2022屆鹽城高考物理考前最后一卷預(yù)測卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示為五個點電荷產(chǎn)生的電場的電場線分布情況，a、b、c、d是電場中的四個點，曲線cd是一帶電粒子僅在

電場力作用下的運動軌跡，則下列說法正確的是（）

B.a點的電勢高于b點的電勢

C.帶電粒子在c點的動能小于在d點的動能

D.帶電粒子在c點的加速度小于在d點的加速度

2、如圖所示，一個鋼球放在傾角為30的固定斜面上，用一豎直的擋板擋住，處于靜止?fàn)顟B(tài)。各個接觸面均光滑。關(guān)

于球的重力大小G、球?qū)π泵娴膲毫Υ笮∈琋I、球?qū)醢宓膲毫Υ笮∈琋2間的關(guān)系，正確的是（）

A.尸NI>G

B?FN2>G

C.FN2=G

D.FNI<FN2

3、關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.瑪麗?居里發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象

B.天然放射現(xiàn)象說明原子是可以分割的

C.原子序數(shù)大于或等于83的元素都具有放射性

D.溫度越高，放射性元素的放射性就越強(qiáng)

4、如圖所示，從高〃=1.8m的A點將彈力球水平向右拋出，彈力球與水平地面碰撞兩次后與豎直墻壁碰撞，之后恰能

返回A點。已知彈力球與接觸面發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中，平行于接觸面方向的速度不變，垂直于接觸面方向的速

度反向但大小不變，A點與豎直墻壁間的距離為4.8m,重力加速度圻lOm局,則彈力球的初速度大小為（）

h\:

A.1.5m/sB.2m/sC.3.5m/sD.4m/s

5、物理學(xué)是研究物質(zhì)運動最一般規(guī)律和物質(zhì)基本結(jié)構(gòu)的學(xué)科，在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過程中，科學(xué)家們運用了許多研

究方法如：理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學(xué)假說法和建立物理模型法等。以下關(guān)于物理學(xué)研究

方法的敘述中正確的是

A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法是微元法

B.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度

與質(zhì)量的關(guān)系，這里運用了假設(shè)法

C.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，再把各

小段位移相加，這里運用了理想模型法

AyAr

D.根據(jù)速度定義式丫=——，當(dāng)AJO時，——就可以表示物體在f時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法

ArAr

6、如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s,則可推斷正確的

是（）

①圖中質(zhì)點b的速度為負(fù)方向最大

②從圖示時刻開始，經(jīng)過0.01s,質(zhì)點。通過的路程為4m,位移為零

③若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則該波所遇到的頻率為50Hz

④若發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，該波所遇到的障礙物的尺寸一般不小于20m

A.①③B.②③C.①④D.②④

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖甲所示，一塊質(zhì)量為nu=lkg的木板A靜止在水平地面上，一個質(zhì)量為mB=lkg的滑塊B靜止在木板的左端,

對B施加一向右的水平恒力F,一段時間后B從A右端滑出，A繼續(xù)在地面上運動一段距離后停止，此過程中A的速

度隨時間變化的圖像如圖乙所示.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度取g=10m/sL則下列說法正確的是

A.滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.6

B.木板與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.1

C.F的大小可能為9N

D.F的大小與板長L有關(guān)

8、關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是（）

A.氣體吸熱后溫度一定升高

B.對氣體做功可以改變其內(nèi)能

C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱

D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡

9、2019年7月25日，北京理工大學(xué)宣布：“北理工1號”衛(wèi)星搭乘星際榮耀公司的雙曲線一號火箭成功發(fā)射，進(jìn)入地

球軌道。如圖所示，“北理工1號”衛(wèi)星與高軌道衛(wèi)星都在同一平面內(nèi)繞地球做同方向的勻速圓周運動，此時恰好相距

最近。已知地球的質(zhì)量為M,高軌道衛(wèi)星的角速度為“，"北理工1號”衛(wèi)星的軌道半徑為引力常量為G,則下列

說法正確的是（）

］高軌道衛(wèi)星

■?4J_“北_埋__L1號_”_衛(wèi)_星_7

A.“北理工1號”衛(wèi)星的運行周期大于高軌道衛(wèi)星的運行周期

B.“北理工1號”衛(wèi)星的機(jī)械能小于高軌道衛(wèi)星的機(jī)械能

C.“北理工1號”衛(wèi)星的加速度和線速度大于高軌道衛(wèi)星的加速度和線速度

2乃

D.從此時到兩衛(wèi)星再次相距最近，至少需時間［GM

10、如圖所示，光滑水平桌面放置著物塊A,它通過輕繩和輕質(zhì)滑輪懸掛著物塊B,已知A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)

量為3m,重力加速度大小為g,靜止釋放物塊A、B后。

A.相同時間內(nèi)，A、B運動的路程之比為2:1

B.物塊A、B的加速度之比為1：1

C.細(xì)繩的拉力為幽

D.當(dāng)B下落高度h時，速度為J迦

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)在研究“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，提供有以下器材：

A.電壓表Vi(0-5V)

B.電壓表V2(0-15V)

C.電流表Ai(0?50mA)

D.電流表A2(0?500mA)

E.滑動變阻器Ri(0-60Q)

F.滑動變阻器R2(0~2kQ)

G.直流電源E

H.開關(guān)S及導(dǎo)線若干

I.小燈泡(t/a=5V)

某組同學(xué)連接完電路后，閉合電鍵，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端，移動過程中發(fā)現(xiàn)小燈未曾燒壞，記錄多

組小燈兩端電壓。和通過小燈的電流/數(shù)據(jù)(包括滑片處于兩個端點時/數(shù)據(jù))，根據(jù)記錄的全部數(shù)據(jù)做出的u-

/關(guān)系圖象如圖甲所示：

甲乙

（1）根據(jù)實驗結(jié)果在圖乙虛線框內(nèi)畫出該組同學(xué)的實驗電路圖一；

（2）根據(jù)實驗結(jié)果判斷得出實驗中選用：電壓表_（選填器材代號"A”或"B”），電流表_（選填器材代號"C”或"D”）,

滑動變阻器一（選填器材代號“E”或“『）；

（3）根據(jù)圖甲信息得出器材G中的直流電源電動勢為_V,內(nèi)阻為_Q；

（4）將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，則每個小燈消耗的實際功率為

12.（12分）某實驗小組用DIS來研究物體加速度與質(zhì)量的關(guān)系，實驗裝置如圖甲所示。其中小車和位移傳感器的總

質(zhì)量為M，所掛鉤碼總質(zhì)量為“，小車和定滑輪之間的繩子與軌道平面平行，不計輕繩與滑輪之間的摩擦及空氣阻

力，重力加速度為g。

（1）若已平衡摩擦力，在小車做勻加速直線運動過程中，繩子中的拉力大小耳=（用題中所給已知物理量符

號來表示）；當(dāng)小車的總質(zhì)量"和所掛鉤碼的質(zhì)量小之間滿足時，才可以認(rèn)為繩子對小車的拉力大小等于

所掛鉤碼的重力；

（2）保持鉤碼的質(zhì)量不變，改變小車的質(zhì)量，某同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出圖線，如圖乙所示，可知細(xì)線的拉力為

M

N（保留兩位有效數(shù)字）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，內(nèi)徑粗細(xì)均勻的U形管豎直放置在溫度為7°C的環(huán)境中，左側(cè)管上端開口，并用輕質(zhì)活塞封

閉有長/j=14cm的理想氣體,右側(cè)管上端封閉，管上部有長/2=24cm的理想氣體，左右兩管內(nèi)水銀面高度差h=6cm.

若把該裝置移至溫度恒為27℃的房間中（依然豎直放置），大氣壓強(qiáng)恒為po=76cmHg.不計活塞與管壁間的摩擦.分別

求活塞再次平衡時左、右兩側(cè)管中氣體的長度.

14.（16分）如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度5=0.5T.在勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，有一對光滑平行金

屬導(dǎo)軌，處于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長，導(dǎo)軌間距乙=lm,電阻可忽略不計.質(zhì)量均為，〃=lkg,電阻均為R=2.5C

的金屬導(dǎo)體棒MN和尸。垂直放置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好.先將尸。暫時鎖定，金屬棒MN在垂直于棒的拉力

戶作用下，由靜止開始以加速度”=0.4m/s2向右做勻加速直線運動，5s后保持拉力產(chǎn)的功率不變，直到棒以最大速度

.做勻速直線運動.

PN

XXXXXXX

B-?F

XXXXXXX

QM

（1）求棒A/N的最大速度vm；

⑵當(dāng)棒MN達(dá)到最大速度Vm時，解除尸。鎖定，同時撤去拉力尸，兩棒最終均勻速運動.求解除尸。棒鎖定后，到兩棒

最終勻速運動的過程中，電路中產(chǎn)生的總焦耳熱.

（3）若PQ始終不解除鎖定，當(dāng)棒達(dá)到最大速度垢時，撤去拉力F,棒MN繼續(xù)運動多遠(yuǎn)后停下來？（運算結(jié)果可

用根式表示）

15.（12分）如圖甲所示，在邊界為二,?：：的豎直狹長區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度二=：,〕，在

的左側(cè)充滿斜向上與水平方向夾角為＜.的勻強(qiáng)電場二.（二.大小未知）。一帶正電的微粒從點由靜止釋放，微粒沿

L5■?a

水平直線運動到一.邊界上的b點，這時開始在，一-之間的區(qū)域內(nèi)加一豎直方向周期性變化的勻強(qiáng)電場；，,隨時間

變化的圖像如圖乙所示（.：＞：表示電場方向豎直向上），微粒從點沿水平直線運動到C點后，做一次完整的圓周運

動，再沿水平直線運動到二:邊界上的d點。已知C點為線段”的中點，重力加速度二一，上二。求：

（1）微粒的比荷士

（2）。點到b點的距離;

（3）將邊界二:左右移動以改變正交場的寬度，使微粒仍能按上述運動過程通過相應(yīng)的區(qū)域，求電場二變化周期T的

最小值。

圖乙

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.帶電粒子做曲線運動，所受的合力指向軌跡凹側(cè)，分析可知該帶電粒子帶負(fù)電，A錯誤;

BC.根據(jù)等勢面與電場線垂直，畫出過a點的等勢面如圖所示。

則

根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低知

%＞外

所以

%>(pu

同理可得

(Pe<(Pd

由于帶電粒子帶負(fù)電，則粒子的電勢能

Epc>Epd

根據(jù)能量守恒定律知，帶電粒子的動能

兒<七.

B錯誤，C正確

D.電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的大小

EM

則帶電粒子受到的電場力

Fc>Fd

由牛頓第二定律知帶電粒子的加速度

生>%

D錯誤。

故選C。

2、A

【解析】

以球為研究對象，球受重力、斜面和擋板對球體的支持力為和尸2,由平衡條件知，尸1和尸N2的合力與G等大、反向、

共線，作出力圖如圖所示，根據(jù)平衡條件，有

F_G_26G

1cos30°3

R=Gtan30o=—G

23

根據(jù)牛頓第三定律可知，球?qū)π泵娴膲毫Υ笮?/p>

3=q=迎G

cos303

球?qū)醢宓膲毫Υ笮?/p>

&2=6=Gtan30"=號G<G

則

G1>82

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

【解析】

A.貝可勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，故A錯誤；

B.天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的，并不是原子可以再分的，故B錯誤；

C.原子序數(shù)大于或等于83的元素，都具有放射性，原子序數(shù)小于83的元素，有的也具有放射性，故C正確;

D.放射性元素的放射性由原子核內(nèi)部因素決定，即與元素的種類有關(guān)，與溫度無關(guān)，故D錯誤；

故選C。

4、B

【解析】

由題意可知，小球在豎直方向做自由落體運動，則

2s=0.6s

10

由對稱性可知，小球第一次落地時的水平位移為

x=—x4.8m=1.2m

4

則初速度

x1.2,與，

V---——m/s=2m/s

t0.6

故選B。

5、D

【解析】

A中采用了理想模型法；B中采用控制變量法；C中采用了微元法；D中是極限思維法;

故選D.

6、A

【解析】

①由于波向右傳播，根據(jù)“上下坡”法，知道b質(zhì)點向下振動，此時的速度最大。故①正確；

周期

24

T=-=—-=0.02s

v200

②從圖示時刻開始，經(jīng)過0.01s,即半個周期，質(zhì)點〃通過的路程為2個振幅，即4m,位移為4cm。故②錯誤；

③該列波的頻率為50Hz,要想發(fā)生干涉，頻率需相同。故③正確；

④當(dāng)波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發(fā)生明顯的衍射。即若發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，該波所遇到的障礙物的尺

寸一般不大于4m,故④錯誤；

A.①③，與結(jié)論相符，選項A正確；

B.②③，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

C.①④，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D.②④，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；

故選Ao

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

根據(jù)木板A的v-t圖像求解滑塊在木板上滑動時和離開木板時木板的加速度，根據(jù)牛頓第二定律列式求解兩個動摩擦

因數(shù)；若木塊在木板上滑動時，木塊的加速度應(yīng)該大于木板的加速度，由此求解F的范圍；根據(jù)木塊和木板的位移關(guān)

系求解F與L的關(guān)系.

【詳解】

Av2rc

滑塊在木板上滑動時木板的加速度為q=—=-/?/?=2m/?,對木板根據(jù)牛頓第二定律：

△t1

nmma2

WBg-+B)g=A\；滑塊從木板上滑出時木板的加速度為a,=包=\m/5,對木板根據(jù)牛頓

△t2

第二定律：M2mAg=mAa2；聯(lián)立解得：陽=0.7,m=0.1,選項A錯誤，B正確；對木塊B：F-^mBg=mBaB,其

1,1,

中的aA>lm/si,貝!|F>9N,則F的大小不可能為9N,選項C錯誤；根據(jù)L=-a/--a/2,式中t=ls,聯(lián)立解得:

22

F=lL+9,即F的大小與板長L有關(guān)，選項D正確；故選BD.

【點睛】

此題時牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題，首先要搞清兩物體的運動情況，通過v-t圖像獲取運動信息，結(jié)合牛頓第二定

律求解.

8、BDE

【解析】

A.氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；

B.改變氣體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳導(dǎo)，故B正確；

C.理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；

D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；

E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達(dá)到熱平衡，否則就不

會與第三個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，故E正確。

故選BDE.

【點睛】

本題主要考查了熱力學(xué)定律、理想氣體的性質(zhì).此題考查了熱學(xué)中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解

題時要記住熱力學(xué)第一定律E=W+Q、熱力學(xué)第二定律有關(guān)結(jié)論以及氣體的狀態(tài)變化方程等重要的知識點.

9、CD

【解析】

A.由

cMm442

G—r=m-r

可知

VGM

衛(wèi)星的軌道越高，周期越大，A項錯誤；

B.衛(wèi)星的機(jī)械能等于其動能與勢能之和，因不知道衛(wèi)星的質(zhì)量，故不能確定衛(wèi)星的機(jī)械能大小關(guān)系，故B項錯誤；

C.由

_Mm

G—―=ma

r

可知軌道半徑越大，向心加速度越小，故“北理工1號”衛(wèi)星的加速度較大，由

可知

軌道半徑越小，線速度越大，故“北理工1號”衛(wèi)星的線速度較大，C項正確;

D.設(shè)“北理工1號”衛(wèi)星的角速度為助，根據(jù)萬有引力提供向心力有

可得

可知軌道半徑越大，角速度越小，兩衛(wèi)星由相距最近至再次相距最近時，圓周運動轉(zhuǎn)過的角度差為如，即

co^-cot=2兀

可得經(jīng)歷的時間

2萬

故D項正確。

故選CD,

10、AC

【解析】

同時間內(nèi)，圖中A向右運動h時，B下降一半的距離，即為h/2,故A、B運動的路程之比為2：1,故A正確；任意

相等時間內(nèi)，物體A、B的位移之比為2：1,故速度和加速度之比均為2：1,故B錯誤；設(shè)A的加速度為a,則B

的加速度為0.5a,根據(jù)牛頓第二定律，對A,有：T=ma,對B,有：3mg-2T=3m?0.5a,聯(lián)立解得：T=^~,a='g,

故C正確；對B,力口速度為a，=0.5a=Tg，根據(jù)速度位移公式，有：v2=2?a，?h,解得：v=欄5,故D錯誤；故選

AC.

【點睛】

本題考查連接體問題，關(guān)鍵是找出兩物體的位移、速度及加速度關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式列式分析，也

可以結(jié)合系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律分析.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

r(￡h

11、*LBDE8100.56

一里—―

【解析】

(I)[1]從圖甲可知，將滑動變阻器滑片從一端移到另外一端過程中電表的示數(shù)不是從0開始的，因此滑動變阻器采

用的不是分壓接法，而是限流接法；從圖甲可知，小燈泡的電阻為10。?30。，阻值較小，因此電流表采用外接法，

作出的實驗電路圖如圖所示：

。廣一

(2)[2][3][4]從圖甲可知，記錄的全部數(shù)據(jù)中小燈兩端電壓U最大為6V,因此電壓表的量程需要選擇15V,故電

壓表選B；通過小燈的電流/最大為：().2A=200mA,故電流表的量程需要選擇500mA,故電流表選D；電路采用滑

動變阻器限流接法，為了便于實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選小阻值的，故滑動變阻器選E；

(3)[5][6]從圖甲可知，當(dāng)滑動變阻器接入電阻為0時，小燈兩端電壓U最大為6V,通過小燈的電流人最大為0.2A,

則此時小燈電阻

■

凡=；=30。

由閉合電路歐姆定律有

氏+，

當(dāng)滑動變阻器接入電阻為及=60。時，小燈兩端電壓S最小為IV,通過小燈的電流12最小為0.1A,則此時小燈電阻

U

RL=L=210Q

,2

由閉合電路歐姆定律有

1=

-2凡+&+r

解得電源電動勢E=8V,內(nèi)阻尸10。；

(4)[7]將兩個該型號小燈泡串聯(lián)后直接與器材G中的直流電源E相連，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有

E=2U+Ir

解得

1/=4-51

作出此時的U-1圖象如圖所示:

圖中交點/=0.18A,U=3.1V,即通過每個燈泡的電流為0.18A,每個燈泡的電壓為3.1V,故每個小燈消耗的實際功率

P=O.18AX3.1VH0.56W

(由于交點讀數(shù)存在誤差，因此在0.55W-0.59W范圍內(nèi)均對)

12、—M?m0.20

M+m

【解析】

(1)⑴平衡摩擦力后:

mg-FT-ma

Er=Ma

解得：

⑵當(dāng)小車和位移傳感器的總質(zhì)量”和所掛鉤碼的質(zhì)量m之間滿足加>>加時，才可以認(rèn)為繩子對小車的拉力大小等

于所掛鉤碼的重力；

(2)由牛頓第二定律知：

1L

a=-----F

M

則。--1-的圖線的斜率是合外力，即繩子拉力F,貝！I：

M

20

F=—N=0.20Ne

10

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、15cm25cm

【解析】

設(shè)管的橫截面積為S,活塞再次平衡時左側(cè)管中氣體的長度為匕左側(cè)管做等壓變化，則有

aa4

其中必=14S,r=280K,r=300K,Vr2=V\S

解得Pl=15cm

設(shè)平衡時右側(cè)管氣體長度增加X,則由理想氣體狀態(tài)方程可知三三=三一-二-1匚二

其中po=76cmHg,h=6cmHg

解得x=1cm

所以活塞平衡時右側(cè)管中氣體的長度為25cm.

點睛：本題要能用靜力學(xué)觀點分析各處壓強(qiáng)的關(guān)系.要注意研究過程中哪些量不變，哪些量變化，選擇合適的氣體實

驗定律解決問題.

14、(1)匕,=26m/s(2)Q=5J(3)x=40鬲

【解析】

(1)棒做勻加速運動，由牛頓第二定律得：F-BIL=ma

棒A/N做切割磁感線運動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=BLv

棒MN做勻加速直線運動，5s時的速度為：y=M=2m/s

E

在兩棒組成的回路中，由閉合電路歐姆定律得：/=——

2R

聯(lián)立上述式子，有：F=ma+^^-

2R

代入數(shù)據(jù)解得：F=0.5N

5s時拉力廠的功率為：P=Fv

代入數(shù)據(jù)解得：P=1W