的水平地面上，如圖甲所示，空間若加上水平方向的變化電場，其加速度隨電場力變化的圖像如圖乙所示.現(xiàn)從靜止開始計時，改用圖丙中周期性變化的水平電場作用.(g取10m/s2)(1)求物體的質(zhì)量及物體與地面間的動摩擦因數(shù)；(2)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求物體在一個周期內(nèi)的位移大??；(3)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求25s內(nèi)電場力對物體所做的功.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．在電源內(nèi)部，正電荷要受到靜電力和非靜電力作用，從負極移動到正極，故A錯誤；BＤ．非靜電力克服電場力做功，把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能，靜電力移動電荷做功電勢能減少，故B錯誤，D正確．C．在電源內(nèi)部正電荷能從負極到正極同時受到靜電力和非靜電力作用，故C錯誤．故選D.2、C【解題分析】

試題分析：根據(jù)軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直，畫出P、Q兩點處場強的方向，如圖：則可知，三個等勢面中的，a的電勢最低，故A錯誤；根據(jù)電場線的疏密可知，P點的電場強度大于Q點，則帶電質(zhì)點在P點受到的電場力大于Q點，故B錯誤；若質(zhì)點從P到Q過程，電場力做負功，質(zhì)點的電勢能增大，動能減小，則質(zhì)點在P點時的動能比通過Q點時大，故C正確，D錯誤；【考點定位】等勢面、電勢、電勢能【題目點撥】根據(jù)合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)和電場線與等勢線垂直，確定電場力的方向，判斷電勢的高低．由電場力做功的正負判斷電勢能的變化．電場力做正功，質(zhì)點的電勢能減小，動能增大；電場力做負功，質(zhì)點的電勢能增大，動能減?。鶕?jù)等差等勢面密處場強大，判斷場強大小，確定加速度的大?。?、D【解題分析】質(zhì)量是物體慣性的唯一量度，與速度大小無關(guān)，則選項D正確，B錯誤；處于天空中的物體完全失重，但是由于質(zhì)量不變，則仍具有慣性，選項C錯誤；靜止的物體和自由下落的物體都有慣性，選項C錯誤；故選D.4、D【解題分析】

重力的作用點叫做重心，并不一定是物體的幾何中心，故A錯誤；重心位置與物體的重量分布情況和形狀有關(guān)，與物體的位置無關(guān)，故B錯誤；物體的重心不一定在物體上，如空心的球體重心在球心上，不在物體上，故C錯誤；重心位置與物體的重量分布情況和形狀有關(guān)，故質(zhì)量分布均勻的規(guī)則物體，其重心在物體的幾何中心，故D正確；故選D.【題目點撥】重力的作用點叫做重心，物體的重心與物體的質(zhì)量分布及物體形狀有關(guān)，質(zhì)量分布均勻、形狀規(guī)則的物體其重心在它的幾何中心．可以用懸掛法確定物體的重心.5、D【解題分析】

A．電容器可以儲存電荷，但電容的大小與帶電量和電壓等無關(guān)，故A錯誤；B．50V是電容器能正常工作的最大電壓，加在這個電容器兩端的電壓低于50V時它同樣可以正常工作，故B錯誤；C．電容的大小與所加電壓無關(guān)，加在這個電容器兩端的電壓為25V時，它的電容是220PF，故C錯誤；D．這個電容器兩端電壓變化10V，它的帶電量變化△Q=△UC=10×220×10-6=2.2×10-3C；故D正確。6、D【解題分析】

A、由可知，保持電阻不變，使電流減半，功率變?yōu)樵瓉淼?；錯誤B、由可知，保持電阻不變，使電壓減半，功率變?yōu)樵瓉淼?；錯誤C、由可知，保持電爐兩端電壓不變，使其電阻減半，則功率變?yōu)樵瓉淼?倍；錯誤D、由可知，使電壓和電阻各減半，則功率變?yōu)樵瓉淼?；正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】

A．當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可以知道電路電流增大；而R1兩端的電壓增大,R2兩端的電壓減小,故乙表示是V1示數(shù)的變化;甲表示V2示數(shù)的變化;故A正確;B．當把R1和電源和一起看成等效電源時，V2示數(shù)表示的是外電壓，所以圖線甲延長線與U軸交點的縱坐標數(shù)值上等于電源的電動勢，故B正確.C．由圖可以知道,當只有R1接入電路時,電路中電流為0.6A,電壓為4.5V,則由:可得:當滑動變阻器全部接入時,兩電壓表示數(shù)之比為,故:由閉合電路歐姆定律可得:計算得出：,；因當電源的內(nèi)電阻等于外電阻時電源的輸出功率最大,故當外阻等于時，電源的輸出功率最大,故此時電流：故電源的最大輸出功率：故C錯誤;D．由C的分析可以知道R1的阻值為，R2電阻為；當R1等效為電源的內(nèi)阻,即當滑動變阻器的阻值等于時,滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為時,滑動變阻器消耗的功率最大,由閉合電路歐姆定律可得,電路中的電流：則滑動變阻器消耗的總功率：所以D錯誤;8、CD【解題分析】

根據(jù)安培定則可知，磁場的方向向下，故A錯誤；適當減小R1，電磁鐵中的電流增大，產(chǎn)生的磁感應強度增大，而當增大R2，霍爾元件中的電流減小，所以霍爾電壓減小，即電壓表示數(shù)一定減小，故B錯誤；當調(diào)整電路，將電源E1、E2反向接入電路，使通過電磁鐵和霍爾元件的電流方向相反，由左手定則可知洛倫茲力方向不變，即2、4兩接線端的電勢高低關(guān)系不發(fā)生改變，電壓表的示數(shù)不變，故C正確；通過霍爾元件的電流由1流向接線端3，負電子移動方向與電流的方向相反，由左手定則可知，負電子偏向接線端2，所以接線端2的電勢低于接線端4的電勢，故D正確；故選CD．【題目點撥】解決本題關(guān)鍵是理解左手定則與安培定則的應用，注意電子的移動方向與電流方向相反，簡單了解霍爾元件的基本原理．9、BCD【解題分析】A項：電容的定義式是比值法定義，反映電容器本身的性質(zhì)，C與U、Q無關(guān)，不能說電容與其所帶電荷量成正比，跟兩板間的電壓成反比，故A錯誤；B項：對于確定的電容器，C一定，由Q=CU知，Q與U成正比；故B正確；C項：電容器所帶的電荷量與電壓比值等于電容，電容與電荷量、電壓無關(guān)，所以無論電容器的電壓如何變化（小于擊穿電壓且不為零），它所帶的電荷量與電壓比值恒定不變，故C正確；D項：電容器的電容是表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，由電容器本身決定，與板間電壓無關(guān)，故D正確．10、AD【解題分析】

根據(jù)左手定則判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定電勢的高低，抓住電子受到的洛倫茲力等于電場力，結(jié)合電流的微觀表達式求出磁感應強度的大小?！绢}目詳解】根據(jù)左手定則知，電子向外側(cè)偏轉(zhuǎn)，則導體N極為負極，M極為正極。自由電子做定向移動，視為勻速運動，速度設為v，則單位時間內(nèi)前進的距離為v，對應體積為vdh，此體積內(nèi)含有的電子個數(shù)為：nvdh，電量為：nevdh有：I=Δq電子受電場力和洛倫茲力平衡，有eU解得：B=eUnhA項：磁感應強度B=nehU/I，電勢差U越大說明，表明磁場越強，故A正確；B項：由B=eUnhI可知，增大h時，電勢差U減小，故C項：負電荷定向移動的方向與電流方向相反，所以電子定向移動的方向水平向左，導體N極為負極，M極為正極，故C錯誤；D項：由電流微觀表達式可知，I=nevdh，解得：v=Inedh，故故應選：AD?！绢}目點撥】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終電子受電場力和洛倫茲力處于平衡。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）（2）電路圖如下（3）3【解題分析】試題分析：（1）描繪小燈泡的伏安特性曲線，要求電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大，滑動變阻器選擇分壓式連接，因此滑動變阻器選擇阻值小的，小燈泡正常發(fā)光的額定電流,3A的電流表量程過大，所以選擇量程1.6A的．（2）滑動變阻器選擇分壓式連接．燈泡額定電壓外6v,而電壓表量程只有3v，可是已知電壓表內(nèi)阻為，確切知道其內(nèi)阻，就可以串聯(lián)定值電阻來擴大量程，要使得量程大于6v，則需要滿足，即串聯(lián)的定值電阻阻值要大于等于所以定值電阻選擇.電流表已經(jīng)選擇，由于，根據(jù)大內(nèi)偏大小外偏小，電流表選擇外接法．電路圖見答案．（3）燈泡正常發(fā)光時電壓為6v，即，解得電壓表讀數(shù)．考點：描繪小燈泡伏安特性曲線實驗設計探究12、電源電動勢1.40.6【解題分析】

(1)[1]如圖所示(2)[2][3][4]由閉合電路的歐姆定律可知得故圖象與縱坐標的交點，即電源內(nèi)阻為；圖象斜率表示電源電動勢，故四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，