2021年浙江省高考物理押題試卷（附答案詳解）

2021年浙江省高考物理押題試卷

一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）

1.下列關于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）

A.分子間的距離越近，分子間的作用力就越大

B.擴散現(xiàn)象和布朗運動都能說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動

C.氣體溫度每升高1久所吸收的熱量與氣體經歷的具體過程無關

D.水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠，人感覺越潮濕

2.2020年11月27日00時41分，華龍一號全球首堆中核集團福清核電5號機組首次

并網成功。如圖所示是原子核的比結合能與質量數(shù)的關系圖，下列說法正確的是

（）

B.華龍一號的原理是核聚變反應

C.原子核比結合能越大，原子核越穩(wěn)定

D.核裂變反應發(fā)生后，核子的平均質量不變

3.李娜是亞洲第一位大滿貫女子單打冠軍。若李娜某次訓

練擊球時，第一次將網球從4點水平擊出，網球擊中。

點；第二次將該網球從位于A點正下方且與。點等高的B點斜向上擊出，最高點

為C,網球也擊中。點。A、C高度相同，忽略空氣阻力，則（）

A.兩次擊球過程中，網球的初速度大小一定不相等

B.網球兩次擊中。點時速大小相等

C.網球兩次擊中。點時，重力做功的瞬時功率相同

D.網球從B點到。點的過程中，重力對球的沖量為零

4.如圖所示為玻璃磚橫截面，上表面為半圓，ABC。為正方形，一束

平行光線垂直于CD邊射入玻璃磚，在半圓面A3上恰好有三分之一

圓弧可看到透光，則玻璃磚的折射率為（）

A.2B.V2C.3D.V3

5.一種電場的某條電場線與x軸重合，其場強大小E與

坐標x的關系如圖所示，下列說法正確的是（）

A.此電場是勻強電場

B.由圖像可以直接看出場強大小隨x均勻增大

C.圖像的斜率表示電場的電勢

D.X1與%2之間的電勢差等于陰影部分的面積

6.電阻不可忽略的線圈可看作是一個定值電阻島（線圈電阻）與一個純線圈心串聯(lián)而

成，如圖甲。在如圖乙所示電路中，常規(guī)變壓器T線圈電阻不可忽略，變壓器原線

圈接理想交流電源。當滑動變阻器觸頭P向人端滑動時，下列說法正確的是（）

C.小燈泡變亮D.%消耗功率增大

7.如圖，在水平桌面上疊放著兩個物塊M和〃?，“與桌面間A

的動摩擦因數(shù)為〃i，機與M之間的動摩擦因數(shù)為〃2,一根

輕繩一端與M相連，另一端繞過光滑的定滑輪A系在豎直

桿上的8點?，F(xiàn)將另一個物體G用光滑輕質掛鉤掛在輕繩上AB之間的。點，已知

整個裝置處于靜止狀態(tài)時，豎直桿與繩。8的夾角為a,則（）

A.將繩的B端向上緩慢移動一小段距離時繩的張力變小

B.將豎直桿緩慢向右移動一小段距離時繩的張力變大

C.M所受的摩擦力為〃+m）g

D.剪斷A處輕繩瞬間，，"的加速度為〃2g

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8.如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，此刻平衡位置位于

x=10m處質點正沿y軸負方向運動，且經過1s第一次回到平衡位置。則下列分析

不正確的是（）

24\687101214x/m

A.該波沿x軸正方向傳播

B.該波的傳播速度為8?n/s

C.在0?10s內平衡位置位于x=57n處的質點通過的路程為0.8m

D.t=0時刻x=0處的質點的位移為2Wcm

9.如圖所示，圖甲為氫原子的能級圖，大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，發(fā)出

頻率不同的大量光子，其中頻率最高的光子照射到圖乙電路中光電管陰極K上時,

電路中電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示。下列說法正確的是（）

￡/eV

000

4-0.85

3-1.51

A.光電管陰極K金屬材料的逸出功為7.0eIZ

B.這些氫原子躍遷時共發(fā)出2種頻率的光

C.若調節(jié)滑動變阻器滑片能使光電流為零，則可判斷圖乙中電源右側為正極

D.氫原子躍遷放出的光子中有2種頻率的光子可以使陰極K發(fā)生光電效應現(xiàn)象

10.有A、B兩顆繞地球運動的人造衛(wèi)星，其軌道分別為如圖所人￡'、、，---、

%、/、、

示的I和n,軌道I為半徑為R的圓，軌道II為長軸等于3：'、、'；、

2/？的橢圓，兩軌道不在同一平面內，軌道口上0、d兩點距'irt2?

離軌道I垂直距離均為/且是兩軌道距離最近的兩點，。點'、、、I，/

為地球球心位置。已知地球質量為M,萬有引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.A、B運行周期之比。：=1：1

B.若B經過c點時到A的距離為/,則下次距離為/時B恰好經過d點

C.若A的運行速率為北,設B經過a點時的速率為i，，貝忖＜%

D.若Oa=^R,則8經過b點時的加速度與A的加速度之比為9：4

11.如圖甲所示，虛線MN兩側的空間均存在與紙面垂直的勻強磁場，右側勻強磁場的

方向垂直紙面向外，磁感應強度大小恒為B。，左側勻強磁場的磁感應強度B隨時間

f變化的規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定垂直紙面向外為磁場的正方向。一硬質細導線的電

阻率為P、橫截面積為So,將該導線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面內，圓心。在

MN上,則下列說法正確的是（）

A.0?t（）時間內，圓環(huán)中的電流方向為逆時針方向

B.t=t（）時刻，圓環(huán)中的電流為0

C.t=|片時亥U，圓環(huán)受到的安培力大小為瞥！

Nopto

D.在0?琳時間內，通過圓環(huán)的電荷量為鬻

二、實驗題（本大題共1小題，共12.0分）

12.某同學準備測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻，他從實驗室里借來如下實驗器材:

//mA

1T1IIII

-4-1-4------4-------1------J-----U-

1.5IIIIII

1.4

1.3

1.2

1.1

?八I?1IINi

l.O1^，I，…、I，產

00.10.20.30.40.50.6"A

甲乙

4電流表量程為0.64內阻約為0.50）；

8.電流表量程為2加4,內阻為1000）；

C.電壓表U（量程為6匕內阻約為10k。）；

。.滑動變阻器％（最大阻值為50）；

E.電阻箱&（最大阻值為999.90）；

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E開關、導線若干；

G待測干電池。

(1)該同學發(fā)現(xiàn)電壓表的量程太大，準備用電流表和電阻箱改裝為一量程為2V的電

壓表，則其應該選擇的電流表是(填或)-電阻箱接入電路的

阻值R=0。

(2)正確選擇器材后，請你幫助該同學在圖甲中補充完整實驗電路圖。

(3)實驗過程中，該同學多次調節(jié)滑動變阻器接入電路的電值，得到兩電流表4的

示數(shù)人和電流表4的示數(shù)4如表所示，該同學根據表中的數(shù)據得到如圖乙所示的圖

線，得出該干電池的電動勢后=V、內阻r=0。(結果均保留兩位

小數(shù))

4M0.100.200.300.400.50

li/mA1.371.281.211.141.05

三、計算題(本大題共4小題，共44.0分)

13.如圖所示，一豎直放置的氣缸被輕活塞48和固定隔板C。分成/

兩個氣室，8上安裝一單向閥門，單向閥門只能向下開啟；氣

室1內氣體壓強為2p°,氣室2內氣體壓強為po,氣柱長均為3°

活塞面積為S,活塞與氣缸間無摩擦，氣缸導熱性能良好。現(xiàn)在L

活塞上方緩慢放上質量為，"的細砂，重力加速度為g。若等，則氣室1內氣

體壓強為多少？

14.如圖所示，某機器人研究小組自制的機器車能夠自動識別

障礙物上、下坡。該機器車質量m=20kg,在水平路面AB產--一￡-

段以速度%=6m/s勻速行駛，BC段是一段陡坡。機器車在BC段僅用t=5s就運

動到了坡頂，且到達坡頂前機器車已經以速度外=3m/s做勻速運動。已知整個過

程中該機器車的輸出功率保持不變，機器車在AB段受到的阻力=200/V,在BC

段所受阻力恒定，機器車經過8點時無機械能損失，求：

(1)該機器車經過B點后剛開始上坡時的加速度大??；

(2)BC段的長度。

15.如圖甲所示，傾角為9的傾斜軌道與水平軌道交于。點，在傾斜軌道上高九處由靜

止釋放滑塊4此后A與靜止在水平軌道上尸處的滑塊B發(fā)生彈性碰撞(碰撞時間

不計)。已知B與軌道間的動摩擦因數(shù)為〃，A與軌道間無摩擦，重力加速度大小為

g?；瑝KA的部分速度-時間圖像如圖乙所示。(4、2均可視為質點，水平軌道足

夠長，A過。點時速度大小不變、方向變?yōu)榕c軌道平行。)

(1)求A、B的質量之比見4：mB；

(2)當P、。的距離SPQ=0.2h,0=30。時，要使在B的速度減為零之前，A與B

能發(fā)生第二次碰撞，試確定4的取值范圍。

P

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16.如圖，在區(qū)域I(0WxWL)和區(qū)域U(LWxW2L)內分別存“,

在沿y軸負方向的勻強電場與垂直紙面向里的勻強磁場，磁

感應強度￡=鬻。一質量為機、帶電荷量q(q>0)的粒子a

于某時刻從y軸上的尸點以初速度火射入區(qū)域I,其速度方"

向沿％軸正向，已知。在離開區(qū)域n時，，速度方向沿％軸正方向。另一質量和電荷

量均與。相同的粒子6也從p點沿x軸正向射入區(qū)域I,其速度大小是1孫。不計

重力和兩粒子之間的相互作用力，sin37°=0.6,cos37°=0.8?求：

(1)磁感應強度8的大??；

(2)a、匕兩粒子離開區(qū)域D時的y坐標之差。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、當兩分子間的距離從很遠處靠近時，分子間的作用力先增大后減小，

再增大，故4錯誤；

8、擴散現(xiàn)象和布朗運動都能說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動，故8正確；

C、根據熱力學第一定律，做功和熱傳遞都可以改變內能，所以氣體溫度每升高1K所

吸收的熱量與氣體經歷的過程有關，故C錯誤；

。、水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠，越利于水的蒸發(fā)，人感覺越干燥，故。錯誤。

故選：B。

根據分子力的特點分析；擴散現(xiàn)象與布朗運動都能說明分子在做永不停息的無規(guī)則運動;

根據熱力學第一定律分析氣體內能變化與吸收的熱量的關系；影響蒸發(fā)快慢以及影響人

們對干爽與潮濕感受的因素，不是空氣中水蒸氣的絕對數(shù)量，而是空氣中水蒸氣的壓強

與同一溫度下水的飽和汽壓的差距，水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠,越有利于水的蒸發(fā)，

人們感覺干爽。

本題考查了分子力特點、布朗運動和擴散、熱力學第一定律、相對濕度等知識點，這種

題型屬于基礎題，只要善于積累，難度不大。

2.【答案】C

【解析】解：A、核反應遵守質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，質量不守恒，故A錯誤；

8、華龍一號的原理是重核的裂變反應，故B錯誤；

C、比結合能越大，原子核中核子結合的越牢固，原子核越穩(wěn)定，故C正確；

。、核裂變反應發(fā)生后，會釋放能量，所以核子的平均質量減小，故力錯誤。

故選：Co

核反應遵守質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒；華龍一號的原理是重核的裂變反應，熱核反應指

核聚變反應；原子核的比結合能越大，原子核越穩(wěn)定；由質能方程，即可判定。

本題考查核反應相關知識，包括結合能以及裂變反應和聚變反應，此部分知識主要要求

學生在理解的基礎上識記，難度較低。

3.【答案】C

【解析】解、A、A8兩點發(fā)出的球都能到達。點，球從C到地面豎直方向做自由落體

運動，根據豎直方向的運動可知1B=2以，vyA=vyB,由于水平方向的位移相同，根據

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u=?可知以A>根據速度的合成可知，球從A點拋出時的速度以=球從5

點拋出時的速度“B=J說B+咳，故兩次擊球時球的初速度大小可能相等，故A錯誤；

B、第一次落到D點時的速度以0=區(qū)+噴,第二次落到D點時的速度%°=

卜金+啖,故兩過程中網球擊中。點時速度不相等，故8錯誤；

C、由于%4=%8，則重力的瞬時功率P=mg%,相同，故C正確；

D、網球從8點到。點的過程中，重力的沖量/=mgt,不為零，故。錯誤；

故選：C

4做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，水平方向勻速運動，8做斜拋運動，到最高

點的過程中，豎直方向做勻減速運動，水平方向勻速運動，根據運動規(guī)律和速度的合成

即可判斷。

本題考查功、功率公式與平拋、斜拋綜合應用，要求學生熟練掌握涉及到的相關公式及

規(guī)律，本題主要考查運動的合成與分解的方法，難度較大。

4.【答案】A

【解析】解：由題意可知，光線進入玻璃磚后，從圓弧J.”,

面AB射出時有部分光線發(fā)生全反射，因在AB面上恰好

Xu

有三分之一面積透光，如圖所示；

根據幾何關系可知恰好發(fā)生全反射時入射光對應的入射

角為。=30。，則兀=高=忌7=2,故4正確、8。。/)?***

錯誤。

故選:Ao

根據幾何關系求解臨界角，再根據n=-三求解折射率。

本題主要是考查了光的全發(fā)射；解答此類題目的關鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路

圖，根據圖中的幾何關系求出折射角或入射角，然后根據光的折射定律或全反射的條件

列方程求解。

5.【答案】D

【解析】解：AB,電場線與x軸重合，若是勻強電場，E-x圖象應該為正比例函數(shù)；

而由題圖可以看出，E-x關系圖像是拋物線圖像，場強E隨x指數(shù)增大，而勻強電場

此電場并非勻強電場，故A2錯誤；

CD、U=Ed雖然是勻強電場的表達式，但可推導非勻強電場的U、E、x之間的關系,

E-x圖線與x軸所圍成的面積表示電勢差U,圖像的斜率不能表示電場的電勢，故C

錯誤，D正確。

故選：Do

解答本題需要依據電勢差與電場強度的關系：U=Ed,結合題中所給圖象進行分析。

本題考查電勢差與電場強度的關系，要求學生在理解公式的基礎上結合題意及圖象進行

判斷，對學生分析綜合能力有一定要求。

6.【答案】D

【解析】解：A、初級線圈電壓J等于理想交流電源電壓且不變，故A錯誤；

B、當滑動變阻器觸頭P向6端滑動時，由&、/?2組成的電路總電阻減小，副線圈電流

增大，由。=宣/2得原線圈電流增大，則變壓器輸入功率變大，8錯誤；

C、“=中/不變，由于常規(guī)變壓器7線圈電阻不可忽略，所以次級線圈等效為有內阻

的電源，變壓器次級線圈電壓E=4-Ar降低，小燈泡變暗，故C錯誤；

。、燈泡兩端的電壓降低，則燈泡的電流降低，而副線圈的總電流變大，因此電阻％兩

端電流升高，功率增大，故。正確。

故選：Do

解答本題要明確明確理想變壓器的性質，知道理想變壓器電壓之比等于線圈匝數(shù)之比，

而電流之比等于線圈匝數(shù)的反比；從而明確電壓表、電流表的變化情況。

本題考查理想變壓器的性質，要注意明確線圈匝數(shù)之比與電流和電壓的關系，同時注意

輸出端用電器可以利用歐姆定律分析求解。

7.【答案】B

【解析】解：4、。點受的張力分析如圖，設繩子長為L

兩桿之間距離為d,由于掛鉤是光滑的，所以OA和03

與豎直方向夾角一樣，有

LA+LR=L,

dA+dB=d；

dA=LAsina；

dB=LBsina；

BPWsina=

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由此可知，只要d和乙不變，夾角a是不變的。繩子在。點的張力7==，不變，故

2cosa

A錯誤；

B、將豎直桿緩慢向右移動一小段距離，即“增大，a增大，cosa減少，T增大，故B

正確；

C、由于M是靜止的,計算摩擦力不適用動摩擦因數(shù)的計算公式，摩擦力/*+m)g,

故C錯誤；

D、剪斷A處輕繩瞬間，〃，受力平衡，只受重力和支持力作用，加速度始終為0,故。

錯誤。

故選：B。

題目需要我們分析繩子的張力情況，而張力表達式與角度a有關。因此，判斷AB是否

正確就轉化為判斷距離的變化是否引起角度的變化，依據題目選項分析距離與a的關系。

另外，由于整個裝置處于靜止狀態(tài)，因此不能用動摩擦因數(shù)計算摩擦力：，”受力平衡，

加速度始終為0。

本題考查了受力分析和動態(tài)過程中力的變化。解題中注意將條件進行轉換，這往往是解

題的關鍵，也是出題老師的“小心思”，即繞一個彎子來考。例如本題把張力與距離的

關系轉化為張力與角度的關系，然后再研究角度與距離的關系。

8.【答案】B

【解析】解：A、t=0時刻x=10m處的質點沿)，軸負方向運動，且經過16第一次回到

平衡位置，可知該波沿x軸正方向傳播，且波的周期7=2s,故A正確；

B、由圖可知波長4=12m,則波速9=*=孩m/s=6m/s,故8錯誤；

C、10s為5個周期，則在0?10s內平衡位置位于x=5m處的質點通過的路程s=20A=

20X0.04m=0.8m,故C正確；

D、由圖可知t=0時刻x=0處的質點的位移y=4cos/=2百￡7?1,故。正確。

O

本題選錯誤的

故選：B。

根據x=10cm處質點的振動方向判斷波的傳播方向，根據圖象可讀出該波的波長，根

據題意得出周期，從而求出波速。根據時間與周期的關系分析質點在10s內通過路程。

根據傳播規(guī)律，寫處質點的振動方程，計算質點位移。

此題考查了波動規(guī)律，解決本題的關鍵能夠從波動圖象獲取信息，以及知道質點的振動

方向與波的傳播方向的關系。

9.【答案】D

【解析】解：A、由圖甲可知光子的能量E=-1.51eV-(-13.6eU)=12.09eV,由圖

丙可知遏止電壓為7V,所以光電子的初動能a=eU=7eV,所以金屬材料的逸出功

W=E-Ek=5.09eV,故A錯誤。

8、由排列組合的規(guī)律可知，處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時能夠發(fā)出3種頻率的光,

故8錯誤。

C、光電子由陰極K向對面的極板運動，形成的電流在圖乙中從右向左流動，要阻止該

電流，需要施加反向電壓，即電源左側應該為正極，故C錯誤。

D、只要光子的能量大于5.09eV,就可以使陰極K發(fā)生光電效應，由圖甲可知分別由n=

3和n=2能級向基態(tài)躍遷產生的2種頻率的光子滿足要求，故。正確。

故選：Do

利用愛因斯坦光電效應方程和圖內中的遏止電壓求逸出功；利用玻爾理論求躍遷發(fā)光的

頻率種類；利用光電管電路中反向電壓判斷電源的正負極；利用入射光光子能量大于逸

出功，判斷能發(fā)生光電效應的光子種類個數(shù)。

本題綜合考查光電效應中的逸出功、遏止電壓、光電管電路，以及玻爾理論中的原子躍

遷。掌握相關規(guī)律，是作答此類問題的關鍵。

10.【答案】A

【解析】解：A、由開普勒第三定律今=卜得經=搞其中以、降是圓軌道半徑或橢

圓軌道半長軸，由題可知，RA=RB=R,因此Te=1：1,故A正確；

8、若8經過c點時到4的距離為I,則下次距離為/時B恰好經過一個周期又回到c點，

同時A經過一個周期又回到上次位置，兩衛(wèi)星相距最近，故B錯誤；

C、若A的運行速率%=舟，根據衛(wèi)星變軌原理可知，B經過a點時的速率v大于軌

道半徑為?！钡男l(wèi)星運行速率，即》>悟因。a<R,所以y>舟，則故C

錯誤；

D、根據牛頓第二定律得6等=ma,得衛(wèi)星加速度a=詈，因此詈=焉==黑?=

￡故。錯誤。

故選：Ao

根據開普勒第三定律求A、B運行周期之比；若B經過c點時到A的距離為/,分析8

第12頁，共18頁

的運動情況，確定下次距離為/時B的位置；A的運行速率為%=J等，結合變軌原理

分析B經過“點時的速率y與%的關系；根據牛頓第二定律分析加速度之比。

本題考查萬有引力定律、開普勒第三定律、牛頓第二定律等規(guī)律的應用，要知道衛(wèi)星做

勻速圓周運動時，線速度公式為v=舟，而衛(wèi)星做橢圓運動時，衛(wèi)星的速度不

能根據這個公式求解。

11.【答案】。

【解析】解：4、0?w時間內，圓環(huán)中左側的磁通量向內減小，右側磁通量不變，根據

楞次定律可知圓環(huán)中的電流方向為順時針方向，故A錯誤；

B、根據法拉第電磁感定律，圓環(huán)中產生的感應電動勢E=^S,t=t0時刻磁通量變化

率不為0,則電動勢不為0,圓環(huán)中的電流不0,故8錯誤；

C、上式中S=1M,喘=*,據歐姆定律有/=據電阻定律有R=p袈，t=“0時

NAtLQKN

刻圓環(huán)受到的安培力尸=%/-2r=嚶且，力方向垂直于向左，故C錯

24pC。

誤：

D、在。?給時間內，通過圓環(huán)的電荷量q=兀,又7=］，足=等，圓環(huán)磁通量的變化

量AO=Bo團［兀"，聯(lián)立解得q=*,故。正確。

故選：。。

根據楞次定律確定電流方向，根據法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，應用歐姆定律

求出感應電流，然后根據安培力公式求出安培力；應用法拉第電磁感應定律求出平均感

應電動勢，應用歐姆定律求出平均感應電流，根據電流的定義式求出通過圓環(huán)的電荷量。

本題考查法拉第電磁感應定律以及楞次定律和安培力公式的應用，根據題意分析清楚磁

感應強度變化情況，應用法拉第電磁感應定律、歐姆定律、安培力公式與電阻定律即可

解題。

12.【答案】A29001.450.82

【解析】解：（1）可以把已知內阻的電流表4改裝成21的電壓表，串聯(lián)電阻阻值R=+-

2

R=-------—100。=90012；

AN22X10-3

（2）用改裝的電壓表測路端電壓，由于干電池的內阻很小，為減小實驗誤差，電流表必采

用外接法（相對于電源來說），電路如圖所示；

lx

(3)由閉合電路歐姆得：E=/2(r24-/?)+(/i+/2)r,由于/2VV/1，則有：2=~^

h+7^，

結合圖乙的斜率和縱截距解得：E=1.45V,「=寫薩0=0.820。

故答案為：⑴①；900；(2)實驗電路圖如圖所示；(3)1.45；0.82o

(1)可以用已知內阻的電流表改裝成電壓表，應用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串

聯(lián)電阻阻值。

(2)根據實驗原理作出實驗電路圖。

(3)根據閉合電路歐姆定律可求出圖象的函數(shù)表達式，然后根據圖象求出電源電動勢與

內阻。

在測量電源電動勢和內阻時，要注意根據閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式，根

據圖示圖象求出電源電動勢與內阻。

13.【答案】解：若m=等，對活塞A8與細砂整體，由平衡條件得：pS=p0S+mg

解得，氣室2中封閉氣體的壓強：p=4p0

CD上的單向閥打開，如果氣室2的氣體未完全進入氣室1,以氣室1與氣室2中氣體

整體為研究對象，由玻意耳定律得：

p0LS+2p0LS=4p0xS

解得：X=h,假設不成立

4

所以氣室2中的氣體完全進入氣室1,以氣室1中的氣體為研究對象，由玻意耳定律得：

p0LS+2p0LS=pxLS

解得，氣室1內氣體的壓強：px=3po。

答：氣室1內氣體壓強為3p。。

【解析】氣體溫度不變，應用平衡條件求出加上細砂后氣室2中氣體的壓強，根據題意

分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，應用玻意耳定律解題。

根據題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體狀態(tài)參量，應用玻意耳定律即可解題。

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14.【答案】解：(1)該機器車在A8段勻速運動，則F=/7i，則額定功率

P=FflVi=200x6勿=12001V

機器車到達坡頂之前勻速運動，滿足P=?+mgsind)v2

剛經過B點時由牛頓第二定律得：F-伊方+mgsind)=ma

解得a=-10m/s2

即機器車經過B點后剛開始上坡的加速度大小為10m/s2。

(2)設BC段長度為s,從8到C的過程中，根據動能定理：

1,1,

Pt—(/y2+mgsind)s=--mvf

解得:s=15.675m

答：(1)該機器車經過B點后剛開始上坡時的加速度大小為10m/s2：

(2)BC段的長度為15.675小。

【解析】(1)分析機器車在水平路面勻速運動時，牽引力等于阻力，根據功率公式求解

功率，機器車經過B點時，做減速運動，根據牛頓第二定律求解加速度大??；

(2)從B到C過程，根據動能定理計算BC段的長度。

此題考查了功率的計算，解題的關鍵是明確機器車勻速運動時，牽引力等于阻力，機器

車沿斜坡運動時，重力的分力是阻力

15.【答案】解：(1)第一次碰撞前的過程中A的機械能守恒，有：

1.

犯4g八=5犯Mo

解得：叫o=J2gh

第一次碰撞過程中，以向左方向為正方向，由動量守恒，機械能守恒有

mAvA0=mAvA+mBvB

111

2mAvA0=+2m?ve

由圖乙可知，碰后滑塊A速度反向，vA=-|vxo

解得：%=ImA：mB=1：4

(2)設第一次碰撞至B的速度減為零經歷的時間為t,A與B在時間?內發(fā)生的位移分別

為巧1、xB

對8,由動量定理有：=0-巾8%

解得：t=獨走

由運動學規(guī)律有：XB=^vBt=”

對A,在時間f內，設其在傾斜軌道、水平軌道上運動的時間分別為G、t2,在傾斜軌

道上，由牛頓第二定律有：

-mgsin30°=ma

由運動學規(guī)律有：以=吟

解得：t=以回

5g

并且：t2=t-tr

解得：t2=d-6)部

A的位移為：xA=\vA\t2-2SPQ

解得：/=.一6)曾一號

由題意可得與1>xB,〃>0

聯(lián)立解得：0<”2

答：

(1)4、8的質量之比m.：mB=1：4；

(2)4與B能發(fā)生第二次碰撞，〃的取值范圍為：0<〃<捺。

【解析】(1)由機械能守恒求出A與B碰撞前速度大小，根據動量守恒定律和能量關系

列方程求解A和B的質量之比；

(2)若A與B能發(fā)生第二次碰撞，設A與B第一次碰撞到B的速度減小為零的時間為t,

則在r時間內A的總位移大于8的總位移，對B物塊根據動量定理求出該時間，然后結

合運動學的公式求出B的位移；A在水平面上做勻速直線運動，在斜面上做往返運動,

加速度的大小相等，由牛頓第二定律求出A