模塊綜合檢測(cè)(二)

PAGE第10頁(yè)共10頁(yè)模塊綜合檢測(cè)(二)(時(shí)間：75分鐘，滿分：100分)一、選擇題(本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)是符合題目要求的，8～11題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分)1．關(guān)于電磁波的發(fā)射，下列說(shuō)法中正確的是()A．各種頻率的電磁振蕩都能輻射電磁波，只是輻射的能量所占振蕩總能量的比例不同罷了，振蕩周期越大，越容易輻射電磁波B．為了有效向外輻射電磁波，振蕩電路必須采用開放電路，同時(shí)提高振蕩頻率C．為了有效向外輻射電磁波，振蕩電路不必采用開放電路，但要提高振蕩頻率D．提高振蕩頻率和電路開放是發(fā)射電磁波的必要手段，振蕩電路開放的同時(shí)，其振蕩頻率也隨之提高解析：選B根據(jù)振蕩頻率f＝eq\f(1,T)知，振蕩周期越大，振蕩頻率越小，越不容易輻射電磁波，故A錯(cuò)誤；為了有效向外輻射電磁波，振蕩電路必須采用開放電路，同時(shí)提高振蕩頻率，故B正確，C錯(cuò)誤；提高振蕩頻率和電路開放是發(fā)射電磁波的必要條件，振蕩電路開放的同時(shí)，振蕩頻率不變，故D錯(cuò)誤。2.一帶電粒子沿垂直磁場(chǎng)方向射入一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，自下而上經(jīng)過(guò)一鉛板P后，半徑減小，軌跡如圖所示。則下列說(shuō)法正確的是()A．粒子帶正電荷，速度逐漸減小B．粒子帶負(fù)電荷，速度逐漸減小C．粒子帶正電荷，速度逐漸增大D．粒子帶負(fù)電荷，速度逐漸增大解析：選A根據(jù)左手定則可得粒子帶正電，因?yàn)榱Ｗ拥倪\(yùn)動(dòng)半徑減小，根據(jù)公式r＝eq\f(mv,Bq)可得粒子的運(yùn)動(dòng)速度逐漸減小，故A正確。3.電磁炮是利用電磁發(fā)射技術(shù)制成的一種先進(jìn)的動(dòng)能殺傷武器。如圖所示為某款電磁炮的軌道，該軌道長(zhǎng)10m，寬2m。若發(fā)射質(zhì)量為100g的炮彈，從軌道左端以初速度為零開始加速，當(dāng)回路中的電流恒為100A時(shí)，最大速度可達(dá)2km/s，假設(shè)軌道間磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，不計(jì)空氣及摩擦阻力。下列說(shuō)法正確的是()A．磁場(chǎng)方向豎直向下B．磁場(chǎng)方向水平向右C．電磁炮的最大加速度大小為4×105m/s2D．磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為100T解析：選D回路中電流方向如題圖所示，則根據(jù)安培定則可知磁場(chǎng)方向應(yīng)豎直向上，故A、B錯(cuò)誤；由題意可知，炮彈最大速度v＝2km/s，加速距離s＝10m，由速度和位移關(guān)系v2＝2as，解得最大加速度大小a＝2×105m/s2，由牛頓第二定律可得F＝ma，又F＝BIL，聯(lián)立解得B＝100T，故C錯(cuò)誤，D正確。4.如圖所示，在赤道處，將一小球向東水平拋出，落地點(diǎn)為a；給小球帶上電荷后，仍以原來(lái)的速度拋出，考慮地磁場(chǎng)的影響，下列說(shuō)法正確的是()A．無(wú)論小球帶何種電荷，小球仍會(huì)落在a點(diǎn)B．無(wú)論小球帶何種電荷，小球下落時(shí)間都會(huì)延長(zhǎng)C．若小球帶負(fù)電荷，小球會(huì)落在更遠(yuǎn)的b點(diǎn)D．若小球帶正電荷，小球會(huì)落在更遠(yuǎn)的b點(diǎn)解析：選D地磁場(chǎng)在赤道上空水平由南向北，從南向北觀察，如果小球帶正電荷，則洛倫茲力斜向右上方，該洛倫茲力在豎直向上的方向和水平向右方向均有分力，因此，小球落地時(shí)間會(huì)變長(zhǎng)，水平位移會(huì)變大；同理，若小球帶負(fù)電荷，則小球落地時(shí)間會(huì)變短，水平位移會(huì)變小，故D正確。5.如圖所示，有一帶鐵芯的線圈，a、c是線圈兩端，b為中間抽頭，把a(bǔ)、b兩點(diǎn)接入一平行金屬導(dǎo)軌，在導(dǎo)軌上橫放一金屬棒，導(dǎo)軌間有如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，要使a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)都低于b點(diǎn)，則金屬棒沿導(dǎo)軌的運(yùn)動(dòng)情況可能是()A．向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C．向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D．向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)解析：選B要使a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)，說(shuō)明金屬棒上端相當(dāng)于電源的負(fù)極，下端相當(dāng)于電源的正極，由右手定則判斷可知，金屬棒必須向左運(yùn)動(dòng)。要使c點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，c相當(dāng)于電源的負(fù)極，a端相當(dāng)于電源的正極，由于線圈中的電流從b端進(jìn)、a端出，根據(jù)楞次定律判斷可知，線圈中的電流應(yīng)減小，則由I＝eq\f(BLv,R)可知，金屬棒應(yīng)做減速運(yùn)動(dòng)，故要使a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)都低于b點(diǎn)，金屬棒沿導(dǎo)軌可能向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確。6．在如圖所示的電路中，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為n1∶n2＝3∶1，電阻R1＝2R2，電流表和電壓表均為理想交流電表，若電流表的示數(shù)為2A，電壓表的示數(shù)為30V，則電阻R1的阻值為()A．45ΩB．55ΩC．65ΩD．75Ω解析：選B由理想變壓器原理可知，原、副線圈兩端的電壓之比eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)＝eq\f(3,1)，已知U2＝30V，故U1＝3U2＝90V，通過(guò)R1的電流I0＝eq\f(U1,R1)＝eq\f(U1,2R2)，副線圈中的電流I2＝eq\f(U2,R2)，又因?yàn)閑q\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)，所以通過(guò)原線圈的電流I1＝eq\f(n2,n1)I2，流過(guò)電流表的電流I＝I0＋I(xiàn)1，即I＝eq\f(U1,2R2)＋eq\f(n2,n1)×eq\f(U2,R2)，解得R2＝27.5Ω，R1＝2R2＝55Ω，故B正確。7．圖甲中的理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2＝22∶3，輸入端a、b所接電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示。燈泡L的電阻恒為15Ω，額定電壓為24V。定值電阻R1＝10Ω、R2＝5Ω，滑動(dòng)變阻器R的最大阻值為10Ω。為使燈泡正常工作，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻應(yīng)調(diào)節(jié)為()A．1ΩB．5ΩC．6ΩD．8Ω解析：選A由題圖乙可知理想變壓器輸入電壓U1＝220V，應(yīng)用理想變壓器變壓公式eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)＝eq\f(22,3)，可得副線圈輸出電壓U2＝30V。燈泡正常工作時(shí)，燈泡兩端電壓為UL＝24V，電流IL＝eq\f(UL,RL)＝1.6A。設(shè)R1兩端電壓為U，由U2＝UL＋U，可得U＝6V。由eq\f(U,R1)＋eq\f(U,R2＋R)＝IL，解得R＝1Ω，選項(xiàng)A正確。8.半徑分別為r和2r的同心圓形導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，一長(zhǎng)為r、電阻為R的勻質(zhì)金屬棒ab置于圓導(dǎo)軌上面，ba的延長(zhǎng)線通過(guò)圓導(dǎo)軌中心O，裝置的俯視圖如圖所示，整個(gè)裝置位于一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，方向豎直向下。在兩導(dǎo)軌之間接阻值為R的定值電阻和電容為C的電容器，金屬棒在水平外力作用下以角速度ω繞O逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()A．金屬棒中電流從b流向aB．金屬棒兩端電壓為eq\f(3,4)Bωr2C．電容器的M板帶負(fù)電D．電容器所帶電荷量為eq\f(3,2)CBωr2解析：選AB根據(jù)右手定則可知金屬棒中電流從b流向a，選項(xiàng)A正確；金屬棒轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝Breq\f(ωr＋ω·2r,2)＝eq\f(3,2)Bωr2，切割磁感線的金屬棒相當(dāng)于電源，金屬棒兩端電壓相當(dāng)于電源的路端電壓，因而U＝eq\f(R,R＋R)E＝eq\f(3,4)Bωr2，選項(xiàng)B正確；金屬棒a端相當(dāng)于電源正極，電容器M板帶正電，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由C＝eq\f(Q,U)，可得電容器所帶電荷量為Q＝CU＝eq\f(3,4)CBωr2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9.如圖，空間某區(qū)域內(nèi)存在沿水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一正方形閉合金屬線框自磁場(chǎng)上方某處自由釋放后穿過(guò)磁場(chǎng)，整個(gè)過(guò)程線框平面始終豎直，線框邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)區(qū)域上下寬度。以線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列描述線框所受安培力F隨時(shí)間t變化的圖像中，可能正確的是()解析：選BCD進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框受重力作用加速下落，進(jìn)入、離開磁場(chǎng)時(shí)都受到豎直向上的安培力作用。若進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度的減小而減小，某時(shí)刻安培力等于重力，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度達(dá)到v0＝eq\f(mgR,B2L2)，完全進(jìn)入磁場(chǎng)后只受重力，線框加速，剛要離開時(shí)的速度大于完全進(jìn)入時(shí)的速度，故安培力大于重力，做減速運(yùn)動(dòng)，速度減小，安培力也減小，故A不符合題意；若線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力恰好等于重力，進(jìn)入過(guò)程中安培力不變，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，速度減小，安培力也減小，故B符合題意；若進(jìn)入時(shí)安培力大于重力，由eq\f(B2L2v,R)－mg＝ma可知，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度的減小而減小，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速，離開磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，速度減小，進(jìn)入過(guò)程與離開過(guò)程安培力變化情況可能完全相同，故C符合題意；若進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力小于重力，由mg－eq\f(B2L2v,R)＝ma，可知線框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入過(guò)程安培力不斷增大，完全進(jìn)入后只受重力，線框加速運(yùn)動(dòng)，若離開磁場(chǎng)時(shí)安培力大于重力，線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，安培力隨速度減小而減小，故D符合題意。10.如圖所示是一個(gè)可以用來(lái)測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度的裝置。底部是正方形的長(zhǎng)方體絕緣容器，內(nèi)部高為L(zhǎng)，厚度為d，容器左右兩側(cè)等高處裝有兩根完全相同的開口向上的豎直管子a、b，容器的頂、底部各裝有電極C(正極)和D(負(fù)極)，并經(jīng)過(guò)開關(guān)S與電源連接，容器中注滿能導(dǎo)電的液體，液體密度為ρ。將容器置于一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，豎直管子a、b中的液面高度相同，當(dāng)開關(guān)S閉合后，豎直管子a、b中的液面出現(xiàn)高度差h，電路中電流表的示數(shù)為I，則()A．導(dǎo)電液體中電流的方向?yàn)橛蒀到DB．導(dǎo)電液體中電流的方向?yàn)橛蒁到CC．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為eq\f(\a\vs4\al(ρghd),I)D．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為eq\f(\a\vs4\al(ρghL),I)解析：選AC開關(guān)S閉合后，導(dǎo)電液體中有電流由C到D，根據(jù)左手定則可知導(dǎo)電液體要受到向右的安培力F作用，F(xiàn)＝BIL，在液體中產(chǎn)生附加壓強(qiáng)p，這樣a、b管中液面將出現(xiàn)高度差。長(zhǎng)方體絕緣容器左右側(cè)面橫截面積S＝Ld，左右兩邊的壓力差ΔF＝pS，又ΔF＝F，在液體中產(chǎn)生附加壓強(qiáng)p＝ρgh，聯(lián)立以上公式，解得B＝eq\f(\a\vs4\al(ρghd),I)，故A、C正確。11．漏電斷路器是家庭電路中必不可少的一種安全保護(hù)裝置，如圖為其基本原理圖。電源線的火線與零線并行繞在鐵芯上，當(dāng)與放大器相連的線圈有微小電流時(shí)，即刻會(huì)驅(qū)動(dòng)電磁繼電器斷開電源，實(shí)現(xiàn)安全保護(hù)。下列相關(guān)說(shuō)法正確的是()A．當(dāng)與地不絕緣的人不小心觸碰到火線時(shí)，漏電斷路器會(huì)即刻斷開電源B．當(dāng)與地絕緣的人不小心同時(shí)觸碰到火線與零線時(shí)，漏電斷路器會(huì)即刻斷開電源C．當(dāng)外接電網(wǎng)是恒定直流電源時(shí)，漏電斷路器不能正常工作D．在相同條件下，放大器繞在鐵芯上的線圈匝數(shù)越多，則能檢測(cè)到更微小的漏電解析：選AD由于火線和零線并行繞制，所以在家庭電路正常工作時(shí)，火線和零線的電流大小相等，方向相反，因此合磁通量為0，線圈中的磁通量為0，而當(dāng)?shù)孛嫔系娜私佑|火線發(fā)生觸電時(shí)，火線的電流突然變大，即線圈中的磁場(chǎng)發(fā)生變化，導(dǎo)致線圈中的磁通量變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使繼電器工作，電磁鐵將開關(guān)吸起，A正確；當(dāng)與地絕緣的人不小心同時(shí)觸碰到火線與零線時(shí)，不會(huì)形成電流變化，從而不會(huì)引起電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故漏電斷路器不會(huì)斷開電源，B錯(cuò)誤；當(dāng)外接電網(wǎng)是恒定直流電源時(shí)，如果有人觸電仍會(huì)產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故能正常工作，C錯(cuò)誤；在相同條件下，放大器繞在鐵芯上的線圈匝數(shù)越多，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，則能檢測(cè)到更微小的漏電，D正確。二、非選擇題(本題共5小題，共56分)12．(6分)如圖所示，在圖(1)中，G為指針在中央的靈敏電流計(jì)，連接在直流電路中時(shí)的偏轉(zhuǎn)情況。今使它與一線圈串聯(lián)進(jìn)行電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)，則圖(2)中的條形磁鐵的運(yùn)動(dòng)方向是________；圖(3)中電流計(jì)的指針將向________偏轉(zhuǎn)；圖(4)中的條形磁鐵上端為________極。解析：題圖(1)可知，當(dāng)電流從電流計(jì)的左接線柱流入時(shí)，電流計(jì)指針向左偏。題圖(2)中指針向左偏，可知感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針，根據(jù)楞次定律知，條形磁鐵向下插入。題圖(3)當(dāng)條形磁鐵N極向下插入時(shí)，根據(jù)楞次定律，可知，感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針，則電流計(jì)指針向右偏。題圖(4)中可知指針向右偏，則有感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針，由楞次定律可知，條形磁鐵S極向上拔出，則上端為N極。答案：向下插入右N13.(8分)傳感器是把非電學(xué)量(如速度、溫度、壓力等)的變化轉(zhuǎn)換成電學(xué)量的變化的一種元件，在自動(dòng)控制中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用。有一種測(cè)量人的體重的電子秤，其測(cè)量部分的原理圖如圖中的虛線框所示，它主要由壓力傳感器R(電阻值會(huì)隨所受壓力大小發(fā)生變化的可變電阻)和顯示體重大小的儀表A(實(shí)質(zhì)是理想電流表)組成。壓力傳感器表面能承受的最大壓強(qiáng)為1×107Pa，且已知壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關(guān)系如表所示。設(shè)踏板和壓桿的質(zhì)量可以忽略不計(jì)，接通電源后，壓力傳感器兩端的電壓恒為4.8V，取g＝10m/s2。請(qǐng)作答：壓力F/N0250500750100012501500…電阻R/Ω300270240210180150120…(1)該秤零點(diǎn)(即踏板空載時(shí))的刻度線應(yīng)標(biāo)在電流表刻度盤________A處；(2)如果某人站在該秤踏板上，電流表刻度盤的示數(shù)為20mA，這個(gè)人的質(zhì)量是____________kg。解析：(1)由壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關(guān)系知F＝0時(shí)，R＝300Ω。由閉合電路歐姆定律I＝eq\f(U,R)＝eq\f(4.8,300)A＝1.6×10－2A即該秤零點(diǎn)(即踏板空載時(shí))的刻度線應(yīng)標(biāo)在電流表刻度盤1.6×10－2A處。(2)由閉合電路歐姆定律I＝eq\f(U,R)得R＝eq\f(U,I)＝eq\f(4.8,0.02)Ω＝240Ω由表中數(shù)據(jù)得F＝500N，由G＝mg，可得m＝50kg即這個(gè)人的質(zhì)量是50kg。答案：(1)1.6×10－2(2)5014．(12分)如圖所示為磁流體發(fā)電機(jī)，它可以把氣體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能，將一束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量的帶正電和帶負(fù)電的微粒，整體上呈中性)噴射入磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中有兩塊金屬極板C、D，這時(shí)金屬板上就會(huì)聚集電荷，產(chǎn)生電壓，如果射入磁場(chǎng)的等離子體的速度為v，金屬極板的面積為S0，極板C、D間距離為d，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與v垂直，可調(diào)節(jié)的電阻R接在兩極板之間，設(shè)電離氣體充滿兩極間的空間，其電阻率為ρ。求：(1)通過(guò)電阻R的電流的大小和方向。(2)兩極板間的電壓。(3)兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度最大的條件，以及最大電場(chǎng)強(qiáng)度值。解析：(1)由左手定則，D板聚集帶正電荷微粒，C板聚集帶負(fù)電荷微粒，故C板電勢(shì)低于D板，所以流過(guò)R的電流方向?yàn)橛蒁到C。設(shè)等離子體某微粒的電荷量為q，則當(dāng)?shù)入x子體勻速通過(guò)C、D兩板間時(shí)，有qvB＝qE，則E＝vB兩極板間電動(dòng)勢(shì)為ε＝Ed＝vBd兩極板間電離氣體電阻為r＝ρeq\f(d,S0)根據(jù)閉合電路的歐姆定律得，通過(guò)電阻R的電流大小I＝eq\f(ε,R＋r)＝eq\f(Bvd,R＋ρ\f(d,S0))＝eq\f(BvdS0,RS0＋ρd)。(2)兩極板間的電壓為U＝IR＝eq\f(BvdS0R,RS0＋ρd)。(3)外電路斷開時(shí)兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度最大，為Emax＝eq\f(ε,d)＝Bv。答案：(1)大小為eq\f(BvdS0,RS0＋ρd)，方向?yàn)橛蒁通過(guò)R流到C(2)eq\f(BvdS0R,RS0＋ρd)(3)外電路斷開Bv15．(14分)一種探測(cè)氣體放電過(guò)程的裝置如圖甲所示，充滿氖氣(Ne)的電離室中有兩電極與長(zhǎng)直導(dǎo)線連接，并通過(guò)兩水平長(zhǎng)導(dǎo)線與高壓電源相連。在與長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直的平面內(nèi)，以導(dǎo)線為對(duì)稱軸安裝一個(gè)用阻值R0＝10Ω的細(xì)導(dǎo)線繞制、匝數(shù)N＝5×103的圓環(huán)形螺線管，細(xì)導(dǎo)線的始末兩端c、d與阻值R＝90Ω的電阻連接。螺線管的橫截面是半徑a＝1.0×10－2m的圓，其中心與長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離r＝0.1m。氣體被電離后在長(zhǎng)直導(dǎo)線回路中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏鱅，其I－t圖像如圖乙所示。為便于計(jì)算，螺線管內(nèi)各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均可視為B＝eq\f(kI,r)，其中k＝2×10－7T·m/A。(1)求0～6.0×10－3s內(nèi)通過(guò)長(zhǎng)直導(dǎo)線橫截面的電荷量Q；(2)求3.0×10－3s時(shí)，通過(guò)螺線管某一匝線圈的磁通量Φ；(3)若規(guī)定c→R→d為電流的正方向，在不考慮線圈自感的情況下，通過(guò)計(jì)算，畫出通過(guò)電阻R的iR－t圖像；(4)若規(guī)定c→R→d為電流的正方向，考慮線圈自感，定性畫出通過(guò)電阻R的iR－t圖像。解析：(1)由電量和電流的關(guān)系q＝It可知I－t圖像下方的面積表示電荷量，因此有Q＝eq\x\to(I)1Δt1＋I(xiàn)2Δt2＋eq\x\to(I)3Δt3，代入數(shù)據(jù)解得Q＝0.5C。(2)由磁通量的定義可得Φ＝BS＝eq\f(kI,r)×πa2，代入數(shù)據(jù)可得Φ＝6.28×10－8Wb。(3)在0～1.0×10－3s時(shí)間內(nèi)電流均勻增加，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)閏→R→d，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Neq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(Nkπa2,r)×eq\f(ΔI,Δt)由閉合電路的歐姆定律可得iR＝eq\f(E,R＋R0)代入數(shù)據(jù)解得iR＝3.14×10－3A在1.0×10－3～5.0×10－3s電流恒定，穿過(guò)圓形螺線管的磁場(chǎng)恒定，因此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，感應(yīng)電流為零，而在5.0×10－3～6.0×10－3s時(shí)間內(nèi)電流隨時(shí)間均勻變化，斜率大小和0～1.0×10－3s大小相同，因此電流大小相同，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向?yàn)閐→R→c，則圖像如圖甲所示。(4)考慮自感的情況下，線圈會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增加，因此電流是緩慢增加的，