2024屆四川省瀘縣二中物理高二上期中綜合測試試題含解析

2024屆四川省瀘縣二中物理高二上期中綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=3mA。要把它改裝為量程為0～3A電流表，則要:A．要并聯(lián)一個阻值0.1Ω的電阻B．要串聯(lián)一個阻值0.1Ω的電阻C．要并聯(lián)一個阻值900Ω的電阻D．要串聯(lián)一個阻值900Ω的電阻2、關(guān)于電功和電功率，下列說法中正確的是A．電流做功越多的用電器，單位時間內(nèi)消耗的電能就越多B．電功率越大的用電器消耗的電能一定越多C．額定功率越大的用電器電流做功一定較快D．電能消耗越快的用電器電功率越大3、電動玩具汽車的直流電動機電阻一定，當加上0.3V電壓時，通過的電流為0.3A，此時電動機沒有轉(zhuǎn)動.當加上3V電壓時，電流為1A，這時電動機正常工作．則()A．電動機的電阻是3B．電動機正常工作時的發(fā)熱功率是3WC．電動機正常工作時消耗的電功率是4WD．電動機正常工作時機械功率是2W4、下面關(guān)于點電荷的說法正確的是（）A．點電荷是帶電荷量很小的帶電體B．帶電體體積很大時不能看成點電荷C．點電荷的帶電荷量可能是

D．大小和形狀對作用力影響可以忽略的帶電體可看做點電荷5、下列哪一組物理概念的提出采用的都是“建立物理模型”這一方法（）A．“平均速度”“質(zhì)點”“電場強度”B．“質(zhì)點”“點電荷”“理想氣體”C．“點電荷”“總電阻”“電場強度”D．“點電荷”“平均速度”“總電阻”6、如圖所示勻強電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點處放置一點電荷+Q，a、b、c、d、e、f為以O(shè)點為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法中正確的是（）A．b、d兩點的電場強度不相同B．a(chǎn)點的電勢等于f點的電勢C．點電荷+q在球面上任意兩點之間移動時，電場力一定做功D．將點電荷+q在球面上任意兩點之間移動，從球面上a點移動到c點的電勢能變化量一定最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，三只燈泡原來都發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時(三只燈泡仍都發(fā)光)，下面判斷正A．L1和L3變亮，L2變暗 B．LI變暗，L2變亮，L3亮度不變C．L1中電流變化值小于L3中電流變化值 D．Ll上電壓變化值小于L2上的電壓變化值8、兩個相同的金屬小球，所帶電荷量大小之比為，相距r，兩小球可視為點電荷，兩者相互接觸后再放回原來位置上，則它們之間的庫侖力大小與原來之比可能為（）A． B． C． D．9、如圖所示的電路中，AB兩端的電壓U恒為14V，燈泡L標有“6V

12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光，且電機能運轉(zhuǎn)，則以下說法正確的是（）A．電動機的輸入功率是128WB．電動機的輸入功率是16WC．電動機的熱功率是2.0WD．整個電路消耗的電功率是30W10、如圖所示，一個質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子從兩帶電平行板的正中間沿與勻強電場垂直的方向射入，不計粒子所受的重力．當粒子的入射速度為v時，它恰能穿過一電場區(qū)域而不碰到金屬板上．現(xiàn)欲使質(zhì)量為m、入射速度為v/2的粒子也能恰好穿過這一電場區(qū)域而不碰到金屬板，在以下的僅改變某一物理量的方案中，不可行的是（）A．使粒子的帶電量減少為原來的1/4B．使兩板間所接電源的電壓減小到原來的一半C．使兩板間的距離增加到原來的2倍D．使兩極板的長度減小為原來的一半三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）使用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑是mm．12．（12分）如圖所示，有一個表頭G，內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為10mA，它和另一個電阻連接可以改裝成電壓表或電流表，若要將它改裝成量程為0.6A的電流表，要按_________（填“甲”或“乙”）圖，該圖里的電阻____________Ω,要使它的量程加大，應(yīng)使電阻______（填“增大”或“減小”）；若要將表頭改裝成量程為3V的電壓表，要按_________（填“甲”或“乙”）圖，該圖里的電阻____________Ω,要使它的量程加大，應(yīng)使電阻______（填“增大”或“減小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用30cm的細線將質(zhì)量為4×10-3kg，帶電量為3×10-6C的帶正電小球P懸掛在O點，當空中有方向為水平向右的勻強電場時，小球偏離37°后處于靜止狀態(tài)．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求勻強電場的場強；（2）求細繩拉力的大?。?4．（16分）如圖所示，在一水平向右的勻強電場中，用一絕緣細線系一帶正電小球，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q，為保證當細線與豎直方向的夾角為θ=60°時，小球處于靜止狀態(tài)，求：(1)電場強度的大小。(2)細線拉力的大小。15．（12分）如圖所示，桌面上放著一個單匝矩形線圈，線圈中心上方一定高度上有一豎直的條形磁鐵，此時磁通量為0.04Wb，把條形磁鐵豎放在線圈內(nèi)的桌面上時磁通量為0.12Wb，分別計算以下兩個過程中線圈中的感應(yīng)電動勢．（1）用時0.5s（2）換用10匝的線圈，用時0.1s．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】改裝成電流表要并聯(lián)一個電阻分流，并聯(lián)電阻和表頭上的電壓均為，則，故A正確，BCD錯誤；故選A。2、D【解題分析】

A．電流做功越多的用電器，可能所用的時間也很長，所以電功率不一定大，即單位時間內(nèi)消耗的電能不一定多，故A錯誤；BD．電功率越大的用電器，消耗的電能快，但不一定越多，故B錯誤，D正確；C．因用電器工作過程中實際電功率可能小于它的額定功率，所以額定功率越大的用電器，其實際功率不一定大，所以電流做功不一定較快，故C錯誤。故選D．3、D【解題分析】

A．當加上0.3V電壓時電動機不轉(zhuǎn)動，利用歐姆定律得選項A錯誤；BC．當加上3V電壓時，消耗的電能一部分發(fā)熱，一部分轉(zhuǎn)化為了機械能．消耗的電功率為發(fā)熱功率BC錯誤；D．根據(jù)能量關(guān)系，產(chǎn)生的機械功率為D正確．故選D。4、D【解題分析】

點電荷是沒有大小的帶電體，是一種理想模型，實際的帶電體（包括電子、質(zhì)子等）都有一定大小，都不一定能看成點電荷．當電荷間距離大到可認為電荷大小、形狀不起什么作用時，可把電荷看成點電荷．【題目詳解】A項：點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，是一種理想化的模型，與其體積的大小無關(guān)，實際的帶電體（包括電子、質(zhì)子等）都有一定大小，都不一定能看成點電荷，故A錯誤；B項：點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，物體能不能簡化為點，不是看物體的絕對大小，而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，故體積大的帶電體有時也可以看成點電荷，故B錯誤；C項：點電荷的帶電荷量一定是

1.6×10-19C的整數(shù)倍，故C錯誤；D項：點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，當帶電體的大小和形狀對作用力影響可以忽略的帶電體可看做點電荷，故D正確．故應(yīng)選：D．【題目點撥】帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系．5、B【解題分析】

“平均速度”和“電場強度”都是比值定義法；“質(zhì)點”“點電荷”“理想氣體”都是理想模型；“總電阻”是等效法；故選B。6、D【解題分析】考點：電場強度；電勢能．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：該電場是勻強電場和點電荷電場的合電場，根據(jù)電場的疊加比較電場強度的大小和方向．通過電場力做功判斷電勢差的大小，從而判斷電勢的高低．解答：解：A、b、d兩點的合場強大小相等，方向不同，所以場強不同．故A錯誤．B、將電荷從e點移到f點，點電荷的電場不做功，勻強電場也不做功，知合場強不做功，所以兩點間的電勢差為0，兩點電勢相等．故B正確．C、點電荷+q在球面上任意兩點之間移動時，點電荷的電場不做功，但勻強電場不一定不做功．所以電場力不一定不做功．故C錯誤．D、a點與c點連線勻強電場的場強相等，方向相同，但關(guān)于O點對稱的點電荷的場強大小相等，方向相反，在這連線上沒有場強相同的點．故D正確．故選BD．點評：解決本題的關(guān)鍵知道電場強度是矢量，合成遵循平行四邊形定則，以及知道電場力做功與電勢差的關(guān)系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】AB．滑動變阻器與L3串聯(lián)，與另外一盞燈L2并聯(lián)，滑動變阻器滑片向左移動，接入電路的阻值變小，根據(jù)串反并同，可知L1和L3變亮，L2變暗，選項A正確；B錯誤；C．L1中的電流是干路電流，根據(jù)前面分析可知總電流增大，并聯(lián)部分分壓變小，，選項C正確；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：，選項D正確；故選：ACD．點睛：由圖可知L3與R串聯(lián)后與L2并聯(lián)，再與R0、L1串聯(lián)；由滑片的移動方向可知滑動變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；將R0、L1作為內(nèi)電阻處理，由U=E-Ir可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關(guān)系．8、CD【解題分析】

設(shè)兩電荷電量大小分別為q和5q，由庫侖定律可得：原來庫侖力當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?q和3q，庫侖力所以庫侖力是原來的庫侖力之比為9:5；當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上。它們的電荷量是先中和后平分，電量變?yōu)?q和2q，庫侖力所以庫侖力和原來的庫侖力之比為4:5，故CD正確，AB錯誤。故選CD。9、BC【解題分析】試題分析：燈泡額定電是6V，額定功率是12W，由電功率的變形公式可以求出燈泡正常發(fā)光時的電流；由串聯(lián)電路特點可以求出電動機的電壓，由電功率公式可以求出電機總功率與熱功率，進一步求出電動機的輸出功率；由電功率公式可以求出電路總功率．因為小燈泡恰好正常發(fā)光，則其兩端電壓為，因為燈泡串聯(lián)在電路中，所以電路中的電流為，又因為燈泡和電動機串聯(lián)，所以電動機兩端電壓為，故電動機輸入功率為，A錯誤B正確；電動機的熱功率為，C正確；整個電路消耗的電功率為，D錯誤10、ACD【解題分析】試題分析：設(shè)平行板長度為l，寬度為d，板間電壓為U，恰能穿過一電場區(qū)域而不碰到金屬板上，則沿初速度方向做勻速運動：；豎直方向：，若速度為v/2，僅使粒子的電量減少為原來的1/4，代入可求，所以A正確；僅使兩板間所加的電壓減小到原來的一半，可求，所以B錯誤；僅使兩板間的距離增加到原來的2倍，代入可求，所以C正確；僅使兩極板的長度減小為原來的一半，代入可求，所以D正確考點：本題考查帶電粒子在電場中的運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.150±0.1【解題分析】試題分析：螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．解：螺旋測微器的固定刻度為2mm，可動刻度為15.0×0.01mm=0.150mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.150mm=2.150mm．最后的結(jié)果可以為2.150±0.1．故答案為2.150±0.1【點評】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量．12、甲1.69減小乙200增大【解題分析】

[1][2][3]表頭改裝電流表時，需要給他并聯(lián)一個分流電阻，所以選擇甲圖；并聯(lián)電路的電阻值為：；要使電流表的量程加大，應(yīng)該是并聯(lián)分流變大，則并聯(lián)的電阻應(yīng)該減??；[4][5][6]表頭改裝電壓表時，需要給他串聯(lián)一個分壓電阻，所以選擇乙圖；串聯(lián)電路的電阻值為：；要使電壓表的量程加大，應(yīng)該是串聯(lián)分壓變大，則串聯(lián)的電阻應(yīng)該變大；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1×10