2021年廣東省普通高等學(xué)校招生高考物理一模試卷

2021年廣東省普通高等學(xué)校招生高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.開普勒總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，找出了行星按照這些規(guī)律運(yùn)動(dòng)的原因

B.月球繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到地球的引力和向心力的作用

C.哥白尼提出了日心說，牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，并測(cè)定了引力常量的數(shù)值

D.物體在轉(zhuǎn)彎時(shí)一定受到力的作用

2.關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）

A.光電效應(yīng)是原子核吸收光子向外釋放電子的現(xiàn)象

B.飽和光電流的強(qiáng)度與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，且隨入射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而增強(qiáng)

C.金屬的逸出功與入射光的頻率成正比

D.用不可見光照射某金屬，比用可見光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能大

3.如圖所示，有兩根和水平方向成。角的光滑平行的金屬軌道，上端接有\(zhòng)

可變電阻R,下端足夠長(zhǎng)，空間有垂直軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)8,一根質(zhì)8飛夕《

量為〃，的金屬桿從軌道上由靜止滑下，經(jīng)過足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，流

經(jīng)金屬棒的電流達(dá)到最大，金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)，金屬桿和軌道電阻均二￡

不計(jì).貝1（）

A.下滑過程中，金屬桿中的電流方向?yàn)閺腗到N

B.加速運(yùn)動(dòng)過程中，金屬桿克服安培力做的功大于可變電阻R的產(chǎn)生的焦耳熱

C.勻速運(yùn)動(dòng)過程中，金屬桿的重力功率等于可變電阻R的發(fā)熱功率

D.若R增大，流經(jīng)金屬棒的最大電流將減小

4.關(guān)于平拋物體的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）

A.初速度越大，物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)

B.下落的高度越大，物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)

C.物體落地時(shí)的水平射程與初速度無(wú)關(guān)

D.平拋運(yùn)動(dòng)是變加速直線運(yùn)動(dòng)

如圖是研究影響平行板電容器電容大小的因素的實(shí)驗(yàn)裝置圖。金屬

板隊(duì)6帶有等量異種電荷，“板與靜電計(jì)金屬外殼相連接，6板與靜

電計(jì)金屬球相連接。一帶負(fù)電的油滴固定在電容器的中點(diǎn)P位置?，F(xiàn)將電容器的。板水平向左

移動(dòng)一小段距離，則下列說法正確的是（）

A.靜電計(jì)指針的偏角變小B.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低

C.油滴的電勢(shì)能將減少D.靜電計(jì)可用電壓表替代

6.美國(guó)地球物理專家通過計(jì)算可知，因?yàn)槿毡镜牡卣饘?dǎo)致地球自轉(zhuǎn)快了1.6〃s（ls的百萬(wàn)分之一）,

通過理論分析下列說法正確的是（）

A.地球赤道上物體的重力將不變B.地球赤道上物體的重力會(huì)略變大

C.地球同步衛(wèi)星的高度略調(diào)小D.地球同步衛(wèi)星的高度略調(diào)大

7.做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度為3zn/s2,對(duì)任意Is來說，下列說法中錯(cuò)誤是（）

A.某1s末的速度比該1s初的速度總是大3m/s

B.某1s末的速度比該1s初的速度總是大3倍

C.某1s末的速度比前1s末的速度大3m/s

D.某1s末的速度比前1s初的速度大6m/s

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.如圖所示，質(zhì)量為小、帶電荷量為g的帶電微粒，以初速度%從A點(diǎn)Bo-------?2u0

豎直向上射入真空中沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，微粒通過電場(chǎng)中B點(diǎn)1

時(shí)速率珈=2q），方向與電場(chǎng)的方向一致，則下列選項(xiàng)正確的A

是（）

A.微粒所受的電場(chǎng)力大小是其所受重力的2倍

B.帶電微粒的機(jī)械能增加了2m%2

C.A,8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為久也二

q

D.A,B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為當(dāng)」

2q

9.如圖所示是電飯鍋的結(jié)構(gòu)圖，如果感溫磁體的“居里溫度”為103冤，下列說法中正確的是（）

內(nèi)膽底號(hào)鱉才黃業(yè)熱板

A.常溫下感溫磁體具有較強(qiáng)的磁性

B.當(dāng)溫度超過103。（：時(shí)，感溫磁體的磁性較強(qiáng)

C.飯熟后，水分被大米吸收，鍋底的溫度會(huì)超過103。&這時(shí)開關(guān)按鈕會(huì)自動(dòng)跳起

D.常壓下只要鍋內(nèi)有水，鍋內(nèi)的溫度就不可能達(dá)到103。&開關(guān)按鈕就不會(huì)自動(dòng)跳起

10.以下是質(zhì)點(diǎn)直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的各種圖象，表示物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的是（）

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的ATB、BtC、C->4三個(gè)變化

過程，設(shè)氣體在狀態(tài)A、8時(shí)的溫度分別為。和TB，已知。=300K,

求：

⑴78

（2）若氣體從C-A的過程中做功為1001,同時(shí)吸熱250J,則此過程中氣體

內(nèi)能怎么改變？變化了多少？

12.如圖所示，有兩列簡(jiǎn)諧橫波。、匕在同一介質(zhì)中都沿x軸正方向傳播，波速均為D=2.5m/s,則

兩列波的周期幾與7b之比為；在t=0時(shí)，兩列波的某兩個(gè)波峰正好在x=2.5m處重合,

此時(shí)久=2.5m處質(zhì)點(diǎn)的速度為（選填“沿+y方向”、“0”或“沿—y方向"）；在t=0時(shí)

兩列波的波峰重合的所有位置坐標(biāo)是x=o

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）

13.某同學(xué)在“研究彈簧的形變量和彈力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，將輕彈簧豎直懸掛，在其下端懸掛鉤

碼，記錄彈簧受力尸與相應(yīng)彈簧的長(zhǎng)度L并標(biāo)記在F-L圖象中，如圖所示。

(1)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，以下說法正確的是

A.彈簧被拉伸時(shí)，拉力越大越好

B.用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要在鉤碼處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)讀數(shù)

C.彈簧拉伸時(shí)不能超出它的彈性限度

D用刻度尺測(cè)得彈簧的長(zhǎng)度即為彈簧的伸長(zhǎng)量

(2)下列說法中能反映正確探究結(jié)果的是

A.彈簧的彈力與彈簧的伸長(zhǎng)量成正比

8彈簧的彈力與彈簧的伸長(zhǎng)量成反比

C.彈簧的彈力與彈簧的長(zhǎng)度正比

D彈簧的彈力與彈簧的長(zhǎng)度成反比。

(3)請(qǐng)?jiān)贔-L圖象作出相應(yīng)圖線;

(4)由圖可知彈簧原長(zhǎng)L0=m,彈簧的勁度系數(shù)4=N/m.(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

)

14.一只小燈泡，標(biāo)有“3K0.6勿”字樣.現(xiàn)用圖中給出的器材測(cè)

量該小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻燈?(滑動(dòng)變阻器最大阻值為10。；

電源電動(dòng)勢(shì)為12匕內(nèi)阻為1。；電流表內(nèi)阻為1。；電壓表的內(nèi)

阻為10k。).

(1)在設(shè)計(jì)電路的過程中，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用

(填“內(nèi)接”或“外接”)法.滑動(dòng)變阻器的連接方式應(yīng)

采用(填“分壓式”或“限流式”)接法.

（2）用筆畫線代替導(dǎo)線將實(shí)物圖連成完整的電路（圖中有兩根導(dǎo)線已經(jīng)接好）.開始時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑

片應(yīng)該移到最端（填“左”或“右”）.

（3）若小燈泡發(fā)光較暗時(shí)的電阻為R,你根據(jù)所學(xué)的知識(shí)可判斷出R與％的大小關(guān)系為:夫Rx（

填“>”、"=”或

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共44.0分）

15.在如圖甲所示的半徑為r的豎直圓柱形區(qū)域內(nèi)，存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨

時(shí)間的變化關(guān)系為B=kt（k>0且為常量）.

（1）將一由細(xì)導(dǎo)線構(gòu)成的半徑為八電阻為R。的導(dǎo)體圓環(huán)水平固定在上述磁場(chǎng)中，并使圓環(huán)中心

與磁場(chǎng)區(qū)域的中心重合.求在T時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體圓環(huán)產(chǎn)生的焦耳熱

（2）上述導(dǎo)體圓環(huán)之所以會(huì)產(chǎn)生電流是因?yàn)樽兓拇艌?chǎng)會(huì)在空間激發(fā)渦旋電場(chǎng)，其電場(chǎng)線是在水

平面內(nèi)的一系列沿順時(shí)針方向的同心圓（從上向下看），圓心與磁場(chǎng)區(qū)域的中心重合.同一條電

場(chǎng)線上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，渦旋電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系與勻強(qiáng)電場(chǎng)相同.如圖丙所示，在

磁場(chǎng)區(qū)域的水平面內(nèi)同定一個(gè)內(nèi)壁光滑的絕緣環(huán)形真空細(xì)管道，其內(nèi)環(huán)半徑為r,管道中心與磁

場(chǎng)區(qū)域的中心重合，細(xì)管道直徑遠(yuǎn)小于r.某時(shí)刻，將管道內(nèi)電荷量為q的帶正電小球由靜止釋放

（小球的直徑略小于真空細(xì)管道的直徑），假設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)過程中其電荷量保持不變，忽略小球

受到的重力、小球運(yùn)動(dòng)時(shí)激發(fā)的磁場(chǎng)以及相對(duì)論效應(yīng).若小球由靜止經(jīng)過一段時(shí)間加速，獲得

動(dòng)能小,求小球在這段時(shí)間內(nèi)在真空細(xì)管道內(nèi)運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)

（3）若在真空細(xì)管道內(nèi)部空間加有方向豎直向下的恒定勻強(qiáng)磁場(chǎng)，小球開始運(yùn)動(dòng)后經(jīng)過時(shí)間片，

小球與環(huán)形真空細(xì)管道之間恰好沒有作用力.求在真空細(xì)管道內(nèi)部所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大

小.

16.如圖所示，真空中有以0'為圓心，，?為半徑的圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,

圓的最下端與x軸相切于坐標(biāo)原點(diǎn)O,圓的右端與平行于y軸的虛

N

線MN相切，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂直紙面向外，在虛線MN右側(cè)x軸上方足夠大的范圍內(nèi)有

方向豎直向下、場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)從坐標(biāo)原點(diǎn)。向紙面內(nèi)不同方向發(fā)射速率相同的

質(zhì)子，質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑也為r,己知質(zhì)子的電荷量為e,質(zhì)量為不計(jì)重

力的質(zhì)子、質(zhì)子對(duì)電、磁場(chǎng)的影響及質(zhì)子間的相互作用力。求：

(1)質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小。

(2)沿)，軸正方向射入磁場(chǎng)的質(zhì)子到達(dá)x軸所需的時(shí)間。

(3)在第(2)問的情況下，求質(zhì)子到達(dá)x軸時(shí)的速度。

17.興趣小組某同學(xué)提出一問題：夏日里，清晨時(shí)教室內(nèi)溫度為抑，中午溫度增加您需，則中午教

室氣體質(zhì)量是清晨的多少倍。(外界大氣壓不變)

18.某種材料的三棱鏡截面如圖所示，AA=90°,NB=60。一束垂

直于8c邊的直線光束從AB邊上的某點(diǎn)入射，折射光線經(jīng)過三

棱鏡BC邊反射后，從AC邊垂直射出，已知真空中的光速c=3x

108nl/5.求：

①三棱鏡的折射率;

②光在棱鏡中傳播的速度.

【答案與解析】

1.答案：D

解析：解：A、開普勒總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，牛頓找出了行星按照這些規(guī)律運(yùn)動(dòng)的原因，故A

錯(cuò)誤；

8、月球繞地球運(yùn)動(dòng)時(shí)，地球?qū)υ虑虻囊Τ洚?dāng)月球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，故B錯(cuò)誤；

C、哥白尼提出了日心說，牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)定了引力常量的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；

。、物體在轉(zhuǎn)彎時(shí)做曲線運(yùn)動(dòng)，則一定受到力的作用，故。正確

故選：D。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是

考試內(nèi)容之一。

2.答案：B

解析：解：人光電效應(yīng)是原子吸收光子向外釋放電子的現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B、飽和光電流的強(qiáng)度隨入射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而增強(qiáng)，故B正確；

C、逸出功與金屬本身的特點(diǎn)有關(guān)，與外界因素?zé)o關(guān)，C故錯(cuò)誤；

由于不可見光的頻率有的比可見光大，有的比可見光小，由光電效應(yīng)方程：

Ek=hy-W知產(chǎn)生光電子的初動(dòng)能無(wú)法比較，故D錯(cuò)誤.

故選：Bo

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，原子吸收光子的能量發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象;

光的強(qiáng)度影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出的光電子數(shù)目，即光電流的大??；

金屬的逸出功是金屬的固有屬性。根據(jù)光電效應(yīng)方程分析.

此題考查了學(xué)生對(duì)光電效應(yīng)的理解情況，要理解光電效應(yīng)方程物理意義，并能正確應(yīng)用光電效應(yīng)方

程解答有關(guān)問題。

3.答案：C

解析：解：4、由右手定則可知，金屬棒下滑過程，感應(yīng)電流從N流向M,故4錯(cuò)誤；

B、金屬棒克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，金屬棒加速運(yùn)動(dòng)過程中，金屬桿克服安培力做的功等于可

變電阻R的產(chǎn)生的焦耳熱，故8錯(cuò)誤，C正確；

C、金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，感應(yīng)電流最大，由平衡條件得：mgsine=絲之，解得：v=嚶浮，

感應(yīng)電流：/=5=蜉=筆"，若R增大，流經(jīng)金屬棒的最大電流不變，故。錯(cuò)誤；

RRBL

故選：C.

由右手定則可以判斷出電流方向；

從能量守恒的角度分析能量轉(zhuǎn)化情況；

由5=8打、歐姆定律求出電流的表達(dá)式，然后分析判斷.

本題考查了電磁感應(yīng)問題，解題時(shí)要正確分析金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況，從能量角度分析問題，應(yīng)用平衡

條件、E=BLv、歐姆定律即可正確解題.

4.答案：B

解析：解：人平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無(wú)關(guān)。故A錯(cuò)誤。

B、時(shí)間與平拋運(yùn)動(dòng)的高度有關(guān)，故8正確；

C、平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移由初速度和時(shí)間共同決定。故C錯(cuò)誤。

平拋運(yùn)動(dòng)是加速度為g的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。故。錯(cuò)誤。

故選：B。

平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不變，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定

水平位移。

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，知道平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水

平位移。

5.答案：C

解析：解：A、電容器與電源斷開，故電量Q不變；若現(xiàn)將電容器的“板水平向左移動(dòng)一小段距離，

根據(jù)。=盤可知，電容C減小，則根據(jù)C=號(hào)可知，電壓U增大；故靜電計(jì)指針偏角。增大，故A

4nkaU

錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=3=當(dāng)；因?qū)㈦娙萜鞯?。板水平向左移?dòng)一小段距離，因此

aCaES

電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，再根據(jù)設(shè)P與a極板距離為L(zhǎng),則P點(diǎn)的電勢(shì)0p=EL,則電荷在尸點(diǎn)的電勢(shì)將升

高，而電勢(shì)能Ep=qEL,則負(fù)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能碎減小，故8錯(cuò)誤，C正確；

。、所使用的靜電計(jì)是測(cè)出電勢(shì)，而不是電勢(shì)差，且靜電計(jì)是通過電容器帶電量的多少來體現(xiàn)電勢(shì)

差的大小，從而讀數(shù)電勢(shì)的高低，而電壓表是通電線圈在磁場(chǎng)中受到磁場(chǎng)力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，電流值越

大，轉(zhuǎn)動(dòng)角度越大，故不可用電壓表來替換，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

電容器充電后斷開電源，極板上的電量不變；根據(jù)電容器的定義式可分析電容的變化，再根據(jù)決定

式分析電壓的變化，從而分析靜電計(jì)指針夾角。的變化；

根據(jù)U=Ed分析電場(chǎng)強(qiáng)度E的變化；根據(jù)電勢(shì)與電勢(shì)差之間的關(guān)系可分析P點(diǎn)電勢(shì)，再由電勢(shì)分析

電勢(shì)能心的變化；

靜電計(jì)外殼的電勢(shì)為零，與電壓表有區(qū)別。

考查電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，解題的關(guān)鍵在于正確掌握電容的決定式C=J匚和定義式。=條同時(shí)

注意要掌握相關(guān)結(jié)論的應(yīng)用，如可以直接應(yīng)用結(jié)論：當(dāng)充電后斷開電源時(shí)，如果只改變兩板間距離，

則兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。

6.答案：C

解析：解：AB、據(jù)題，日本的地震導(dǎo)致地球自轉(zhuǎn)快了1.6〃s,地球自轉(zhuǎn)的周期變小.

以赤道地面的物體來分析：由于地球自轉(zhuǎn)的周期變小，在地面上的物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力會(huì)

增大，而“向心力”等于“地球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力減去地面對(duì)物體的支持力”，萬(wàn)有引力的大小不

變，所以必然是地面對(duì)物體的支持力減小.地面對(duì)物體的支持力大小等于物體受到的“重力”，所

以是物體的“重力”會(huì)略變小.

故A、8錯(cuò)誤.

CD,對(duì)地球同步衛(wèi)星而言，衛(wèi)星的運(yùn)行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期.地球自轉(zhuǎn)的周期T變小了，由開

普勒第三定律§=k可知，衛(wèi)星的軌道半徑式減小，衛(wèi)星的高度要減小些，故C正確，。錯(cuò)誤.

T2

故選：C

日本的地震導(dǎo)致地球自轉(zhuǎn)快了1.6/ZS,即地球自轉(zhuǎn)的周期變小了，根據(jù)向心力公式知道在地面上的物

體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力會(huì)增大，而萬(wàn)有引力的大小不變.對(duì)地球同步衛(wèi)星而言，衛(wèi)星的運(yùn)行周

期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，由開普勒第三定律可以得出衛(wèi)星的高度的變化.

本題是信息題，我們要從題目中找出與所求解問題相關(guān)的物理信息，再根據(jù)物理知識(shí)解答.

7.答案：B

解析：解：A、做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度為3m/s2,

某1S末比該1S初多Is,根據(jù)得：

某16末的速度比該1$初的速度總是大3m/s。故A正確，B錯(cuò)誤。

C、某1s末比前1s末多1s,根據(jù)=知某Is末的速度比前Is末的速度大3m/s。故C正

確。

D、某1s末比前16初多2s,根據(jù)D-i7（）=at,知某Is末的速度比前Is初的速度大6zn/s。故。正

確。

本題選錯(cuò)誤的故選瓦

做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度為3m/s2,知在任意1s內(nèi)的末速度比初速度大3m/s.

解決本題的關(guān)鍵知道做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度為3zn/s2,在任意1s內(nèi)的末速度比初速度大

3m/s.

8.答案：ABC

解析：解：小微粒在豎直方向做減速運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故為=gt，

2%=現(xiàn)t，聯(lián)立解得曳=2,故A正確；

ummg

B、電場(chǎng)力做功為勿=]ni（2i;o）2=2m詔，故機(jī)械能增加為2mq）2，故B正確；

C、A、8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U=T=網(wǎng)近，故C正確，。錯(cuò)誤；

qq

故選：ABC.

微粒在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力作用，電場(chǎng)力做功等于物體機(jī)械能的增加，根據(jù)動(dòng)能定

理求出A8兩點(diǎn)間的電勢(shì)差〃B；

涉及到電勢(shì)差的問題，常常要用到動(dòng)能定理.本題的難點(diǎn)在于運(yùn)動(dòng)的處理，由于微粒受到兩個(gè)恒力

作用，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解是常用的方法。

9.答案：ACD

解析：解：常溫下感溫磁體的磁性較強(qiáng)，當(dāng)按下開關(guān)按鈕，永磁體與感溫磁體相互吸引而接通電路，

而感溫磁體的居里溫度是103。（：，常壓下只要鍋內(nèi)有水，鍋內(nèi)溫度就不可能達(dá)到103冤，開關(guān)就不會(huì)

自動(dòng)斷開，飯熟后，水分被吸收，鍋底溫度就會(huì)達(dá)到103汽，感溫磁體磁性消失，在彈簧的作用下開

關(guān)自動(dòng)跳起。故ACQ正確，8錯(cuò)誤。

故選：ACD.

常溫下感溫磁體的磁性較強(qiáng)，當(dāng)溫度超過103。（2時(shí)，感溫磁體磁性消失。

本題考查了傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用等知識(shí)點(diǎn)。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不

大。

10.答案：AC

解析：解：

A、在速度-時(shí)間圖象中圖線的斜率表示加速度，該圖向右下方傾斜加速度為負(fù)，說明物體做勻減速

直線運(yùn)動(dòng)，故A正確。

B、位移-時(shí)間圖象的斜率表示該時(shí)刻的速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向，圖象的斜率為正常數(shù)，

即物體的速度為正方向的定值，物體向正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤。

C、該圖表示物體的加速度不變，加速度不變的直線運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確。

由圖看出圖線的切線斜率不斷增大，說明加速不斷增大，則表示加速席增大的變加速直線運(yùn)動(dòng)，

故。錯(cuò)誤。

故選：AC。

勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度不變.在速度-時(shí)間圖象中，切線的斜率表示加速度，加速度向右上方傾

斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；位移-時(shí)間圖象的斜率表示該時(shí)刻的速度，斜率的正

負(fù)表示速度的方向.根據(jù)圖線的形狀分析物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì).

本題首先要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：加速度不變.其次要理解位移-時(shí)間圖象上斜率的物理意

義和速度-時(shí)間圖象斜率的物理意義.

11.答案：解:(1)由想氣體狀態(tài)方程加以分析解決，由詈=等得：

TB=皿X二=—X300K=300K

PAYAPx2V

(2)由△〃=(?+勿=250/-100/=150/,△〃>(),故氣體內(nèi)能增加，增加了150J

答：(1)B狀態(tài)對(duì)應(yīng)溫度為300K(2)此過程中氣體內(nèi)能增加，增加15017

解析：(1)由想氣體狀態(tài)方程加以分析解決，著=答

(2)由熱力學(xué)第一定律列方程解決，△(/=(?+〃

對(duì)于P、V、T均不相同的情況，要用理想氣體狀態(tài)方程求解，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律時(shí)，注意。和W

的正負(fù)

12.答案:5：80(2.5±20/c)m(fc=0,1,2...)

解析：解：由波的圖象可知，4=2.5m,4=4m,而波速均為2.5m/s,所以兩列波的周期分別為

Ta=Is,Tb=1.6s,所以幾：Tb=5：8；

在t=0時(shí)刻，兩列波的波峰在x=2.5zn處重合，故該處質(zhì)點(diǎn)的速度為零；

根據(jù)波的周期性可知，相鄰兩波波峰重合的位置間距為20m,

故t=0時(shí)刻兩列波的波峰重合的所有位置的橫坐標(biāo)為x=(2.5±20k)m(k=0,1,2...)。

故答案為：(1)5：8,(2)0,(3)(2.5±20fc)m(fc=0,1,2...)。

由波的圖像可以得到波長(zhǎng)，利用公式可以求得周期，即可以求比值.兩列波在x=2.5m處重合，正好

都在波峰，疊加之后速度為0.利用周期性可以求得所有波峰重合的位置坐標(biāo).

本題考查波的圖象，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)特點(diǎn)，利用公式求波速等相關(guān)問題。要考慮兩列波的疊加問題，求

得速度矢量和。

13.答案：BCA0.0520

解析：解：(1)4、彈簧被拉伸時(shí)，不能超出它的彈性限度，并不是越大越好，故AC錯(cuò)誤。

8、用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要使彈簧保持豎直狀態(tài)，此時(shí)彈簧的彈力等于鉤碼的重力，

故8正確。

。、用刻度尺測(cè)得彈簧的長(zhǎng)度不是伸長(zhǎng)量，是原長(zhǎng)和伸長(zhǎng)量之和，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

(2)本實(shí)驗(yàn)探究的結(jié)論是：彈簧的彈力與彈簧的伸長(zhǎng)量成正比，注意不是總長(zhǎng)度，故A正確，BCO錯(cuò)

誤。

故選：4。

(3)通過描的點(diǎn)，讓直線盡量多的通過點(diǎn)，不在直線上的

點(diǎn)均勻的分布在直線兩側(cè)即可，如圖所示：＜1------------------------J----------

(4)圖線的橫軸截距表示彈簧的原長(zhǎng)，由圖可知：10="------￡----------

5.0cm=0.05m。)―寸-----

圖線的斜率表示勁度系數(shù)，則有：k=與團(tuán)20N/m。/

Al/

故答案為：⑴BC(2)4(3)如圖所示(4)0.0520

(1)在探究彈性限度內(nèi)彈簧的彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系

的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)過程拉力要在彈簧彈性限度內(nèi)，伸長(zhǎng)量為測(cè)量長(zhǎng)度減去原長(zhǎng)。

(2)彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量成正比。

(3)(4)根據(jù)圖中所描的點(diǎn)作出F-1圖線，圖線的橫軸截距表示彈簧的原長(zhǎng)，結(jié)合圖線的斜率求出彈

簧的勁度系數(shù)。

胡克定律中尸=依中，x是彈簧的形變量，即伸長(zhǎng)量或壓縮量，讀數(shù)時(shí)要在平衡狀態(tài)下讀數(shù)，要注

意圖象中的信息。知道圖線中截距、斜率表示的物理意義，以及掌握描點(diǎn)作圖的方法，讓盡量多的

點(diǎn)落在圖線上，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)可以舍去。

14.答案：外接；分壓式；左；＜

解析：解：(1)根據(jù)小燈泡規(guī)格“3V,0.6可知，電阻&=,0=150,滿足葛〉,，所以電流

表應(yīng)用外接法；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中需要的最大電阻為:

E12

Rmax=p-=疥°=600,所以給出的變阻器的全電阻太小(需要達(dá)到450左右)，即變阻器應(yīng)采用

分壓式接法，

(2)由以上分析可知，連線圖如圖所示；為了讓電流由小到大變化；電鍵閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)觸頭置于

輸出電壓最小的最左端.

(3)金屬的電阻率隨著溫度的升高而升高，故正常工作時(shí)電阻大于發(fā)光較暗時(shí)的電阻；

故答案為：(1)外接，分壓；

(2)如圖所不；左；

.)<

本題①的關(guān)鍵是根據(jù)小燈泡規(guī)格求出電阻和額定電流，即可求解；題②關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定

律求出電路中需要的最大電阻，可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法；題③的關(guān)鍵是明確閉合電鍵前應(yīng)將

滑動(dòng)觸頭置于輸出電壓最小的一端才行.

對(duì)電學(xué)實(shí)驗(yàn)應(yīng)明確：①根據(jù)小燈泡的額定電流和額定電壓大小來選擇電流表與電壓表的量程：②當(dāng)

滿足最>晟時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，當(dāng)滿足晟〈微時(shí)，電流表應(yīng)用內(nèi)接法；③當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)

小于待測(cè)電阻或要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法.

15.答案：解：(1)導(dǎo)體圓環(huán)內(nèi)的磁通量發(fā)生變化，將產(chǎn)生感生電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，

感生電動(dòng)勢(shì)為：E=—=nr2k

At

導(dǎo)體圓環(huán)內(nèi)感生電流為：/=《=警

在了時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體圓環(huán)產(chǎn)生的焦耳熱為:

2

Q=lR0T

Tn2k2r4

解得：Q

R。

(2)根據(jù)題意可知，磁場(chǎng)變化將在真空管道處產(chǎn)生渦旋電場(chǎng)，該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為：E電=*=卷

小球在該電場(chǎng)中受到電場(chǎng)力的作用，電場(chǎng)力的大小為：F=E電q=,

電場(chǎng)力的方向與真空管道相切，即與速度方向始終相同，小球?qū)?huì)被加速，動(dòng)能變大.

設(shè)小球由靜止到其動(dòng)能為/的過程中，小球運(yùn)動(dòng)的路程為s，根據(jù)動(dòng)能定理有：

Fs=Em

小球運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)為：N

2nr

解得:"贏

(3)小球的切向加速度大小為：a=±=篝

由于小球沿速度方向受到大小恒定的電場(chǎng)力，所以經(jīng)過時(shí)間玲，小球的速度大小v滿足：v=at0

小球沿管道做圓周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)樾∏蚺c管道之間沒有相互作用力，

所以，小球受到的洛倫茲力提供小球的向心力，設(shè)所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為名,

2

則有：qvB0=my

解得真空細(xì)管道內(nèi)部所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為：B°=；kto.

解析：考查電磁學(xué)與力學(xué)綜合運(yùn)用的內(nèi)容，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律與焦耳定

律的應(yīng)用，理解動(dòng)能定理及牛頓運(yùn)動(dòng)定律，注意電場(chǎng)強(qiáng)度與電動(dòng)勢(shì)的符號(hào)區(qū)別，及用E^=亮計(jì)算

出其電場(chǎng)強(qiáng)度是解題的突破口.

(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合閉合電路歐姆定律，及焦耳定律，即可求解；

(2)根據(jù)題意，求得渦旋電場(chǎng)，再確定電場(chǎng)力的大小，依據(jù)動(dòng)能定理，從而求解運(yùn)動(dòng)的圈數(shù)；

(3)再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與牛頓第二定律，即可求解.

16.答案：解：(1)質(zhì)子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供

向心力，由牛頓第二定律得：Bev=m-,