2021年江西省南昌市高考物理三模試卷（附答案詳解）

2021年江西省南昌市高考物理三模試卷

（202卜江西省南昌市?模擬題）蹦床是一項(xiàng)具有挑戰(zhàn)性的體育運(yùn)動(dòng)。

如圖所示，某時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員從空中最高點(diǎn)。自由下落，接觸蹦床

A點(diǎn)后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C.其中B點(diǎn)為人靜止在蹦床上時(shí)

的位置。忽略空氣阻力作用，運(yùn)動(dòng)員從最高點(diǎn)下落到最低點(diǎn)的

過程中，動(dòng)量最大的位置是（）

A.。點(diǎn)B.A點(diǎn)C.B點(diǎn)D.C點(diǎn)

2.（2021?江西省南昌市?模擬題）質(zhì)量不同的小球1、2

由同一位置先后以不同的初速度豎直向上拋出，運(yùn)出￡/‘

動(dòng)過程中兩小球受到的水平風(fēng)力恒定且相等，運(yùn)動(dòng)川心二....

軌跡如圖所示，忽略豎直方向的空氣阻力，貝女）

A.小球1質(zhì)量大，初速度大B.小球1質(zhì)量大，初速度小

C.小球1質(zhì)量小，初速度大D.小球1質(zhì)量小，初速度小

3.（2021.江西省南昌市.模擬題）雨天路滑，汽車在緊急

剎車時(shí)的剎車距離會明顯增加。如圖所示為駕駛員

駕駛同一輛汽車分別在干燥和濕滑兩種路面緊急

剎車時(shí)的速度隨時(shí)間變化的圖像，駕駛員反應(yīng)時(shí)間

為1s.則下列說法中正確的是（）

A.圖線1表示干燥路面，摩擦因數(shù)是濕滑路面的0.75倍

B.圖線1表示干燥路面，摩擦因數(shù)是濕滑路面的1.33倍

C.圖線2表示干燥路面，摩擦因數(shù)是濕滑路面的0.75倍

D.圖線2表示干燥路面，摩擦因數(shù)是濕滑路面的1.33倍

4.（2021?山東省棗莊市?期中考試）如圖，力傳感器固定在天

花板上，邊長為L的正方形勻質(zhì)導(dǎo)線框abed用不可伸長

的輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛于力傳感器的測力端，導(dǎo)線框與磁

感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框的加“部分處于勻強(qiáng)磁場中，仄

d兩點(diǎn)位于勻強(qiáng)磁場的平邊界線上。若在導(dǎo)線框中通以大小為/、方向如圖所示的

恒定電流，導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，力傳感器的示數(shù)為只改變電流方向，其它條

件不變，力傳感器的示數(shù)為尸2。該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）

A尸2-&B尸］一尸2C―（巳-Fl）D二（Fl-七）

?4/L?4/L?4/L?4/L

5.（2021?陜西省西安市?模擬題）假設(shè)有一載人宇宙飛船在距地面高度為4200^的赤

道上空繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球半徑約為6400b”，地球同步衛(wèi)星距地面高度

為36000h〃，宇宙飛船和地球同步衛(wèi)星繞地球同向運(yùn)動(dòng)，每當(dāng)二者相距最近時(shí)，宇

宙飛船就向同步衛(wèi)星發(fā)射信號，然后再由同步衛(wèi)星將信號發(fā)送到地面接收站，某時(shí)

刻二者相距最遠(yuǎn)，從此刻開始，在一晝夜的時(shí)間內(nèi)，接收站共接收到信號的次數(shù)為

（）

A.4次B.6次C.7次D.8次

6.（2020?河南省?模擬題）如圖所示，一個(gè)碗口水平、內(nèi)壁光滑的尸-二色二

半球形碗固定在水平桌面上，在球心O點(diǎn)固定一電荷量為Q’展二二，

的帶正電金屬球，兩個(gè)質(zhì)量相等的絕緣帶電小球A和8分別

緊貼著內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若小球A、B所帶電荷量很少，兩者間的

作用力忽略不計(jì)，且金屬球和帶電小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則下

列說法正確的是（）

A.小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同

B.小球A運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢相等

C.小球4的電荷量大于小球B的電荷量

D.小球A的角速度大于小球B的角速度

7.（2021?江西省南昌市?模擬題）如圖所示，兩質(zhì)量相等的光滑小圓環(huán)人/--------

B用細(xì)線相連，水平橫桿穿過圓環(huán)A,豎直桿穿過圓環(huán)8.開始時(shí)，|卜尸

細(xì)線處于貼著豎直桿處于豎直方向?，F(xiàn)在細(xì)線某點(diǎn)上施加一水平向J.

右的拉力F,使兩環(huán)緩慢移動(dòng)，則在這一移動(dòng)過程中（）；

A.水平向右的拉力F逐漸增大B.橫桿對環(huán)A的彈力逐漸增大

C.細(xì)線對環(huán)B的拉力逐漸增大D.細(xì)線對圓環(huán)A的拉力逐漸增大

8.（2017?黑龍江省哈爾濱市?模擬題）如圖（甲）所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，兩軌

相距Z,=0.4m,導(dǎo)軌一端與阻值R=0.30的電阻相連，導(dǎo)軌電阻不計(jì),導(dǎo)軌x>0—

側(cè)存在沿x方向均勻增大的恒定磁場，其方向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度8

隨位置x變化如圖（乙）所示，一根質(zhì)量m=0.2kg、電阻r=0.1。的金屬棒置于導(dǎo)

軌上，并與導(dǎo)軌垂直，棒在外力尸作用下從x=0處以初速度%=2m/s沿導(dǎo)軌向右

變速運(yùn)動(dòng)，且金屬棒在運(yùn)動(dòng)過程中受到的安培力大小不變.下列說法中正確的是

（）

第2頁，共18頁

xxBxxxL

圖（甲）

A.金屬棒向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.金屬棒在x=1m處的速度大小為0.5zn/s

C.金屬棒從x=0運(yùn)動(dòng)到x=lm過程中，外力尸所做的功為一0.175/

D.金屬棒從％=0運(yùn)動(dòng)到％=2m過程中，流過金屬棒的電量為5C

9.（2020?浙江省?期中考試）一個(gè)實(shí)驗(yàn)小組在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中:

（1）甲同學(xué)在做該實(shí)驗(yàn)時(shí)，通過處理數(shù)據(jù)得到了圖甲所示的F-x圖象，其中尸為彈

簧彈力，x為彈簧長度.請通過圖甲，分析并計(jì)算，該彈簧的原長&=cm,

彈簧的彈性系數(shù)k=N/m.該同學(xué)將該彈簧制成一把彈簧秤，當(dāng)彈簧秤的示

數(shù)如圖乙所示時(shí)，該彈簧的長度久=cm.

（2）乙同學(xué)使用兩條不同的輕質(zhì)彈簧?和b,得到彈力與彈簧長度的圖象如圖丙所示。

下列表述正確的是。

A.a的原長比。的長B.a的勁度系數(shù)比。的大

C.a的勁度系數(shù)比b的小。.測得的彈力與彈簧的長度成正比.

10.（2021.江西省南昌市.模擬題）在測量定值電阻阻值的實(shí)驗(yàn)中，提供的實(shí)驗(yàn)器材如下：

電壓表匕（量程3匕內(nèi)阻r1=3.0k。），電壓表彩（量程5匕內(nèi)阻「2=5.040）,滑動(dòng)

變阻器R（額定電流1.54,最大阻值1000）,待測定值電阻心,電源E（電動(dòng)勢6.0U,

內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)和導(dǎo)線若干.

回答下列問題：

（1）將虛線框中的電路原理圖補(bǔ)充完整。

?u/vI------------------------------1

5.oe

4.00

100

2.00

市I____________________I

圖(a)圖（b）

(2)根據(jù)下表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)(Ui、3分別為電壓表匕、匕的示數(shù))，在圖(a)給出的坐

標(biāo)紙上繪制/—a圖像。

測量次數(shù)12345

U\/V1.001.502.002.503.00

1.612.413.214.024.82

u2/v

(3)由4-%圖像得到待測定值電阻的阻值&=0(結(jié)果保留三位有效數(shù)

字)。

(4)完成上述實(shí)驗(yàn)后，若要繼續(xù)采用該實(shí)驗(yàn)原理測定另一個(gè)定值電阻Ry(阻值約為

7000的阻值，在不額外增加器材的前提下，要求實(shí)驗(yàn)精度盡可能高，請?jiān)趫D(b)的

虛線框內(nèi)畫出你改進(jìn)的電路圖。

11.(2021?江西省南昌市?模擬題)如圖所示，表面光滑的XX*X

絕緣平板水平放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)XXXX

磁場中，磁場方向垂直于豎直面向里。平板上有一V

個(gè)質(zhì)量為〃?、電荷量為q的帶電粒子，初始時(shí)刻帶**|X*

X:.XdXCX

第4頁，共18頁

電粒子靜止在絕緣平板上，與絕緣平板左側(cè)邊緣的距離為d.在機(jī)械外力作用下，絕

緣平板以速度丫豎直向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后帶電粒子從絕緣平板的左側(cè)

飛出。不計(jì)帶電粒子的重力。

（1）指出帶電粒子的電性，并說明理由；

（2）求帶電粒子對絕緣平板的最大壓力。

12.（2021?廣東省茂名市?單元測試）如圖所示，水平面上有A、8兩個(gè)小物塊（均視為質(zhì)

點(diǎn)），質(zhì)量均為加，兩者之間有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧（未與4B連接）。距離物塊A為

L處有一半徑為L的固定光滑豎直半圓形軌道，半圓形軌道與水平面相切于C點(diǎn)，

物塊8的左邊靜置著一個(gè)三面均光滑的斜面體（底部與水平面平滑連接）。某一時(shí)刻

將壓縮的彈簧釋放，物塊A、8瞬間分離，4向右運(yùn)動(dòng)，恰好能過半圓形軌道的最

高點(diǎn)D（物塊A過。點(diǎn)后立即撤去），B向左平滑地滑上斜面體，在斜面體上上升的

最大高度為L（L小于斜面體的高度）。已知A與右側(cè)水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.5,B

左側(cè)水平面光滑，重力加速度為g,求：

（1）物塊A通過C點(diǎn)時(shí)對半圓形軌道的壓力大?。?/p>

（2）斜面體的質(zhì)量：

（3）物塊8與斜面體相互作用的過程中，物塊B對斜面體做的功。

13.（2021.海南省.模擬題）由于水的表面張力，荷葉上的小EP,

水滴總是球形的。在小水滴表面層中，水分子之間的

相互作用總體上表現(xiàn)為（選填“引力”或“斥A\

力”）。分子勢能Ep和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖

所示，能總體上反映小水滴表面層中水分子與的是圖?

中（選填“A”“8”或“C”）的位置。

14.（2021?江西省南昌市?模擬題）中醫(yī)拔火罐的物理原理是利用玻璃罐

內(nèi)外的氣壓差使罐吸附在人體穴位上，治療某些疾病，如圖所示。

使用火罐時(shí)，先加熱罐中氣體，然后將罐的開口迅速按到皮膚上，

自然降溫后，火罐緊緊吸附在皮膚上。已知火罐壓在皮膚上之前Q火球

的氣體溫度為227汽，自然降溫后的氣體達(dá)到室內(nèi)溫度27久，因皮膚凸起，內(nèi)部氣

體體積變?yōu)楣奕莘e的靜，罐內(nèi)氣體認(rèn)為是理想氣體。求:

47

①加熱前后，罐內(nèi)氣體的質(zhì)量之比；

②自然降溫后，罐內(nèi)氣體的壓強(qiáng)。

15.（2021?江西省南昌市?模擬題）如圖中坐標(biāo)原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)。為一簡諧波的波源，當(dāng)t=0

時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。從平衡位置開始振動(dòng)，波沿x軸向兩側(cè)方向傳播。圖中P質(zhì)點(diǎn)的平衡位

置在1m?2m之間，。質(zhì)點(diǎn)的平衡位置在2m?3m之間?！?2s時(shí)刻波形第一次如

圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P、。到平衡位置距離相等，則（）

第6頁，共18頁

y/m

A.該簡諧波的傳播速度的大小為2M/S

B.波源。的初始振動(dòng)的方向是沿y軸正方向

C.從t2=2.5s開始，質(zhì)點(diǎn)P比。先回到平衡位置

D.當(dāng)《2=2.5s時(shí)，P、。兩質(zhì)點(diǎn)的速度方向相同

E.當(dāng)匕=2.5s時(shí)，P、。兩質(zhì)點(diǎn)的加速度方向相同

16.（2021?江西省南昌市?模擬題）截面為等腰直角三角形

的三棱鏡如圖所示。OE為嵌在三棱鏡內(nèi)部緊貼

BB'C'C面的線狀單色可見光光源，OE與三棱鏡的

ABC面垂直，。位于線段BC的中點(diǎn)。三棱鏡對該單

色光的折射率為近，只考慮由直接射向側(cè)面的光

線,求:

①光從棱鏡內(nèi)出射的臨界角；

②光從44CC面出射的區(qū)域與光從44/B/B面出射的區(qū)域總面積之比。

答案和解析

1.【答案】C

【知識點(diǎn)】動(dòng)量定理

【解析】解：運(yùn)動(dòng)員從。點(diǎn)到B點(diǎn)的過程都是向下加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)8點(diǎn)時(shí)速度最大，

由p=7m；,可知，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量在8點(diǎn)時(shí)動(dòng)量最大，故C正確，錯(cuò)誤。

故選：C。

對運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行受力分析，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度最大，根據(jù)動(dòng)量定義式「=nw分析即

可。

本題以蹦床這種技術(shù)含量很高的體育運(yùn)動(dòng)為背景考查動(dòng)量定理在實(shí)際生活中的應(yīng)用，關(guān)

鍵要對每個(gè)過程的受力情況分析清楚。

2.【答案】A

【知識點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成與分解、豎直上拋運(yùn)動(dòng)

【解析】解：小球在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度：九=普，由于小球1

2g

上升的高度大，所以小球1的初速度大；

在豎直方向向上的過程與向下的過程是對稱的，下落的時(shí)間與上升的時(shí)間相等，即下落

的時(shí)間：t2=t]

小球1上升的時(shí)間長，所以小球1在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長；由圖可知小球2水平方向運(yùn)動(dòng)

的位移大，

根據(jù)：“=：研2可知小球2水平方向的加速度大；由于水平方向小球受到的力相等，所

以小球2的質(zhì)量小，小球1的質(zhì)量大，

綜上所述，故A正確，BCO錯(cuò)誤。

故選：4。

抓住豎直方向上都做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)速度與位移公式，來判定初速度大小，再

結(jié)合位移與時(shí)間公式列式分析水平方向加速度大小，從而判定質(zhì)量大小關(guān)系。

該圖中的運(yùn)動(dòng)分解成：豎直方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再運(yùn)

用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式及牛頓第二定律進(jìn)行處理即可。

3.【答案】D

【知識點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)的圖像

第8頁，共18頁

【解析】解：根據(jù)u-t圖像的斜率表示加速度，斜率絕對值越大，加速度越大，可知，

圖線1的斜率絕對值小于圖線2的斜率絕對值，因干燥路面的動(dòng)摩擦因數(shù)大，汽車的加

速度大，則圖線1表示濕滑路面，圖線2表示干燥路面。

根據(jù)v-t圖像的斜率表示加速度，得汽車在干燥路面與濕滑路面上剎車時(shí)，加速度大

小之比a產(chǎn)a/s=y：y=4：3*1.33,根據(jù)牛頓第二定律得卬ng=ma,得a=〃g,

則干燥路面與濕滑路面動(dòng)摩擦因數(shù)之比為〃產(chǎn)林渥=a干:a澀BL33,故4BC,。正確。

故選：。。

根據(jù)t圖像的斜率表示加速度，分析加速度關(guān)系，再根據(jù)牛頓第二定律求摩擦因數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵要知道u-t圖像的斜率表示加速度，根據(jù)圖線的斜率大小比較加速度

大小，由牛頓第二定律分析動(dòng)摩擦因數(shù)的大小。

4.【答案】C

【知識點(diǎn)】安培力、安培力的大小

【解析】解：線框在磁場中受到安培力的等效長度為=當(dāng)電流方向?yàn)閳D示方

向時(shí).，由左手定則可知導(dǎo)線框受到的安培力豎直向上，大小為F=&B1L;

因此對導(dǎo)線框受力平衡，則有：Fr+F=mg,

當(dāng)導(dǎo)線框中的電流反向，則安培力方向豎直向下，此時(shí)有mg+F=F2

聯(lián)立可得：8=生儂，故C正確、ABQ錯(cuò)誤。

4/L

故選：Co

求出線框在磁場中受到安培力的等效長度，由左手定則可知導(dǎo)線框受到的安培力豎的方

向，對導(dǎo)線框根據(jù)平衡條件列方程進(jìn)行解答。

本題主要是考查安培力作用下的導(dǎo)體棒的平衡問題，解答此類問題要明確導(dǎo)體棒的受力

情況，根據(jù)安培力的計(jì)算公式結(jié)合平衡條件列方程解答。

5.【答案】C

【知識點(diǎn)】開普勒第三定律、衛(wèi)星的運(yùn)行規(guī)律

【解析】

【分析】

地球同步衛(wèi)星與宇宙飛船均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，則它們的半徑的三次方之比與公轉(zhuǎn)周期

的二次方之比相等.當(dāng)它們從相距最近到相距最遠(yuǎn)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角度相差(2n7r+7r)(n=O、

1、2、...)o

從相距最近再次相距最近，它們轉(zhuǎn)動(dòng)的角度相差360度；當(dāng)從相距最近到再次相距最遠(yuǎn)

時(shí)，它們轉(zhuǎn)動(dòng)的角度相差180度。

【解答】

解：據(jù)開普勒第三定律胃(1)

K212

R、=4200km+6400kmR2=36000/cm+6400km(2)

可知載人宇宙飛船的運(yùn)行周期與地球同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期72之比為g又己知地球同

O

步衛(wèi)星的運(yùn)行周期為一天即24/?,因而載人宇宙飛船的運(yùn)行周期7[==八=3八

O

由勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度3=景，所以宇宙飛船的角速度為與同步衛(wèi)星的角速度

幅L

當(dāng)兩者與太陽的連線是一條直線且位于地球異側(cè)時(shí)，相距最遠(yuǎn),

此時(shí)追擊距離為兀即一個(gè)半圓，追擊時(shí)間為三為九=手比

2n,24,

此后，追擊距離變?yōu)閹准匆粋€(gè)圓周，同理，追擊時(shí)間為:h=-h

2普點(diǎn))7

可以得到24/7內(nèi)共用時(shí)早力完成追擊7次，即七次距離最近，因而發(fā)射了七次信號。

故選Co

6.【答案】BD

【知識點(diǎn)】電勢、圓錐擺問題、庫侖定律與力學(xué)問題的綜合應(yīng)用、點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度

【解析】

【分析】

A、8兩個(gè)小球都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球受到重力和庫侖力，由合外力提供向心力，據(jù)

此分析庫侖力的大小，從而分析電量關(guān)系，電場強(qiáng)度是矢量，有大小也有方向，以。

為球心的同一球面是等勢面。由向心力公式分析角速度關(guān)系。

解答本題時(shí)要注意電場強(qiáng)度是矢量，只有大小和方向都相同，才能說電場強(qiáng)度相同，要

知道勻速圓周運(yùn)動(dòng)由合外力提供向心力。

【解答】

4、小球A、B運(yùn)動(dòng)軌跡上的各點(diǎn)到。點(diǎn)的距離相等，場強(qiáng)大小相等，但是方向不同，

所以場強(qiáng)不同，故A錯(cuò)誤；

8、以。為球心的同一球面是等勢面，則小球A、8運(yùn)動(dòng)軌跡上的各點(diǎn)電勢相等，故2

正確；

第10頁，共18頁

C、小球受到重力、支持力與庫侖力，合力提供向心力，設(shè)小球與。的連線與豎直方向

的夾角為。，則有：

F庫=嚕=%，若。越大，則庫侖力越小，而4、B小球到。的距離相等，所以小球4

的電荷量小于小球B的電荷量，故C錯(cuò)誤；

D,對于任意一球，設(shè)其軌道上某點(diǎn)與0點(diǎn)連線與豎直方向的夾角為仇碗的半徑為R,

根據(jù)牛頓第二定律得mgtan。=m/Rsino,得3=R一定,。越大，則角速度

3越大，所以小球4的角速度大于小球8的角速度，故。正確。

故選：BD。

7.【答案】AC

【知識點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡、力的合成與分解

【解析】解：由于A受到重力、支持力和細(xì)

線拉力作用平衡，所以拉A的細(xì)線豎直。任

意位置時(shí)細(xì)線狀態(tài)如圖所示：

AC、對B分析，豎直方向根據(jù)平衡條件可

得：Tcos0=mg,解得細(xì)線的拉力7=

,mg

向右拉動(dòng)細(xì)線，9逐漸增大，則細(xì)線對B的

拉力增大;

水平方向根據(jù)平衡條件可得：TsinO=FN,解得：FN=mgtand,0增大，則年增大;

以整體為研究對象，水平方向根據(jù)平衡條件可得：F=FN，增大，故AC正確。

BD、以整體為研究對象，豎直方向根據(jù)平衡條件可得橫桿對環(huán)A的彈力N=2mg,不

變;

以A為研究對象，豎直方向根據(jù)平衡條件可得細(xì)線對A的拉力：F線=N-mg=mg,

不變，故3。錯(cuò)誤。

故選：AC。

對B分析，豎直方向根據(jù)平衡條件分析細(xì)線的拉力變化情況，水平方向根據(jù)平衡條件分

析支持力的變化；以整體為研究對象，水平方向根據(jù)平衡條件分析拉力F的變化；

以整體為研究對象，豎直方向根據(jù)平衡條件分析橫桿對環(huán)A的彈力；以A為研究對象,

豎直方向根據(jù)平衡條件可得細(xì)線對A的拉力變化情況。

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)

行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后

在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。注意整體法和隔離法的應(yīng)用。

8.【答案】BC

【知識點(diǎn)】閉合電路歐姆定律、導(dǎo)體棒平動(dòng)切割磁感線、安培力的大小、動(dòng)能定理的基

本應(yīng)用

【解析】解：A、根據(jù)圖象得8-無函數(shù)關(guān)系式：8=0.5+0.5萬

金屬棒向右運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢E=BLv

感應(yīng)電流/=會=誓，安培力滬，解得："="二=；々；

R+rR+r女R+rB2l7(x+1)2

根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式x="可得金屬棒不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤;

B、根據(jù)題意金屬棒所受的安培力大小不變，x=0處與x=1處安培力大小相等，有：

g°L—=￡1^1,解得力=o,5m/s,故8正確；

R+rR+r

C、金屬棒在X=0處的安培力大小為：《2=0-Mx。-2X2N=o2N

女R+r0.4

對金屬棒金屬棒從X=0運(yùn)動(dòng)到x=1m過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：Wp-F-

\mvl，代入數(shù)據(jù)解得1作=—0.175/,故C正確；

力、根據(jù)感應(yīng)電量公式q=箸=等，x=0到x=2過程中，B-x圖象包圍的面積4B?

K~rTK~rT

%=竺歲'2=2,所以q=^=誓C=2C,故。錯(cuò)誤.

故選：BC.

根據(jù)安培力的表達(dá)式導(dǎo)出速度u與x的關(guān)系式，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式判

斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)是否為勻變速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)安培力與速度的關(guān)系式，由％=0和x=lm處

的安培力相等即可求出x=1根處的速度；根據(jù)動(dòng)能定理外力做功：根據(jù)感應(yīng)電量經(jīng)驗(yàn)

公式求解電荷量.

考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、安培力的大小公式、做功表達(dá)式、動(dòng)能

定理等的規(guī)律的應(yīng)用與理解，運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒所受的安培力不變，是本題解題的突破

口，注意B-x圖象的面積和L的乘積表示磁通量的變化量.

9.【答案】(1)8；25；20；(2)B

【知識點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系

【解析】

第12頁，共18頁

【分析】

考查了胡克定律，注意尸-/圖象的認(rèn)識，要理解在圖象中斜率表示彈簧的勁度系數(shù)鼠

橫截距表示彈簧的原長。

【解答】

(1)當(dāng)彈力為零時(shí)，彈簧處于原長狀態(tài)，故原長為與=8cm,在F-x圖象中斜率代表彈

簧的勁度系數(shù)，則k=^=總N/m=25N/m

在乙圖中彈簧秤的示數(shù)F=3Q0N,根據(jù)F=依可知

x=，==0.12m=12cm,故此時(shí)彈簧的長度L=x+X。=20cm

(2)4在丙圖中，當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí)，彈簧處于原長，故匕的原長大于a的原長，故A

錯(cuò)誤；

BC.斜率代表勁度系數(shù)，故”的勁度系數(shù)大于匕的勁度系數(shù)，故8正確，C錯(cuò)誤；

D彈簧的彈力與彈簧的形變量成正比，故力錯(cuò)誤。

故選8。

故答案為：(1)8；25；20；(2)8。

10.【答案】1.83X103

【知識點(diǎn)】伏安法測電阻

【解析】解：(1)由于各電壓表的電阻值比較大，為讓待測電阻分得較大電壓，所以選

擇分壓接法，如圖1：

圖1

(2)根據(jù)表格，畫出U-/圖線，如圖2：

⑶根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，結(jié)合歐姆定律有：桁弋，變形得：3.5，

結(jié)合圖線斜率求得：k=矯詈=1.61,則若=1.61,解得&=1.61義3.0k。+

3.0k。=1.83x1。30

(4)因待測電阻勺(阻值約為7000)的阻值較小，若仍與電壓表匕串聯(lián)，則所分得的電壓

過小，不利于測量，故待測電阻勺與其中一個(gè)電壓表并聯(lián)，由于電源電動(dòng)勢只有6匕

為讓待測電阻分得較大電壓，故待測電阻R,應(yīng)與電壓表彩并聯(lián)，再與電壓表匕串聯(lián),

故答案為:(1)如圖1;(2)如圖2；(3)1.83x103；(4)如圖3

(1)題目沒有電流表，只有兩個(gè)電壓表，電壓表電阻值比較大，為了待測電阻分得較大

電壓，選擇分壓接法；

(2)(3)對Rr進(jìn)行歐姆定律求解，將等式變形成函數(shù)形式，進(jìn)而根據(jù)直線斜率求解也；

(4)改裝電路主要依據(jù)是使兩個(gè)電壓表讀數(shù)達(dá)到滿偏的g-|方便讀數(shù)，也為了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)

準(zhǔn)確。

第14頁，共18頁

本題考查分壓法和限流法的選擇原則和兩個(gè)電壓表測電阻的接法。電路圖的接法問題,

要遵循安全和準(zhǔn)確的原則。

11.【答案】解：(1)帶電粒子帶正電。因?yàn)樗鼜钠桨遄髠?cè)飛出，所以它受到的洛倫茲力

方向水平向左，由左手定則可判斷它帶正電。

(2)設(shè)帶電粒子向左運(yùn)動(dòng)的加速度為。，則

qvB=ma

設(shè)它向左運(yùn)動(dòng)即將脫離平板時(shí)的速度大小為以，則

vx=2ad

此時(shí)，帶電粒子對平板的壓力最大，設(shè)為FN，則由豎直方向二力平衡得

FN=qVxB

解得

答：(1)帶電粒子帶正電。因?yàn)樗鼜钠桨遄髠?cè)飛出，所以它受到的洛倫茲力方向水平向

左，由左手定則可判斷它帶正電。

(2)帶電粒子對絕緣平板的最大壓力為因豆。

【知識點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律

【解析】(1)根據(jù)左手定則，依題意可判斷粒子帶正電：

(2)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力平衡可求得最大壓力。

本題結(jié)合洛倫茲力考查受力平衡的問題，關(guān)鍵在于掌握左手定則判斷洛倫茲力方向，當(dāng)

速度最大時(shí)，洛倫茲力最大，即壓力最大。

12.【答案】解:(1)4到達(dá)。點(diǎn)時(shí)有mg=m苧,

從C到O根據(jù)動(dòng)能定理有-mg-2L=gm詔-^mvc，

在C點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律有F-mg=m與，

解得尸=6mg

根據(jù)牛頓第三定律可知物塊A通過C點(diǎn)時(shí)對半圓形軌道的壓力大小F'=F=6mg；

(2)彈簧釋放瞬間，根據(jù)動(dòng)量守恒有小以=mvB,

對A物體，從釋放到運(yùn)動(dòng)到C的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有—=嶺一;小域，

8滑上斜面體的最高點(diǎn)時(shí)，對8和斜面體，根據(jù)動(dòng)量定理有小%=(M+

根據(jù)機(jī)械能守恒有如詔=+M)vz+mgL,

解得M=p

(3)物體B從滑上斜面到與斜面分離的過程中，根據(jù)動(dòng)量守恒有6加=mvB'+Mv',

根據(jù)機(jī)械能守恒有g(shù)m詔=+|Mv，2,

解得為'=回，M=g師，

3J

根據(jù)功能關(guān)系可知，物塊B與斜面體相互作用的過程中，物塊B對斜面體做的功為以=

1MV'2=W

23

答：(1)物塊A通過C點(diǎn)時(shí)對半圓形軌道的壓力大小為6〃%；

(2)斜面體的質(zhì)量為熱

(3)物塊8與斜面體相互作用的過程中，物塊3對斜面體做的功為號”。

【知識點(diǎn)】機(jī)械能守恒與曲線運(yùn)動(dòng)、向心力的計(jì)算、動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用實(shí)例

【解析】(1)4物體到。時(shí)，重力提供向心力，以此秋杰出4到達(dá)。點(diǎn)的速度大小，C

到。根據(jù)動(dòng)能定理求解A物體在C的速度，根據(jù)牛頓第二定律求解物塊A通過C點(diǎn)時(shí)

對半圓形軌道的壓力大小：

(2)對A物體從釋放到運(yùn)動(dòng)到C根據(jù)動(dòng)能定理求解釋放瞬間獲得的速度，對A8組成的

系統(tǒng)根據(jù)動(dòng)量以及能量守恒求解釋放瞬間B的速度，當(dāng)8到底斜面的最高點(diǎn)時(shí)，兩者的

速度相同，對B和斜面體根據(jù)動(dòng)量守恒以及能量守恒列方程求解斜面體的質(zhì)量；

(3)對物塊B與斜面體相互作用的過程中，根據(jù)根據(jù)動(dòng)量守恒以及能量守恒列方程求解

B離開斜面時(shí)斜面的速度大小，再根據(jù)功能關(guān)系求解物塊B對斜面體做的功。

解決該題的關(guān)鍵是明確知道物體A在。點(diǎn)時(shí)是由重力提供向心力，知道B和斜面作用

的過程中動(dòng)量以及能量守恒，當(dāng)B到達(dá)斜面的最高點(diǎn)時(shí)兩者的速度相同。

13.【答案】引力；C

【知識點(diǎn)】分子力及Fr圖像、液體的表面張力

【解析】解：在小水滴表面層中，水分子間距較大，故水分子之間的相互作用總體上表

現(xiàn)為引力；

當(dāng)廠=「。時(shí)，F(xiàn)%=尸斤，分子力F=0,分子勢能最小，故B點(diǎn)為分子間作用力為零的

情況，即8點(diǎn)表示平衡位置，故表現(xiàn)為引力的位置只能為C點(diǎn)。

第16頁，共18頁

故答案為：引力；C。

明確分子間作用力與分子間距離的關(guān)系，并能用分子間作用力解析表面張力的性質(zhì)；同

時(shí)牢記分子力做功與分子勢能間的關(guān)系，明確分子勢能隨分子間距離變化的圖象。

本題考查分子勢能、液體的表面張力的性質(zhì)，關(guān)鍵是明確分子力的性質(zhì)，知道分子力做

功與分子勢能間的關(guān)系，從而掌握分子勢能的變化圖象的意義。

14.【答案】解：①加熱前氣體溫度2=(273+27)K=300K,加熱后氣體的溫度T=

(273+227)K=500K

設(shè)罐的容積為外,加熱后氣體的體積為匕加熱過程氣體壓強(qiáng)不變，由蓋-呂薩克定律

得.%=上

代入數(shù)據(jù)解得：V=|Vo，

解熱前后罐內(nèi)氣體的質(zhì)量之比：四=上=區(qū)=￡

m%%3

②設(shè)降溫后氣體壓強(qiáng)為p