2021年浙江省高考物理押題試卷（附答案詳解）

2021年浙江省高考物理押題試卷

一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）

1.下列關(guān)于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）

A.分子間的距離越近，分子間的作用力就越大

B.擴散現(xiàn)象和布朗運動都能說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動

C.氣體溫度每升高1久所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的具體過程無關(guān)

D.水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠，人感覺越潮濕

2.2020年11月27日00時41分，華龍一號全球首堆中核集團福清核電5號機組首次

并網(wǎng)成功。如圖所示是原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系圖，下列說法正確的是

（）

B.華龍一號的原理是核聚變反應(yīng)

C.原子核比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

D.核裂變反應(yīng)發(fā)生后，核子的平均質(zhì)量不變

3.李娜是亞洲第一位大滿貫女子單打冠軍。若李娜某次訓(xùn)

練擊球時，第一次將網(wǎng)球從4點水平擊出，網(wǎng)球擊中。

點；第二次將該網(wǎng)球從位于A點正下方且與。點等高的B點斜向上擊出，最高點

為C,網(wǎng)球也擊中。點。A、C高度相同，忽略空氣阻力，則（）

A.兩次擊球過程中，網(wǎng)球的初速度大小一定不相等

B.網(wǎng)球兩次擊中。點時速大小相等

C.網(wǎng)球兩次擊中。點時，重力做功的瞬時功率相同

D.網(wǎng)球從B點到。點的過程中，重力對球的沖量為零

4.如圖所示為玻璃磚橫截面，上表面為半圓，ABC。為正方形，一束

平行光線垂直于CD邊射入玻璃磚，在半圓面A3上恰好有三分之一

圓弧可看到透光，則玻璃磚的折射率為（）

A.2B.V2C.3D.V3

5.一種電場的某條電場線與x軸重合，其場強大小E與

坐標x的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）

A.此電場是勻強電場

B.由圖像可以直接看出場強大小隨x均勻增大

C.圖像的斜率表示電場的電勢

D.X1與%2之間的電勢差等于陰影部分的面積

6.電阻不可忽略的線圈可看作是一個定值電阻島（線圈電阻）與一個純線圈心串聯(lián)而

成，如圖甲。在如圖乙所示電路中，常規(guī)變壓器T線圈電阻不可忽略，變壓器原線

圈接理想交流電源。當滑動變阻器觸頭P向人端滑動時，下列說法正確的是（）

C.小燈泡變亮D.%消耗功率增大

7.如圖，在水平桌面上疊放著兩個物塊M和〃?，“與桌面間A

的動摩擦因數(shù)為〃i，機與M之間的動摩擦因數(shù)為〃2,一根

輕繩一端與M相連，另一端繞過光滑的定滑輪A系在豎直

桿上的8點。現(xiàn)將另一個物體G用光滑輕質(zhì)掛鉤掛在輕繩上AB之間的。點，已知

整個裝置處于靜止狀態(tài)時，豎直桿與繩。8的夾角為a,則（）

A.將繩的B端向上緩慢移動一小段距離時繩的張力變小

B.將豎直桿緩慢向右移動一小段距離時繩的張力變大

C.M所受的摩擦力為〃+m）g

D.剪斷A處輕繩瞬間，，"的加速度為〃2g

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8.如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，此刻平衡位置位于

x=10m處質(zhì)點正沿y軸負方向運動，且經(jīng)過1s第一次回到平衡位置。則下列分析

不正確的是（）

24\687101214x/m

A.該波沿x軸正方向傳播

B.該波的傳播速度為8?n/s

C.在0?10s內(nèi)平衡位置位于x=57n處的質(zhì)點通過的路程為0.8m

D.t=0時刻x=0處的質(zhì)點的位移為2Wcm

9.如圖所示，圖甲為氫原子的能級圖，大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，發(fā)出

頻率不同的大量光子，其中頻率最高的光子照射到圖乙電路中光電管陰極K上時,

電路中電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示。下列說法正確的是（）

￡/eV

000

4-0.85

3-1.51

A.光電管陰極K金屬材料的逸出功為7.0eIZ

B.這些氫原子躍遷時共發(fā)出2種頻率的光

C.若調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片能使光電流為零，則可判斷圖乙中電源右側(cè)為正極

D.氫原子躍遷放出的光子中有2種頻率的光子可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象

10.有A、B兩顆繞地球運動的人造衛(wèi)星，其軌道分別為如圖所人￡'、、，---、

%、/、、

示的I和n,軌道I為半徑為R的圓，軌道II為長軸等于3：'、、'；、

2/？的橢圓，兩軌道不在同一平面內(nèi)，軌道口上0、d兩點距'irt2?

離軌道I垂直距離均為/且是兩軌道距離最近的兩點，。點'、、、I，/

為地球球心位置。已知地球質(zhì)量為M,萬有引力常量為G,下列說法正確的是（）

A.A、B運行周期之比。：=1：1

B.若B經(jīng)過c點時到A的距離為/,則下次距離為/時B恰好經(jīng)過d點

C.若A的運行速率為北,設(shè)B經(jīng)過a點時的速率為i，，貝忖＜%

D.若Oa=^R,則8經(jīng)過b點時的加速度與A的加速度之比為9：4

11.如圖甲所示，虛線MN兩側(cè)的空間均存在與紙面垂直的勻強磁場，右側(cè)勻強磁場的

方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強度大小恒為B。，左側(cè)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間

f變化的規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定垂直紙面向外為磁場的正方向。一硬質(zhì)細導(dǎo)線的電

阻率為P、橫截面積為So,將該導(dǎo)線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心。在

MN上,則下列說法正確的是（）

A.0?t（）時間內(nèi)，圓環(huán)中的電流方向為逆時針方向

B.t=t（）時刻，圓環(huán)中的電流為0

C.t=|片時亥U，圓環(huán)受到的安培力大小為瞥！

Nopto

D.在0?琳時間內(nèi)，通過圓環(huán)的電荷量為鬻

二、實驗題（本大題共1小題，共12.0分）

12.某同學(xué)準備測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，他從實驗室里借來如下實驗器材:

//mA

1T1IIII

-4-1-4------4-------1------J-----U-

1.5IIIIII

1.4

1.3

1.2

1.1

?八I?1IINi

l.O1^，I，…、I，產(chǎn)

00.10.20.30.40.50.6"A

甲乙

4電流表量程為0.64內(nèi)阻約為0.50）；

8.電流表量程為2加4,內(nèi)阻為1000）；

C.電壓表U（量程為6匕內(nèi)阻約為10k。）；

。.滑動變阻器％（最大阻值為50）；

E.電阻箱&（最大阻值為999.90）；

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E開關(guān)、導(dǎo)線若干；

G待測干電池。

(1)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)電壓表的量程太大，準備用電流表和電阻箱改裝為一量程為2V的電

壓表，則其應(yīng)該選擇的電流表是(填或)-電阻箱接入電路的

阻值R=0。

(2)正確選擇器材后，請你幫助該同學(xué)在圖甲中補充完整實驗電路圖。

(3)實驗過程中，該同學(xué)多次調(diào)節(jié)滑動變阻器接入電路的電值，得到兩電流表4的

示數(shù)人和電流表4的示數(shù)4如表所示，該同學(xué)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)得到如圖乙所示的圖

線，得出該干電池的電動勢后=V、內(nèi)阻r=0。(結(jié)果均保留兩位

小數(shù))

4M0.100.200.300.400.50

li/mA1.371.281.211.141.05

三、計算題(本大題共4小題，共44.0分)

13.如圖所示，一豎直放置的氣缸被輕活塞48和固定隔板C。分成/

兩個氣室，8上安裝一單向閥門，單向閥門只能向下開啟；氣

室1內(nèi)氣體壓強為2p°,氣室2內(nèi)氣體壓強為po,氣柱長均為3°

活塞面積為S,活塞與氣缸間無摩擦，氣缸導(dǎo)熱性能良好?，F(xiàn)在L

活塞上方緩慢放上質(zhì)量為，"的細砂，重力加速度為g。若等，則氣室1內(nèi)氣

體壓強為多少？

14.如圖所示，某機器人研究小組自制的機器車能夠自動識別

障礙物上、下坡。該機器車質(zhì)量m=20kg,在水平路面AB產(chǎn)--一￡-

段以速度%=6m/s勻速行駛，BC段是一段陡坡。機器車在BC段僅用t=5s就運

動到了坡頂，且到達坡頂前機器車已經(jīng)以速度外=3m/s做勻速運動。已知整個過

程中該機器車的輸出功率保持不變，機器車在AB段受到的阻力=200/V,在BC

段所受阻力恒定，機器車經(jīng)過8點時無機械能損失，求：

(1)該機器車經(jīng)過B點后剛開始上坡時的加速度大??；

(2)BC段的長度。

15.如圖甲所示，傾角為9的傾斜軌道與水平軌道交于。點，在傾斜軌道上高九處由靜

止釋放滑塊4此后A與靜止在水平軌道上尸處的滑塊B發(fā)生彈性碰撞(碰撞時間

不計)。已知B與軌道間的動摩擦因數(shù)為〃，A與軌道間無摩擦，重力加速度大小為

g?；瑝KA的部分速度-時間圖像如圖乙所示。(4、2均可視為質(zhì)點，水平軌道足

夠長，A過。點時速度大小不變、方向變?yōu)榕c軌道平行。)

(1)求A、B的質(zhì)量之比見4：mB；

(2)當P、。的距離SPQ=0.2h,0=30。時，要使在B的速度減為零之前，A與B

能發(fā)生第二次碰撞，試確定4的取值范圍。

P

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16.如圖，在區(qū)域I(0WxWL)和區(qū)域U(LWxW2L)內(nèi)分別存“,

在沿y軸負方向的勻強電場與垂直紙面向里的勻強磁場，磁

感應(yīng)強度￡=鬻。一質(zhì)量為機、帶電荷量q(q>0)的粒子a

于某時刻從y軸上的尸點以初速度火射入?yún)^(qū)域I,其速度方"

向沿％軸正向，已知。在離開區(qū)域n時，，速度方向沿％軸正方向。另一質(zhì)量和電荷

量均與。相同的粒子6也從p點沿x軸正向射入?yún)^(qū)域I,其速度大小是1孫。不計

重力和兩粒子之間的相互作用力，sin37°=0.6,cos37°=0.8?求：

(1)磁感應(yīng)強度8的大小；

(2)a、匕兩粒子離開區(qū)域D時的y坐標之差。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、當兩分子間的距離從很遠處靠近時，分子間的作用力先增大后減小，

再增大，故4錯誤；

8、擴散現(xiàn)象和布朗運動都能說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動，故8正確；

C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律，做功和熱傳遞都可以改變內(nèi)能，所以氣體溫度每升高1K所

吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)，故C錯誤；

。、水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠，越利于水的蒸發(fā)，人感覺越干燥，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)分子力的特點分析；擴散現(xiàn)象與布朗運動都能說明分子在做永不停息的無規(guī)則運動;

根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析氣體內(nèi)能變化與吸收的熱量的關(guān)系；影響蒸發(fā)快慢以及影響人

們對干爽與潮濕感受的因素，不是空氣中水蒸氣的絕對數(shù)量，而是空氣中水蒸氣的壓強

與同一溫度下水的飽和汽壓的差距，水蒸氣的壓強離飽和汽壓越遠,越有利于水的蒸發(fā)，

人們感覺干爽。

本題考查了分子力特點、布朗運動和擴散、熱力學(xué)第一定律、相對濕度等知識點，這種

題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。

2.【答案】C

【解析】解：A、核反應(yīng)遵守質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，質(zhì)量不守恒，故A錯誤；

8、華龍一號的原理是重核的裂變反應(yīng)，故B錯誤；

C、比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合的越牢固，原子核越穩(wěn)定，故C正確；

。、核裂變反應(yīng)發(fā)生后，會釋放能量，所以核子的平均質(zhì)量減小，故力錯誤。

故選：Co

核反應(yīng)遵守質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒；華龍一號的原理是重核的裂變反應(yīng)，熱核反應(yīng)指

核聚變反應(yīng)；原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；由質(zhì)能方程，即可判定。

本題考查核反應(yīng)相關(guān)知識，包括結(jié)合能以及裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)，此部分知識主要要求

學(xué)生在理解的基礎(chǔ)上識記，難度較低。

3.【答案】C

【解析】解、A、A8兩點發(fā)出的球都能到達。點，球從C到地面豎直方向做自由落體

運動，根據(jù)豎直方向的運動可知1B=2以，vyA=vyB,由于水平方向的位移相同，根據(jù)

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u=?可知以A>根據(jù)速度的合成可知，球從A點拋出時的速度以=球從5

點拋出時的速度“B=J說B+咳，故兩次擊球時球的初速度大小可能相等，故A錯誤；

B、第一次落到D點時的速度以0=區(qū)+噴,第二次落到D點時的速度%°=

卜金+啖,故兩過程中網(wǎng)球擊中。點時速度不相等，故8錯誤；

C、由于%4=%8，則重力的瞬時功率P=mg%,相同，故C正確；

D、網(wǎng)球從8點到。點的過程中，重力的沖量/=mgt,不為零，故。錯誤；

故選：C

4做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，水平方向勻速運動，8做斜拋運動，到最高

點的過程中，豎直方向做勻減速運動，水平方向勻速運動，根據(jù)運動規(guī)律和速度的合成

即可判斷。

本題考查功、功率公式與平拋、斜拋綜合應(yīng)用，要求學(xué)生熟練掌握涉及到的相關(guān)公式及

規(guī)律，本題主要考查運動的合成與分解的方法，難度較大。

4.【答案】A

【解析】解：由題意可知，光線進入玻璃磚后，從圓弧J.”,

面AB射出時有部分光線發(fā)生全反射，因在AB面上恰好

Xu

有三分之一面積透光，如圖所示；

根據(jù)幾何關(guān)系可知恰好發(fā)生全反射時入射光對應(yīng)的入射

角為。=30。，則兀=高=忌7=2,故4正確、8。。/)?***

錯誤。

故選:Ao

根據(jù)幾何關(guān)系求解臨界角，再根據(jù)n=-三求解折射率。

本題主要是考查了光的全發(fā)射；解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路

圖，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律或全反射的條件

列方程求解。

5.【答案】D

【解析】解：AB,電場線與x軸重合，若是勻強電場，E-x圖象應(yīng)該為正比例函數(shù)；

而由題圖可以看出，E-x關(guān)系圖像是拋物線圖像，場強E隨x指數(shù)增大，而勻強電場

此電場并非勻強電場，故A2錯誤；

CD、U=Ed雖然是勻強電場的表達式，但可推導(dǎo)非勻強電場的U、E、x之間的關(guān)系,

E-x圖線與x軸所圍成的面積表示電勢差U,圖像的斜率不能表示電場的電勢，故C

錯誤，D正確。

故選：Do

解答本題需要依據(jù)電勢差與電場強度的關(guān)系：U=Ed,結(jié)合題中所給圖象進行分析。

本題考查電勢差與電場強度的關(guān)系，要求學(xué)生在理解公式的基礎(chǔ)上結(jié)合題意及圖象進行

判斷，對學(xué)生分析綜合能力有一定要求。

6.【答案】D

【解析】解：A、初級線圈電壓J等于理想交流電源電壓且不變，故A錯誤；

B、當滑動變阻器觸頭P向6端滑動時，由&、/?2組成的電路總電阻減小，副線圈電流

增大，由。=宣/2得原線圈電流增大，則變壓器輸入功率變大，8錯誤；

C、“=中/不變，由于常規(guī)變壓器7線圈電阻不可忽略，所以次級線圈等效為有內(nèi)阻

的電源，變壓器次級線圈電壓E=4-Ar降低，小燈泡變暗，故C錯誤；

。、燈泡兩端的電壓降低，則燈泡的電流降低，而副線圈的總電流變大，因此電阻％兩

端電流升高，功率增大，故。正確。

故選：Do

解答本題要明確明確理想變壓器的性質(zhì)，知道理想變壓器電壓之比等于線圈匝數(shù)之比，

而電流之比等于線圈匝數(shù)的反比；從而明確電壓表、電流表的變化情況。

本題考查理想變壓器的性質(zhì)，要注意明確線圈匝數(shù)之比與電流和電壓的關(guān)系，同時注意

輸出端用電器可以利用歐姆定律分析求解。

7.【答案】B

【解析】解：4、。點受的張力分析如圖，設(shè)繩子長為L

兩桿之間距離為d,由于掛鉤是光滑的，所以O(shè)A和03

與豎直方向夾角一樣，有

LA+LR=L,

dA+dB=d；

dA=LAsina；

dB=LBsina；

BPWsina=

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由此可知，只要d和乙不變，夾角a是不變的。繩子在。點的張力7==，不變，故

2cosa

A錯誤；

B、將豎直桿緩慢向右移動一小段距離，即“增大，a增大，cosa減少，T增大，故B

正確；

C、由于M是靜止的,計算摩擦力不適用動摩擦因數(shù)的計算公式，摩擦力/*+m)g,

故C錯誤；

D、剪斷A處輕繩瞬間，〃，受力平衡，只受重力和支持力作用，加速度始終為0,故。

錯誤。

故選：B。

題目需要我們分析繩子的張力情況，而張力表達式與角度a有關(guān)。因此，判斷AB是否

正確就轉(zhuǎn)化為判斷距離的變化是否引起角度的變化，依據(jù)題目選項分析距離與a的關(guān)系。

另外，由于整個裝置處于靜止狀態(tài)，因此不能用動摩擦因數(shù)計算摩擦力：，”受力平衡，

加速度始終為0。

本題考查了受力分析和動態(tài)過程中力的變化。解題中注意將條件進行轉(zhuǎn)換，這往往是解

題的關(guān)鍵，也是出題老師的“小心思”，即繞一個彎子來考。例如本題把張力與距離的

關(guān)系轉(zhuǎn)化為張力與角度的關(guān)系，然后再研究角度與距離的關(guān)系。

8.【答案】B

【解析】解：A、t=0時刻x=10m處的質(zhì)點沿)，軸負方向運動，且經(jīng)過16第一次回到

平衡位置，可知該波沿x軸正方向傳播，且波的周期7=2s,故A正確；

B、由圖可知波長4=12m,則波速9=*=孩m/s=6m/s,故8錯誤；

C、10s為5個周期，則在0?10s內(nèi)平衡位置位于x=5m處的質(zhì)點通過的路程s=20A=

20X0.04m=0.8m,故C正確；

D、由圖可知t=0時刻x=0處的質(zhì)點的位移y=4cos/=2百￡7?1,故。正確。

O

本題選錯誤的

故選：B。

根據(jù)x=10cm處質(zhì)點的振動方向判斷波的傳播方向，根據(jù)圖象可讀出該波的波長，根

據(jù)題意得出周期，從而求出波速。根據(jù)時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點在10s內(nèi)通過路程。

根據(jù)傳播規(guī)律，寫處質(zhì)點的振動方程，計算質(zhì)點位移。

此題考查了波動規(guī)律，解決本題的關(guān)鍵能夠從波動圖象獲取信息，以及知道質(zhì)點的振動

方向與波的傳播方向的關(guān)系。

9.【答案】D

【解析】解：A、由圖甲可知光子的能量E=-1.51eV-(-13.6eU)=12.09eV,由圖

丙可知遏止電壓為7V,所以光電子的初動能a=eU=7eV,所以金屬材料的逸出功

W=E-Ek=5.09eV,故A錯誤。

8、由排列組合的規(guī)律可知，處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時能夠發(fā)出3種頻率的光,

故8錯誤。

C、光電子由陰極K向?qū)γ娴臉O板運動，形成的電流在圖乙中從右向左流動，要阻止該

電流，需要施加反向電壓，即電源左側(cè)應(yīng)該為正極，故C錯誤。

D、只要光子的能量大于5.09eV,就可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，由圖甲可知分別由n=

3和n=2能級向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的2種頻率的光子滿足要求，故。正確。

故選：Do

利用愛因斯坦光電效應(yīng)方程和圖內(nèi)中的遏止電壓求逸出功；利用玻爾理論求躍遷發(fā)光的

頻率種類；利用光電管電路中反向電壓判斷電源的正負極；利用入射光光子能量大于逸

出功，判斷能發(fā)生光電效應(yīng)的光子種類個數(shù)。

本題綜合考查光電效應(yīng)中的逸出功、遏止電壓、光電管電路，以及玻爾理論中的原子躍

遷。掌握相關(guān)規(guī)律，是作答此類問題的關(guān)鍵。

10.【答案】A

【解析】解：A、由開普勒第三定律今=卜得經(jīng)=搞其中以、降是圓軌道半徑或橢

圓軌道半長軸，由題可知，RA=RB=R,因此Te=1：1,故A正確；

8、若8經(jīng)過c點時到4的距離為I,則下次距離為/時B恰好經(jīng)過一個周期又回到c點，

同時A經(jīng)過一個周期又回到上次位置，兩衛(wèi)星相距最近，故B錯誤；

C、若A的運行速率%=舟，根據(jù)衛(wèi)星變軌原理可知，B經(jīng)過a點時的速率v大于軌

道半徑為?！钡男l(wèi)星運行速率，即》>悟因。a<R,所以y>舟，則故C

錯誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律得6等=ma,得衛(wèi)星加速度a=詈，因此詈=焉==黑?=

￡故。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)開普勒第三定律求A、B運行周期之比；若B經(jīng)過c點時到A的距離為/,分析8

第12頁，共18頁

的運動情況，確定下次距離為/時B的位置；A的運行速率為%=J等，結(jié)合變軌原理

分析B經(jīng)過“點時的速率y與%的關(guān)系；根據(jù)牛頓第二定律分析加速度之比。

本題考查萬有引力定律、開普勒第三定律、牛頓第二定律等規(guī)律的應(yīng)用，要知道衛(wèi)星做

勻速圓周運動時，線速度公式為v=舟，而衛(wèi)星做橢圓運動時，衛(wèi)星的速度不

能根據(jù)這個公式求解。

11.【答案】。

【解析】解：4、0?w時間內(nèi)，圓環(huán)中左側(cè)的磁通量向內(nèi)減小，右側(cè)磁通量不變，根據(jù)

楞次定律可知圓環(huán)中的電流方向為順時針方向，故A錯誤；

B、根據(jù)法拉第電磁感定律，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=^S,t=t0時刻磁通量變化

率不為0,則電動勢不為0,圓環(huán)中的電流不0,故8錯誤；

C、上式中S=1M,喘=*,據(jù)歐姆定律有/=據(jù)電阻定律有R=p袈，t=“0時

NAtLQKN

刻圓環(huán)受到的安培力尸=%/-2r=嚶且，力方向垂直于向左，故C錯

24pC。

誤：

D、在。?給時間內(nèi)，通過圓環(huán)的電荷量q=兀,又7=］，足=等，圓環(huán)磁通量的變化

量AO=Bo團［兀"，聯(lián)立解得q=*,故。正確。

故選：。。

根據(jù)楞次定律確定電流方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律

求出感應(yīng)電流，然后根據(jù)安培力公式求出安培力；應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感

應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出平均感應(yīng)電流，根據(jù)電流的定義式求出通過圓環(huán)的電荷量。

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律以及楞次定律和安培力公式的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚磁

感應(yīng)強度變化情況，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式與電阻定律即可

解題。

12.【答案】A29001.450.82

【解析】解：（1）可以把已知內(nèi)阻的電流表4改裝成21的電壓表，串聯(lián)電阻阻值R=+-

2

R=-------—100。=90012；

AN22X10-3

（2）用改裝的電壓表測路端電壓，由于干電池的內(nèi)阻很小，為減小實驗誤差，電流表必采

用外接法（相對于電源來說），電路如圖所示；

lx

(3)由閉合電路歐姆得：E=/2(r24-/?)+(/i+/2)r,由于/2VV/1，則有：2=~^

h+7^，

結(jié)合圖乙的斜率和縱截距解得：E=1.45V,「=寫薩0=0.820。

故答案為：⑴①；900；(2)實驗電路圖如圖所示；(3)1.45；0.82o

(1)可以用已知內(nèi)阻的電流表改裝成電壓表，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串

聯(lián)電阻阻值。

(2)根據(jù)實驗原理作出實驗電路圖。

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出圖象的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖象求出電源電動勢與

內(nèi)阻。

在測量電源電動勢和內(nèi)阻時，要注意根據(jù)閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式，根

據(jù)圖示圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻。

13.【答案】解：若m=等，對活塞A8與細砂整體，由平衡條件得：pS=p0S+mg

解得，氣室2中封閉氣體的壓強：p=4p0

CD上的單向閥打開，如果氣室2的氣體未完全進入氣室1,以氣室1與氣室2中氣體

整體為研究對象，由玻意耳定律得：

p0LS+2p0LS=4p0xS

解得：X=h,假設(shè)不成立

4

所以氣室2中的氣體完全進入氣室1,以氣室1中的氣體為研究對象，由玻意耳定律得：

p0LS+2p0LS=pxLS

解得，氣室1內(nèi)氣體的壓強：px=3po。

答：氣室1內(nèi)氣體壓強為3p。。

【解析】氣體溫度不變，應(yīng)用平衡條件求出加上細砂后氣室2中氣體的壓強，根據(jù)題意

分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，應(yīng)用玻意耳定律解題。

根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用玻意耳定律即可解題。

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14.【答案】解：(1)該機器車在A8段勻速運動，則F=/7i，則額定功率

P=FflVi=200x6勿=12001V

機器車到達坡頂之前勻速運動，滿足P=?+mgsind)v2

剛經(jīng)過B點時由牛頓第二定律得：F-伊方+mgsind)=ma

解得a=-10m/s2

即機器車經(jīng)過B點后剛開始上坡的加速度大小為10m/s2。

(2)設(shè)BC段長度為s,從8到C的過程中，根據(jù)動能定理：

1,1,

Pt—(/y2+mgsind)s=--mvf

解得:s=15.675m

答：(1)該機器車經(jīng)過B點后剛開始上坡時的加速度大小為10m/s2：

(2)BC段的長度為15.675小。

【解析】(1)分析機器車在水平路面勻速運動時，牽引力等于阻力，根據(jù)功率公式求解

功率，機器車經(jīng)過B點時，做減速運動，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大?。?/p>

(2)從B到C過程，根據(jù)動能定理計算BC段的長度。

此題考查了功率的計算，解題的關(guān)鍵是明確機器車勻速運動時，牽引力等于阻力，機器

車沿斜坡運動時，重力的分力是阻力

15.【答案】解：(1)第一次碰撞前的過程中A的機械能守恒，有：

1.

犯4g八=5犯Mo

解得：叫o=J2gh

第一次碰撞過程中，以向左方向為正方向，由動量守恒，機械能守恒有

mAvA0=mAvA+mBvB

111

2mAvA0=+2m?ve

由圖乙可知，碰后滑塊A速度反向，vA=-|vxo

解得：%=ImA：mB=1：4

(2)設(shè)第一次碰撞至B的速度減為零經(jīng)歷的時間為t,A與B在時間?內(nèi)發(fā)生的位移分別

為巧1、xB

對8,由動量定理有：=0-巾8%

解得：t=獨走

由運動學(xué)規(guī)律有：XB=^vBt=”

對A,在時間f內(nèi)，設(shè)其在傾斜軌道、水平軌道上運動的時間分別為G、t2,在傾斜軌

道上，由牛頓第二定律有：

-mgsin30°=ma

由運動學(xué)規(guī)律有：以=吟

解得：t=以回

5g

并且：t2=t-tr

解得：t2=d-6)部

A的位移為：xA=\vA\t2-2SPQ

解得：/=.一6)曾一號

由題意可得與1>xB,〃>0

聯(lián)立解得：0<”2

答：

(1)4、8的質(zhì)量之比m.：mB=1：4；

(2)4與B能發(fā)生第二次碰撞，〃的取值范圍為：0<〃<捺。

【解析】(1)由機械能守恒求出A與B碰撞前速度大小，根據(jù)動量守恒定律和能量關(guān)系

列方程求解A和B的質(zhì)量之比；

(2)若A與B能發(fā)生第二次碰撞，設(shè)A與B第一次碰撞到B的速度減小為零的時間為t,

則在r時間內(nèi)A的總位移大于8的總位移，對B物塊根據(jù)動量定理求出該時間，然后結(jié)

合運動學(xué)的公式求出B的位移；A在水平面上做勻速直線運動，在斜面上做往返運動,

加速度的大小相等，由牛頓第二定律求出A