2021屆江蘇省鹽城市高考物理四模試卷附答案詳解

2021屆江蘇省鹽城市高考物理四模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共22.0分）

1.下列物理量中，單位是“法拉”的物理量是（）

A.電容B,電流C.電壓D.電阻

2.一個質(zhì)點做變速直線運動，其速度圖象如圖所示，則質(zhì)點速率不斷增大

的時間間隔是（）

A.1?3s內(nèi)

B.1?2s內(nèi)

C.2?3s內(nèi)

D.3?4s內(nèi)

3.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為叼：n2=10：1,b是

原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想電表，除變阻器R以

外其余電阻均不計。在原線圈c、d兩端加%=220V2stnl00n-t（K）

的交變電壓。則錯誤的是（）

A.若單刀雙擲開關(guān)接b,則電壓表示數(shù)為22U

B.若單刀雙擲開關(guān)接a,將滑動變阻器觸片P向上移時，電壓表示數(shù)保持不變

C.若將單刀雙擲開關(guān)由a撥向b,則兩電流表的示數(shù)均變大

D.若將單刀雙擲開關(guān)由a撥向b,則變阻器R消耗的功率變大

4.如圖，在豎直平面內(nèi)，滑道力BC關(guān)于B點對稱，且4B、C三點在同一水平線上。若小滑塊第一

次由4滑到C,所用的時間為L，平均摩擦力左，至IJC點的速率%;第二次由C滑到4,所用時間

為t2,平均摩擦力打，到4點的速率%，小滑塊兩次的初速度大小相同且運動過程始終沿著滑道

滑行，小滑塊與滑道的動摩擦因數(shù)恒定，貝1（）

A.fl>f2B.t]=土2C.ti>（2D.%>

5.如圖是煤氣泄漏報警裝置原理圖，&是對煤氣敏感的半導(dǎo)體元件，其電cr

阻隨煤氣濃度的增加而減小,/?2是一可變電阻?在ac間接12U的恒定電壓，&I

此間接報警器.當(dāng)煤氣濃度增加到一定值時報警器發(fā)出警告.則:人

A.減?。サ南拗?，b點的電勢升高

B.當(dāng)煤氣的濃度升高時，b點的電勢降低

C.適當(dāng)減小ac間的電壓，可以提高報警器的靈敏度

D.調(diào)節(jié)/?2的阻值能改變報警器啟動時煤氣濃度的臨界值

6.在溫度均勻的液體中，一個小氣泡由液體的底層緩慢地升到液面，上升的過程中氣泡的體積不

斷地增大，則氣泡在浮起的過程中（）

A.放出熱量B.不吸熱也不放熱

C.吸收熱量D.無法判斷

7.如圖所示，為一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，已知質(zhì)點A在此時刻的振

動方向如圖中箭頭所示，則以下說法正確的是（）

A.波向左傳播，質(zhì)點B向下振動,質(zhì)點C向上振動

B.波向右傳播，質(zhì)點B向上振動,質(zhì)點C向下振動

C.波向左傳播，質(zhì)點B向上振動,質(zhì)點C向上振動

D.波向右傳播，質(zhì)點B向下振動,質(zhì)點C向下振動

二、多選題（本大題共5小題，共19.0分）

8.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始

時物體處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉

力F與物體位移x的關(guān)系如圖一所示（g=10m/s2）,則正確的結(jié)論是（）

A.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)

B.物體的質(zhì)量為2kg

C.彈簧的勁度系數(shù)為500N/m

D.物體的加速度大小為5m/s2

9.如圖所示，一絕緣細(xì)線0a下端系一輕質(zhì)帶正電的小球a（重力不計），地面上固定一光滑的絕緣

1/4圓弧管道48,圓心與a球位置重合，一質(zhì)量為m、帶負(fù)電的小球8從4點由靜止釋放，小球a由

于受到絕緣細(xì)線的拉力而靜止，其中細(xì)線O'a水平，0a細(xì)線與豎直方向的夾角為0,當(dāng)小球b沿

圓弧管道運動到a球正下方B點時對管道壁恰好無壓力，在此過程中（a、b兩球

均可視為點電荷）（）

A.b球所受的庫侖力大小為B.b球的機(jī)械能逐漸減小

C.細(xì)線。a的拉力一直增大D.b球電勢能逐漸增大

10.2018年12月8日2時23分，“嫦娥四號”探測器在西昌衛(wèi)星發(fā)射

中心由長征三號乙運載火箭成功發(fā)射。2019年1月3日10時26分,

嫦娥四號成功著陸在月球背面南極-艾特肯盆地馮?？ㄩT撞擊坑

的預(yù)選著陸區(qū)，''玉兔二號"月球車則于22時22分到達(dá)月面開始

巡視探測。如圖所示，“嫦娥四號”從距月面高度為100/an的環(huán)

月圓軌道/上的P點實施變軌，進(jìn)入近月點為15km的橢圓軌道口，由近月點Q落月。關(guān)于“嫦娥

四號”下列說法正確的是（）

A.沿軌道/運動至P時，需制動減速才能進(jìn)入軌道n

B.沿軌道n運行的周期大于沿軌道/運行的周期

C.沿軌道II正常運行時，在P點的加速度小于在Q點的加速度

D.在軌道n上由P點運行到Q點的過程中，萬有引力對其做正功，它的動能增加，引力勢能減

小，機(jī)械能增加

11.一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內(nèi)做勻加速直線運動，5s

未達(dá)到額定功率，之后保持額定功率又運動15s恰好到達(dá)最大速度，其

v-t圖象如圖所示。己知汽車的質(zhì)量為m=2x103kg,汽車受到地面

的阻力為車重的0.1倍，貝4（）

A.汽車在前5s內(nèi)的牽引力為4xKPN

B.此過程車的總位移為75m

C.汽車的額定功率為60kW

D.汽車的最大速度為30m/s

12.關(guān)于光的波動性與粒子性以下說法正確的是（）

A.愛因斯坦的光子說否定了光的電磁說

B.光電效應(yīng)現(xiàn)象說明了光的粒子性

C.頻率越高的電磁波，粒子性越顯著

D.波長越長的電磁波，粒子性越顯著

三、填空題（本大題共3小題，共12.0分）

13.某同學(xué)設(shè)計了一個煙霧探測器，如圖所示，S為光源，當(dāng)有煙霧進(jìn)入探測器時，S發(fā)出的光被煙

霧散射進(jìn)入光電管C光射到光電管中的鈉表面產(chǎn)生光電子，當(dāng)光電流大于或等于/時，探測器觸

發(fā)報警系統(tǒng)報警。真空中光速為c,鈉的極限頻率為火，要使該探測器正常工作，光源S發(fā)出的

光波長應(yīng)小于。若入射光子中能激發(fā)出光電子的光子數(shù)占比為小電子的電荷量為e,報

警時，t時間內(nèi)射向光電管鈉表面的光子數(shù)至少是個。

14,與液體處于動態(tài)平衡的蒸汽叫做,而沒有達(dá)到飽和狀態(tài)的蒸汽叫做。在一定溫度

下，飽和汽的分子數(shù)密度是的，因而飽和汽的壓強(qiáng)也是一定的，這個壓強(qiáng)叫做這種液體

的飽和汽壓。未飽和汽的壓強(qiáng)飽和汽壓。飽和汽壓隨溫度而變，溫度升高時，液體分子

的增大，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)增多，原來的動態(tài)平衡被破壞，液體繼續(xù),

蒸汽的壓強(qiáng)繼續(xù),直至達(dá)到新的動態(tài)平衡。

15.請簡要論述你對愛因斯坦相對論的認(rèn)識，起碼寫出一個你所知道的相對論（廣義或狹義的均可）

一個公式。

“世界物理年”決議的作出是與愛因斯坦的相對論時空觀有關(guān)。一個時鐘，在它與觀察者有不同相

對速度的情況下，時鐘的頻率是不同的，它們之間的關(guān)系如圖所示。由此可知，當(dāng)時鐘和觀察

者的相對速度達(dá)到0.4c（c為真空中的光速）時，時鐘的周期大約為。

四、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

16.用如圖1所示實驗裝置驗證瓶1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。打點計時器連接頻率為50Hz交流電,

m從高處由靜止開始下落，Tn1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進(jìn)行測量，即可

驗證機(jī)械能守恒定律。圖給出的是實驗中獲取的一條紙帶：。是打下的第一個點，每相鄰兩計

數(shù)點間還有4個點(圖中未標(biāo)出)，計數(shù)點間的距離如圖2所示。已知mi=50gm2=150g,則:

￡3

(1)紙帶上打下記數(shù)點5時的速度"=m/So

(2)從打下第“0”點到打下第“5”點的過程中系統(tǒng)動能的增量=J,系統(tǒng)勢能的減少量

△Ep=取當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/2,結(jié)果均保留三位有效數(shù)字。)

(3)若某同學(xué)作出?一九圖象如圖3,則由圖象可得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=m/s2.

17.某學(xué)校實驗室購買了一卷表面有很薄絕緣層的鍥銘合金絲，該校的一興趣小組同學(xué)想通過自己

設(shè)計的實驗來測算合金絲的長度。已知該銀倍合金絲的常溫電阻率p=1.0x10-6。.他們

選用的器材有多用電表、電流表、電壓表、開關(guān)、滑動變阻器、螺旋測微器、導(dǎo)線和學(xué)生電源

等。

(1)他們先使用多用電表粗測合金絲的電阻，操作過程分以下三個步驟：

①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“+”“一”插孔，選擇電阻擋“X100”；

②調(diào)整“機(jī)械零點調(diào)節(jié)旋鈕”使指針指到零刻度，調(diào)整時將兩表筆短接，然后調(diào)整“歐姆調(diào)

零旋鈕”進(jìn)行歐姆調(diào)零，調(diào)整時將兩表筆短接；(選填“必須”或“不能”)

③把紅、黑表筆分別與銀銘合金絲的兩端(已刮去絕緣漆)相接，多用電表的示數(shù)如圖1所示，該合金

絲的電阻約為

(2)為了更準(zhǔn)確地測量銀錨合金絲電阻，已知所選用的電壓表內(nèi)阻為幾千歐，電流表內(nèi)阻為幾歐，根

據(jù)多用電表的示數(shù)，為了減少實驗誤差，并獲得較大的電壓調(diào)節(jié)范圍，圖3的四個電路中最合理

的是。

(3)他們使用螺旋測微器測量鍥倍合金絲的直徑，示數(shù)如圖2所示，則銀絡(luò)合金絲的直徑為mm.

(4)根據(jù)多用電表測得的銀銘合金絲電阻值，不計合金絲絕緣漆的厚度，可估算出這卷銀鋁合金絲的

長度約為巾(結(jié)果保留整數(shù))。

五、簡答題(本大題共3小題，共36.0分)

18.如圖所示，豎直放置的導(dǎo)熱U形管，左管橫截面積是右管橫截面積的2倍，左側(cè)

管上端封閉一定長度的空氣柱(可視為理想氣體)，右側(cè)管上端開口開始時與大

氣相通。當(dāng)環(huán)境溫度為=27式時，左側(cè)管中空氣柱高d=30cm,左側(cè)管中

水銀面比右側(cè)管中水銀面高H=15cm,外界大氣壓強(qiáng)po=75cmHg,求環(huán)境溫

度升高到多少攝氏度時，左右水銀液面相平。

19.如圖所示，光滑斜面固定在水平地面上，質(zhì)量m=l題的物體在

平行于斜面向上的恒定拉力尸作用下，從4點由靜止開始運動同時

開始計時，到達(dá)B點時立即撤去拉力凡物體到達(dá)C點時速度剛好

為零。每隔0.2s通過傳感器測得物體的瞬時速度，表給出了部分測量數(shù)據(jù)。求:

t/s0.00.20.4.....1.41.61.8.....

v/m/s0.01.02.0.....7.06.95.7.....

(1)斜面的傾角a；

(2)恒力F的大??；

(3)前2s內(nèi)物體的位移大小。

20.長為R的輕桿一端固定一質(zhì)量為m的小球，以另一端為固定轉(zhuǎn)軸，使之在豎直平面內(nèi)做圓周運

動.求以下兩種情況時小球在最高點的速度各為多少？

(1)在最高點時，小球?qū)U的壓力為：小9；

(2)在最高點時，小球?qū)U的拉力為［mg.

六、計算題(本大題共3小題，共31.0分)

21.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定有半徑R=(10+5e)/n的［光滑圓弧軌道，軌道末端水平且與放在

光滑水平面上的長木板的上表面等高，在長木板的右端放有一質(zhì)量1kg的滑塊P?，F(xiàn)將一質(zhì)

量也為Mg的滑塊Q從圓弧軌道的中點由靜止釋放，當(dāng)其剛滑上長木板時對滑塊P施加一大小/=

2NS,方向向左的瞬時沖量，結(jié)果兩滑塊在長木板上恰好不能相撞。已知長木板的質(zhì)量M=3kg,

滑塊P與長木板間的動摩擦因數(shù)m=0.2,滑塊Q與長木板間的動摩擦因數(shù)上=0.K重力加速度

g=10m/s2,兩滑塊均可視為質(zhì)點。求：

(1)長木板最后的速度大小：

(2)兩滑塊與長木板因摩擦而產(chǎn)生的熱量和木板的長度。

22.如圖所示，折射率n=近的半圓形玻璃磚置于光屏MN的上方，其

平面48到的距離為h=20cm.一束單色光沿圖示方向射向圓心

0,經(jīng)玻璃磚后射到光屏上的。'點。現(xiàn)使玻璃磚繞圓心。點順時針轉(zhuǎn)

動，光屏上的光點將向哪個方向移動？光點離。'點最遠(yuǎn)是多少？

23.在豎直平面上建立如圖所示的直角坐標(biāo)系0孫，在第一象限內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，電

場強(qiáng)度大小為E；在第三象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場和沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小為B，—質(zhì)量m=10g、電荷量q=0.1C的帶負(fù)電小球從工軸上的點以2.5cm,0)以一

定的初速度垂直x軸射入第一象限，并能從y軸上的點b(0,5cm)垂直y軸進(jìn)入第二象限，并能從x

軸上的c點(圖中未標(biāo)出)進(jìn)入第三象限做勻速圓周運動，最后從y軸上的d點垂直y軸進(jìn)入第四象

限。已知重力加速度g取lOm/s?。求：

(1)電場強(qiáng)度E的大小；

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小;

(3)d點到。點的距離。

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：電流的單位為安培；電壓的單位為伏特；電阻的單位為歐姆，電容的單位為法拉；故A

正確，BCD錯誤。

故選：Ao

明確各物理量所對應(yīng)的單位，知道電容的單位為法拉。

本題考查對物理量單位的掌握程度。對于以人名命名的單位可以結(jié)合科學(xué)家的成就進(jìn)行記憶

2.答案：C

解析：解：圖象中各點對應(yīng)的縱坐標(biāo)表示該時刻的速度，則根據(jù)圖象可知，O-ls內(nèi)速率增大，l-2s

內(nèi)速度減小，2—3s內(nèi)速率增大，3—4s內(nèi)速度減小，故C正確，ABO錯誤。

故選：Co

根據(jù)速度時間圖象直接讀出速度，然后判斷速度大小不斷增大的時間范圍即可。

本題主要考查了速度時間圖象的直接應(yīng)用，能根據(jù)圖象判斷速度的變化情況，注意速率表示速度的

大小，速度的正負(fù)只表示方向，不表示大小。

3.答案：A

解析：解：4、當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與b連接時，匝數(shù)之比為5：1,原線圈兩端有效值為220V,所以副線

圈電壓有效值為44V,故A錯誤；

8、若單刀雙擲開關(guān)接a,滑動變阻器觸頭向上移動的過程中，電阻增大，電壓不變，電流減小，故

B正確；

C、當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a扳向b時，匝數(shù)之比為5：1,輸出電壓增大，電壓表和電流表的示數(shù)均變大，

故C正確；

。、當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a扳向b時，匝數(shù)之比為5：1,輸出電壓增大，則變阻器R消耗的功率變大，輸

出功率變大，輸入功率變大，故。正確

本題選錯誤的，故選：人

變壓器的特點：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率，結(jié)合歐姆定律分析。

做好本題要理解變壓器中心抽頭的作用：改變了匝數(shù)之比，從而改變了電壓之比，也改變了兩表的

不―,數(shù)'kZ-.。

4.答案：D

解析：解：ABC、在力B段，由牛頓第二定律得：mg-F=~,滑塊受到的支持力：F=

則速度。越大，滑塊受支持力F越小，摩擦力f=就越小，

在8c段，由牛頓第二定律得：尸一小9=血叱，滑塊受到的支持力：F=mg+叱，則速度"越大，

滑塊受支持力F越大，摩擦力f就越大，

由題意知從4運動到C相比從C到力，在4B段速度較大，在BC段速度較小，所以從4到C運動過程受摩

擦力較小，用時短，故AB錯誤；

。、從A到C的過程和C到4的過程，通過同一點，在4B段，由牛頓第二定律知，徑向的合力提供向心

力，從4到B時速度較大，則支持力較小，摩擦力較小，在BC段，徑向的合力提供向心力，從4到B,

在BC段的速度較小，支持力較小，摩擦力較小，結(jié)合動能定理知，從4到C過程中克服摩擦力做功小

于從C到力過程中克服摩擦力做功，知巧>%.故。正確；

故選：D。

滑塊做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律判斷滑塊受到的支持力大小關(guān)系，然后判斷摩擦力大小關(guān)系，

再比較滑塊的運動時間，根據(jù)動能定理比較速度的大小。

本題考查了比較滑塊運動時間關(guān)系，分析清楚滑塊的運動過程、應(yīng)用牛頓第二定律與摩擦力公式即

可正確解題。

5.答案：D

解析：解：4、由電路圖可知，定值電阻與傳感器電阻串聯(lián)，兒之間的電壓等于變阻器兩端的電壓;

Ubc=I-R2=變形得：%=急當(dāng)減小/?2的阻值時，b點的電勢降低；故A錯誤；

B、當(dāng)一氧化碳的濃度升高時，&減小，be之間的電壓等于變阻器兩端的電壓；Ubc=l-R2=暑；

濃度升高，則%減小，故b點的電勢升高.則可以改變報警器啟動時的煤氣濃度的臨界值；故8錯誤，

D正確；

C、由4中的推導(dǎo)可知：Ube=&，要提高氣敏傳感器的靈敏度，可以采用的方法有：增大電源的

?2

電動勢（ac之間的電壓）、或增大變阻器/?2的電阻值.故C錯誤，故選：D.

由電路圖可知，定值電阻與傳感器電阻串聯(lián)，電壓表測定值電阻兩端的電壓；如果測試時電壓表示

數(shù)越大，根據(jù)歐姆定律可知電路中的電流越大，說明酒精氣體傳感器的電阻越小，而酒精氣體傳感

器的電阻隨酒精氣體濃度的增大而減小，據(jù)此判斷測試到的酒精氣體濃度大小.

對于傳感器，關(guān)鍵是理解其工作原理，本題首先要讀懂題意，抓住電導(dǎo)與濃度的關(guān)系，列出表達(dá)式，

其次利用歐姆定律研究電壓表示數(shù)與濃度的關(guān)系.

6.答案：C

解析：解：氣泡緩慢上升的過程中，外部的壓強(qiáng)逐漸減小，氣泡膨脹對外做功，由于外部恒溫，可

以認(rèn)為上升過程中氣泡內(nèi)空氣的溫度始終等于外界溫度，則內(nèi)能不變。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得，△(/=〃+(?知，氣泡內(nèi)能不變，同時對外做功，所以必須從外界吸收

熱量。

故選：Co

氣泡上升過程中，受到的壓力減小，氣泡對外做功，體積變大，內(nèi)能減少，溫度降低，使得氣泡溫

度低于液體溫度，液體和氣泡之間進(jìn)行熱傳遞.

本題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，記住公式4U=W+Q及各物理量的正負(fù).

7.答案：C

解析：解：力、由題，質(zhì)點A在此時刻的振動方向下，4質(zhì)點右邊的質(zhì)點的運動狀態(tài)早于4質(zhì)點，故波

向左，B質(zhì)點離開平衡位置，向位移最大處運動，C質(zhì)點正在返回平衡位置，故4錯誤，

B、由4分析知，B錯誤；

C、由4分析知，C正確；

。、由a分析知，。錯誤；

故選：Co

根據(jù)圖中質(zhì)點4的振動方向得到波的傳播方向，由波由振動早的質(zhì)點向振動遲的質(zhì)點傳播，可得其他

質(zhì)點的振動方向.

本題要理解沿波的傳播方向質(zhì)點的起振逐漸延遲，相鄰兩個波峰或波谷間的距離等于波長.

8.答案：BCD

解析：解：4、由圖知：當(dāng)％24czn時，F(xiàn)保持不變，說明物體不再受彈簧的彈力，可知x=4cm時

物體與彈簧開始分離，彈簧處于原長狀態(tài)，故A錯誤。

BD、初始時物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為0,x=0時，當(dāng)加上產(chǎn)時物體的合力等于此時產(chǎn)的值，為&=

10N,由牛頓第二定律得：&=ma。

2

當(dāng)x=4cm時尸的值為尸2=30N,由牛頓第二定律得F2—mg-ma,聯(lián)立解得m=2kg,a—5m/s.

故8正確，。正確。

C、彈簧原來的壓縮量x=4cm-0=4cm=0.04m,由胡克定律有mg=kx,得k=500/V/m,故C

正確。

故選：BCD。

物體與彈簧分離時，彈簧處于原長狀態(tài)。由圖讀出x=0時和x=4cm時F的值，由這兩個狀態(tài)，由

牛頓第二定律分別列式，聯(lián)立可求得物體的質(zhì)量和加速度，再由胡克定律求彈簧的勁度系數(shù)。

本題的關(guān)鍵是明確物體的受力情況，知道物體與彈簧分離時，它們間的彈力為零這一臨界條件，還

要把握x=0時物體的合力等于F,分別根據(jù)牛頓第二定律列方程研究。

9.答案:AC

解析：

尸1

先根據(jù)機(jī)械能守恒求出小球在B點的速度，然后由牛頓第二定律求出庫1K

侖力的大小，由共點力的平衡分析兩根繩子上的拉力的變化。，十》7rI》尸2

該題考查的知識點比較多，難度大，解答的關(guān)鍵是正確判斷水平細(xì)繩

對小球a的拉力的變化，要合理使用三角函數(shù)的關(guān)系。/Xg

ABD.由題可知，小球a位于圓軌道的圓心處，所以小球b運動的過程中尸庫

受到的庫侖力始終與速度的方向垂直，所以小球運動的過程中庫侖力不做功，電勢能不變，小球b的

機(jī)械能守恒，

設(shè)圓的半徑為R,則：巾9/?=：巾如2,小球匕在最低點：F-mg=塔,聯(lián)立得：F庫=3mg,故

N件1sR

A正確，B。錯誤；

C.由題，小球b沿圓弧管道運動到a球正下方B點時對管道壁恰好無壓力，說明小球b受到a的吸引力。

當(dāng)小球b與a的連線與水平方向之間的夾角為a時，小球a受到的力如圖，則：豎直方向：Reos。-mg+

F^sina=mg+3mgsina

可知當(dāng)小球b向下運動的過程中，a逐漸增大，所以。a的拉力一定是逐漸增大，故C正確；

故選AC。

10.答案：AC

解析：解：4、在軌道/上的P點，嫦娥四號做圓周運動，萬有引力等于向心力，在軌道口上的P點，

衛(wèi)星做近心運動，萬有引力大于向心力，可知沿軌道/運動至P時，需制動減速才能進(jìn)入軌道n,故

A正確。

B、根據(jù)開普勒第三定律得，W=K,由于軌道口的半長軸小于軌道/的半徑，則嫦娥四號沿軌道n

T2

運行的周期小于沿軌道/運行的周期，故8錯誤。

C、根據(jù)牛頓第二定律得，a=《=胃，P點距離月心的距離大于Q點距離月心的距離，貝IJP點的加速

度小于Q點的加速度，故C正確。

。、在軌道口上由P點運行到Q點的過程中，萬有引力對其做正功，根據(jù)動能定理知，動能增加，引

力勢能減小，由于只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，故。錯誤。

故選：AC?

根據(jù)開普勒第三定律可知衛(wèi)星的運動周期和軌道半徑之間的關(guān)系；根據(jù)做近心運動時萬有引力大于

向心力，做離心運動時萬有引力小于向心力，可以確定變軌前后速度的變化關(guān)系。

本題要注意：

①由高軌道變軌到低軌道需要減速，而由低軌道變軌到高軌道需要加速，這一點在解決變軌問題時

要經(jīng)常用到，一定要注意掌握。

②衛(wèi)星運行時只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒。

11.答案：BCD

解析：解：4、前5s內(nèi)，由圖有：a=7；=2m/s2

由題意可知，汽車受到的阻力為：

/=0.1x2xIO3x10/V=2x103N

由牛頓第二定律：F-f=ma

解得：F=6x103N,故A錯誤；

3

BCD、t=5s末功率達(dá)到額定功率為：P=Fv=6x10x10WZ=6x1041y=60kW,

當(dāng)牽引力等于阻力時，汽車達(dá)最大速度，則最大速度為：vm=y=30m/s,

汽車勻加速度過程的位移為：=|x2x52m=25m,

汽車變加速度過程，由動能定理有：Pt2-fx2=\mv^-\mvl，

代入數(shù)據(jù)解得：x2=50m

所以汽車此過程中的位移為：x=%i+x2=75m,故正確。

故選：BCD.

從u-t圖象可以看出：汽車經(jīng)歷三個運動過程：勻加速直線運動，加速度減小的變加速直線運動，

最后做勻速直線運動。由圖線斜率可求出前5s內(nèi)汽車的加速度，由牛頓第二定律即可求出此過程的

牽引力。

5s末汽車的功率就達(dá)到額定功率，由P=Fu,能求出額定功率。

汽車速度最大時，牽引力等于阻力，求出最大速度。

此題首先要識別圖象的物理意義，從斜率讀出加速度。其次，抓住5s這個時刻汽車達(dá)到額定功率。

第三點，抓住達(dá)到最大速度的條件，由功率公式求最大速度。

12.答案：BC

解析：解：4、愛因斯坦的光子說并不沒否定電磁說，而是說光的兩種性質(zhì)并存：故4錯誤；

8、光電效應(yīng)現(xiàn)象證明了少量光子具有的粒子性；故B正確；

C、頻率越高的電磁波，其光子能量越高，則粒子性越顯著；故C正確；

。、波長越長，則光子的頻率越低，光子的粒子性越顯著，故。錯誤；

故選：BC

明確波粒二象性的意義：光的波粒二象性是指光既具有波動性又有粒子性，少量粒子體現(xiàn)粒子性,

大量粒子體現(xiàn)波動性

本題要明確光子的性質(zhì)。

13.答案：-

解析：解：根據(jù)C=2y,那么光源S發(fā)出的光波最大波長：

即要使該探測器正常工作，光源s發(fā)出的光波波長小于F；

vo

光電流等于/時，t秒產(chǎn)生的光電子的個數(shù)：n=~e,

t秒射向光電管鈉表面的光子最少數(shù)目：N=m=g。

7/er]

故答案為：;叁

根據(jù)極限頻率與極限波長關(guān)系，即可求解最長波長，以及電流的定義式分析即可求解光子數(shù)。

該題屬于物理知識在日常生活中的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握光頻率與波長關(guān)系，知道光電子的數(shù)

目與入射光的強(qiáng)度有關(guān)。

14.答案：飽和汽未飽和汽一定小于平均動能蒸發(fā)增大

解析：解：與液體處于動態(tài)平衡的蒸汽叫做飽和汽，而沒有達(dá)到飽和狀態(tài)的蒸汽叫做未飽和汽。在

一定溫度下，飽和汽的分子數(shù)密度是一定的，因而飽和汽的壓強(qiáng)也是一定的，這個壓強(qiáng)叫做這種液

體的飽和汽壓。未飽和汽的壓強(qiáng)小于飽和汽壓。飽和汽壓隨溫度而變，溫度升高時，液體分子的平

均動能增大，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)增多，原來的動態(tài)平衡被破壞，液體繼續(xù)蒸發(fā)，蒸汽

的壓強(qiáng)繼續(xù)增大，直至達(dá)到新的動態(tài)平衡。

故答案為：飽和汽；未飽和汽；一定；小于；平均動能；蒸發(fā)；增大。

寫出飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓基本概念。溫度升高時，液體分子的平均動能增大，單位時間里

從液面飛出的分子數(shù)增多，原來的動態(tài)平衡被破壞，液體繼續(xù)蒸發(fā)，蒸汽的壓強(qiáng)繼續(xù)增大，直至達(dá)

到新的動態(tài)平衡。

本題考查了飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓、蒸發(fā)及其現(xiàn)象、沸騰及沸騰條件。本題主要考查學(xué)生對：

蒸發(fā)與沸騰的區(qū)別和聯(lián)系的了解和掌握，以及對蒸發(fā)和沸騰的特點的了解，是一道基礎(chǔ)題目。

15.答案：2.18s

解析：解：相對論質(zhì)量增大時：m=rt

由圖可以對應(yīng)看出，當(dāng)時鐘和觀察者的相對速度達(dá)到0.8C（C為光速）時，時鐘的頻率是0.3Hz,0.3Hz

時鐘的周期大約為：

T-7b

又：得

所以：T0=T-卜|=gxJ1一號T=2s

當(dāng)速度為。.4的T'=房虧=10叫=2.18s

卜（T）

故答案為：質(zhì)量公式：m=jW；2.18s

狹義相對論的幾個基本結(jié)論：

①鐘慢效應(yīng)：運動的鐘比靜止的鐘走得慢，而且，運動速度越快，鐘走的越慢，接近光速時，鐘就

幾乎停止了；

②尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運動的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時，尺子縮成一個點。

③質(zhì)量變大：質(zhì)量（或能量）并不是獨立的，而是與運動狀態(tài)相關(guān)的，速度越大，質(zhì)量越大。

記住并理解狹義相對論的基本假設(shè)和幾個基本結(jié)論是解決此題的關(guān)鍵。

16.答案：2.40.5760.5889.70

解析：解：（1）計數(shù)點5的瞬時速度〃=答=空嗤孚Qm/s=2.4m/s；

22

(2)系統(tǒng)動能的增加量△Ek=：(血1+m2)v=1x(0.05+0.15)x2.47=0.576/,

系統(tǒng)重力勢能的減小量4Ep=（m2-m^gx=（0.15-0.05）x9.8x（0.384+0.216）/=0.5887；

（3）根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：512-61）。八=；（加1+62）/，解得：［=也』9九，則圖線的斜率

NZ7711+7712

2

k=禽會9=膏，代入數(shù)據(jù)解得9=9.70m/so

故答案為：(1)2.4；(2)0,576,0.588；(3)9.70；

(1)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出計數(shù)點5的瞬時速度。

(2)根據(jù)計數(shù)點5的瞬時速度求出系統(tǒng)動能的增加量，根據(jù)下降的高度求出系統(tǒng)重力勢能的減小量。

(3)根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得出的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

本題考查了系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得驗證，掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度，從而得

出動能的增加量，會根據(jù)下降的高度求出重力勢能的減小量。

對于圖線問題，關(guān)鍵通過物理規(guī)律得出物理量之間的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率或截距進(jìn)行求解。

17.答案：不能必須1300B0.680472

解析：解：(1)②調(diào)整“機(jī)械零點調(diào)節(jié)旋紐”使指針指到零刻度，調(diào)整時不能將兩表筆短接，然后調(diào)

整“歐姆調(diào)零旋鈕”進(jìn)行歐姆調(diào)零，調(diào)整時必須將兩表筆短接；

③歐姆表選擇x100擋，由圖1所示可知，該合金絲的電阻約為：13x1000=13000；

(2)實驗要求電壓調(diào)節(jié)范圍較大，滑動變阻器應(yīng)選擇分壓接法，待測電阻阻值為：1300/2,由題意可

知I,待測合金絲阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，應(yīng)選擇圖B所示電路。

(3)由圖2所示螺旋測微器可知，螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5nun+18.0x0.01mm=0.680mm：

(4)由電阻定律可知：R=P《=P/*7

銀銘合金絲的長度L=—=3J4X1300X(0.68010T)21工

4P4X1.0X10-6

故答案為：⑴②不能;必須；③1300;(2)5；(3)0.680；(4)472,

(1)多用電表進(jìn)行機(jī)械調(diào)零時兩表筆不需要短接，對歐姆表進(jìn)行歐姆調(diào)零時兩表筆需要短接；歐姆表

指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

(2)根據(jù)待測電阻阻值與電流表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，根據(jù)題意確定滑動變阻器接法，然后選

擇實驗電路。

(3)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù).

(4)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)應(yīng)用電阻定律求出電阻絲的長度。

本題考查了歐姆表的使用、實驗電路選擇、螺旋測微器讀數(shù)與電阻定律的應(yīng)用；歐姆調(diào)零與機(jī)械調(diào)

零要區(qū)分，前者是調(diào)節(jié)歐姆表內(nèi)的滑動變阻器的電阻來使電流表達(dá)到滿偏；后者是螺絲刀調(diào)節(jié)指針

使其電流為零。歐姆表讀數(shù)及螺旋測微器讀數(shù)要加強(qiáng)訓(xùn)練。

18.答案：解：左、右兩管水銀高度差為H=15cm,則左管氣體壓強(qiáng)為：P1=p0-pH=GOcmHg

設(shè)左側(cè)管橫截面積為S,則封閉氣體體積為：匕=h0S=30s

溫度為：7\=(27+273)K=300K；

左右水銀液面相平時，設(shè)左側(cè)液柱下降xcm,則有：=(H-%)x|

解得：x=5cm

當(dāng)左管液柱下降5cm時，左、右兩管液面相平，此時：

封閉氣體的壓強(qiáng)P2=Po=75cmHg,

體積彩=(壇+x)S=35s

溫度設(shè)為72，

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得：竽=竽

T1T2

T2=437.5K,

則攝氏溫度為：0=(437.5-273)℃=164.5℃?

答：環(huán)境溫度升高到164.5久時，左右水銀液面相平。

解析：根據(jù)題意求出初狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)、體積和溫度，根據(jù)體積關(guān)系求出左管液面下降的高度,

再次求出封閉氣體的壓強(qiáng)和體積，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程求解溫度。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的三個狀態(tài)參量,

分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，利用理想氣體的狀態(tài)方程列方程求解。

19.答案：解：(1)減速階段加速度大小為=詈=震亮7nA?=6mls2,

減速階段中由牛頓第二定律得：mgsina=ma2

代入數(shù)據(jù)得：a=37。；

(2)加速階段由加速度的定義知，加速階段加速度大小為：的=簧=技=5m/s2

加速階段中由牛頓第二定律得：F-mgsina=max

由上兩式得：F=+a2)

代入數(shù)據(jù)得：F=11N：

(3)設(shè)拉力作用的時間為4,由于在撤力瞬間速度最大，設(shè)為左，貝小

加速過程中：Vm=tlitj

減速過程可看做反向的勻加速，設(shè)初速度大小為卬=5.7m/s,此時的時間t'=1.8s

則有:vm=v0+a2(t'-t-i),

聯(lián)立解得：M=1.5s,vm=7.5m/s

根據(jù)圖表可知：t2=2s時的速度=v0-a2(t2-t')=4.5m/s

前2s內(nèi)物體的位移大小x吟匕+物產(chǎn)x(t2-=8.625m。

答：(1)斜面的傾角是37。；

(2)恒力的大小為11N；

(3)前2s內(nèi)物體的位移大小為8.625m。

解析：(1)先由勻變速運動求出減速的加速度的大小，再由受力分析和牛頓第二定律求出斜面的傾角

a；

(2)由勻變速運動求出上升的加速度的大小，再由受力分析和牛頓第二定律求出力的大??；

(3)利用勻變速直線運動中速度與時間的關(guān)系求出F作用的時間，再求出最大速度和2s時的速度大小,

根據(jù)平均速度乘以時間求解位移。

本題考查勻變速直線運動規(guī)律，是典型的牛頓定律解題中的一類。關(guān)鍵是應(yīng)用加速度定義和牛頓第

二定律表示加速度的大小，能夠根據(jù)圖表獲取信息是解答本題的關(guān)鍵：注意：1.4s?1.6s過程中可能

存在加速和減速過程，計算減速加速度不可以根據(jù)此過程計算。

20.答案：解：(1)在最高點時，當(dāng)小球?qū)U的壓力為［mg時，根據(jù)圓周運動向心力公式得：

1vl

mg_qmg=m—

LK

解得：%=

(2)在最高點時，當(dāng)小球?qū)U的拉力為［mg時，根據(jù)圓周運動向心力公式得：

1諺

mg^-mg=m—

LK

解得：v2=J|gR

答：(1)在最高點時，小球?qū)U的壓力為時，小球速度為

(2)在最高點時，小球?qū)U的拉力為《mg時，小球的速度為J|嬴.

解析：在最高點時，小球受到重力和桿子的作用力，兩個力的合力提供向心力，根據(jù)圓周運動向心

力公式求解即可.

本題主要考查了圓周運動向心力公式的直接應(yīng)用，注意如果不知道桿子對小球力的方向時，可以采

用假設(shè)法.

21.答案：解：(1)滑塊Q下滑過程機(jī)械能守恒，設(shè)Q滑到圓弧軌道末端時的速度為氣，由機(jī)械能守恒

定律得：

1

mgR(l-sin45°)=-mvQ

滑塊Q滑上長木板后與長木板間的滑動摩擦力：fQ=li2mg=0.1x1x10/V=1/V,

滑片P與長木板間的滑動摩擦力大?。篺P=^mg=0.2x1xION-2N

滑塊在長木板上滑動時的加速度：a=臂=

長木板受到向左的摩擦力較大，Q、P在長木板上滑動時長木板靜止，

滑塊P減速到0需要的時間：tp=B，

其中/=mvp

代入數(shù)據(jù)解得：vP=2m/s,tP=Is

此時滑塊Q的速度：vQ1=vQ-atP

此后P、Q與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)它們的共同速度為U，以向右為正方向，由動量守恒定律

得：

mvq1=(m+m4-M)v

代入數(shù)據(jù)解得：v=1.8m/s

(2)由能量守恒定律得：

11l、？

-mvp?+-mvQ9=-(zzn4-m4-M)v￡+Q

代入數(shù)據(jù)解得：Q=43.9/

滑塊p開始向左滑行的路程：孫=些

滑塊Q開始向右滑行的路程：%