2023年云南省高考物理綜合試卷（二）

2023年云南省高考物理綜合試卷（二）

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.1905年愛(ài)因斯坦提出光子假設(shè)，成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象。1916年密立根通過(guò)測(cè)量遏

止電壓外與入射光頻率由此算出普朗克常量九，驗(yàn)證了光電效應(yīng)理論的正確性。則下列說(shuō)

法正確的是（）

A.只要入射光強(qiáng)度足夠大就一定能發(fā)生光電效應(yīng)

B.遏止電壓”與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)弱無(wú)關(guān)

C.用相同頻率的光照射同種金屬，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)逸出的光電子初動(dòng)能都相同

D.光電效應(yīng)現(xiàn)象表明了光具有波動(dòng)性

2.如圖所示，一同學(xué)在擦黑板的過(guò)程中，對(duì)質(zhì)量為m的黑板擦施加一個(gè)與豎直0、

黑板面成。角斜向上的力尸，使黑板擦以速度“豎直向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。重力加尸、，

速度大小為g,不計(jì)空氣阻力，則（）

A.黑板擦與黑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為篇

rSlilU、工

B.黑板對(duì)黑板擦的作用力大小為J（mg）2+（Fsin0）2$

、

C.若突然松開(kāi)手，松手瞬間黑板擦的加速度大小為衛(wèi)明

m

2

D.若突然松開(kāi)手，松手后黑板擦能上升的最大高度為在

2g

3.某科幻電影中出現(xiàn)了一座在赤道上建造的垂直于水平面的“太空電梯”，如圖所示。若

太空電梯成為可能，宇航員將可以乘坐電梯到達(dá)特定高度的空間站。地球的自轉(zhuǎn)不能忽略且

地球視為均質(zhì)球體。若“太空電梯”停在距地面高度為八處，對(duì)“太空電梯”里的宇航員，下

列說(shuō)法正確的是（）

A.若h=0,宇航員繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度大小約為7.9km/s

B.h越大，宇航員繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度越小

C.八越大，宇航員繞地心運(yùn)動(dòng)的向心加速度越小

D.八與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時(shí)，宇航員處于完全失重狀態(tài)

4.如圖所示，紙面內(nèi)有一圓心為。，半徑為R的圓形磁場(chǎng)區(qū)域，

磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為方向垂直于紙面向里。由距離。點(diǎn)0.4R處

的P點(diǎn)沿著與P0連線成6=30。的方向發(fā)射速率大小不等的電子。

已知電子的質(zhì)量為小，電荷量為e,不計(jì)電子的重力且不考慮電子

間的相互作用。為使電子不離開(kāi)圓形磁場(chǎng)區(qū)域，則電子的最大速

率為（）

.7eBRBr>S^eBRp21eBR(5-2G)eBR

?砥-n

AJ40m5m

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

5.一定質(zhì)量的理想氣體密閉在容器中，其壓強(qiáng)隨體積的變化過(guò)程

如圖所示。已知A-C是絕熱變化過(guò)程。下列說(shuō)法正確的是（）

A.4-C過(guò)程中氣體的溫度不變

B.C-B過(guò)程中每個(gè)分子的動(dòng)能都增大

C.B-A過(guò)程中，單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積上分子撞擊次數(shù)增多

D.ATCTBTA,完成一次完整循環(huán)的過(guò)程氣體對(duì)外做負(fù)功

6.玻璃球中的氣泡通?？雌饋?lái)都特別明亮，如圖甲所示。若某玻璃球中心有一球形氣泡,

可簡(jiǎn)化為如圖乙所示，其中一細(xì)光束從玻璃球表面的4點(diǎn)射入玻璃球后照射到空氣泡表面上P

點(diǎn)，在P點(diǎn)反射后到達(dá)玻璃球表面的B點(diǎn)。細(xì)光束在P點(diǎn)的入射角0=60°,AB兩點(diǎn)的距離為d。

已知該玻璃的折射率為1.5,光在真空中的傳播速度為c,不考慮多次反射。下列說(shuō)法正確的

是（）

A.細(xì)光束在P點(diǎn)發(fā)生全反射

B.細(xì)光束在B點(diǎn)發(fā)生全反射

C.細(xì)光束從4點(diǎn)傳播到B點(diǎn)的時(shí)間為烏

C

D.細(xì)光束從A點(diǎn)傳播到B點(diǎn)的時(shí)間為萼

7.如圖所示，有一平行于abc平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其中a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)

分別為2V、12人6V,已知ab的距離為5cm,ac的距離為2，7cm，ac和

ab的夾角為45。。下列說(shuō)法正確的是（）

A.電子從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能增大

B.電子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功

C.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向從c點(diǎn)指向a點(diǎn)

D.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為20017小

8.同一均勻介質(zhì)中有“、N兩個(gè)波源，形成了兩列相向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，t=ls時(shí)刻的波形

如圖甲所示，圖乙為波源N的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）

甲乙

A.兩列波的傳播速度大小都為4m/s

B.波源M比波源N晚振動(dòng)的時(shí)間為0.75s

C.x=。處的質(zhì)點(diǎn)在t=2.25s后的振幅為2cm

D.x=。處的質(zhì)點(diǎn)作t=3s時(shí)的位移為2cm

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

9.某實(shí)驗(yàn)小組想定量探究“單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”，他們進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：

(1)組裝好實(shí)驗(yàn)裝置后，用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球直徑如圖所示，由圖可得小球直徑d=

123cm

01020

(2)改變單擺擺長(zhǎng)，記錄了單擺擺長(zhǎng)及其對(duì)應(yīng)的單擺全振動(dòng)30次的時(shí)間如表所示。

擺長(zhǎng)L/cm50.0060.0070.0080.0090.00100.00

時(shí)間t/s42.7746.8650.6154.1157.3060.46

周期77s1.431.561.691.801.912.02

某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)猜想單擺的周期7可能與其擺長(zhǎng)L成正比的關(guān)系，請(qǐng)?zhí)岢鲆环N判斷該同學(xué)

的猜想是否正確的方法？

(3)他們利用以上數(shù)據(jù)作圖(單位均為國(guó)際單位制)，經(jīng)多次嘗試，當(dāng)縱坐標(biāo)取7S橫坐標(biāo)取擺

長(zhǎng)L時(shí)，得到一條直線，并得出廠和心的關(guān)系為：T2=4.067,+0.0066,根據(jù)該表達(dá)式，在誤

差允許范圍內(nèi)，可以認(rèn)為單擺周期的平方與擺長(zhǎng)成正比。

(4)學(xué)習(xí)完單擺的周期公式后，實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)以上數(shù)據(jù)進(jìn)一步算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮=

m/s2.(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)

10.為測(cè)量?jī)晒?jié)串在一起的干電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)找到如下器材:

//Ab

00.100.200.300.400.50

丙T

A.待測(cè)干電池兩節(jié)

注電流表：量程。?34內(nèi)阻約0.1。

C.電流表：量程07）.64,內(nèi)阻約0.5。

。.電壓表：量程0?3U,內(nèi)阻約30000

E.電壓表：量程。?15V,內(nèi)阻約50000

F.定值電阻Ro=5。

G.滑動(dòng)變阻器R：0-500

H開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干

（1）因電池的內(nèi)阻較小，為增大電壓表的測(cè)量范圍，以下給出的甲、乙兩種測(cè)量方案中，你認(rèn)

為較合理的是。（選填“甲”或“乙”）

（2）為減小測(cè)量誤差，電流表應(yīng)選擇,電壓表應(yīng)選擇。（填器材前面的代號(hào)）

（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的數(shù)據(jù)如表中所示，請(qǐng)?jiān)趫D丙的坐標(biāo)紙中將剩余數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)描出，并通過(guò)所

作的U-/圖像求出電池組的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=￡2,該實(shí)驗(yàn)測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)

比真實(shí)值（選“偏大”或“偏小”）o（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

U/V0.500.801.231.501.842.002.37

1/A0.360.310.260.210.160.130.08

(4)為直接通過(guò)測(cè)量電源的開(kāi)路電壓來(lái)測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)，該同學(xué)利用長(zhǎng)為L(zhǎng)粗細(xì)均勻的電阻絲

cd、刻度尺、靈敏電流計(jì)G和恒壓源，設(shè)計(jì)了另一個(gè)試驗(yàn)方案，如圖丁所示。先將一個(gè)輸出

電壓恒為%的恒壓源接在電阻絲cd兩端，再將待測(cè)電源接在好兩端，調(diào)節(jié)滑片P,使得靈敏

電流計(jì)示數(shù)為0,此時(shí)用刻度尺測(cè)得滑片到c端的距離為。，待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____。

4

四、簡(jiǎn)答題(本大題共3小題，共9.()分)

11.如圖所示，將上方帶有;光滑圓弧軌道的物塊靜止在光滑水平面上，軌道的圓心為0,半

徑R=0.6?n,末端切線水平，軌道末端距地面高度九=0.2m,物塊質(zhì)量為M=3kg,現(xiàn)將一

質(zhì)量為7n=1kg的小球從與圓心等高處由靜止釋放，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小取g=

10m/s2o求

(1)若物塊固定，則小球落地時(shí)，小球與軌道末端的水平距離；

(2)若物塊不固定，則小球落地時(shí)，小球與軌道末端的水平距離。

12.在水平向右足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，大小可忽略的兩個(gè)帶電小球4、B分別用不可伸長(zhǎng)，

長(zhǎng)度均為1的絕緣輕質(zhì)細(xì)線懸掛在同一水平面上的M、N兩點(diǎn)，并靜止在如圖所示位置，兩細(xì)

線與電場(chǎng)線在同一豎直平面內(nèi)，細(xì)線與豎直方向夾角均為a=37。。已知兩小球質(zhì)量都為m,

電荷量均為q且?guī)У攘慨惙N電荷，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=萼，重力加速度大小為g,取

sin37°=0.6,cos37°=0.8。求：

(1)4、B兩小球之間庫(kù)侖力的大小；

(2)保持小球B的位置和帶電量不變，移除4小球后，將小球B由靜止釋放，求B小球此后運(yùn)動(dòng)

過(guò)程中速度的最大值。

N

13.如圖所示，一“n”型金屬線框放置在絕緣粗糙的水平面上，金屬棒b與PQ邊相距一段

距離并平行PQ放置在金屬線框上，在金屬線框右側(cè)有一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.57、方向豎

直向下的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域?，F(xiàn)用F=6N的水平恒力拉著金屬線框向右運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后PQ

邊進(jìn)入磁場(chǎng)，并勻速穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，當(dāng)PQ邊離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的瞬間，金屬棒ab恰好進(jìn)入磁

場(chǎng)，且速度剛好達(dá)到金屬線框的速度，此時(shí)立即撤去拉力F,整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒ab始終

與金屬線框垂直且接觸良好。已知線框間距為L(zhǎng)=2m,整個(gè)金屬線框電阻不計(jì)，金屬棒的電

阻為R=10,金屬線框及金屬棒ab的質(zhì)量均為rn=1kg,金屬棒與金屬線框之間的動(dòng)摩擦因

數(shù)為%=0.2,金屬線框與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為%=0.05,重力加速度大小取g=

10m/s2(>求

⑴金屬線框PQ邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小;

(2)磁場(chǎng)區(qū)域的寬度;

(3)ab棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到停下的時(shí)間。

PXXX

XXX

~F

QXXX

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4當(dāng)入射光的頻率大于等于極限頻率才能發(fā)生光電效應(yīng)，與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)

誤；

A根據(jù)光電效應(yīng)方程，可知^^hv-W0

又=Ek

解得4=幺子，所以遏止電壓外與入射光的頻率和逸出功有關(guān)，與光強(qiáng)無(wú)關(guān)，故8正確；

C.根據(jù)光電效應(yīng)方程=可知，用相同頻率的光照射同種金屬，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)逸出的

光電子最大初動(dòng)能都相同，但初動(dòng)能不一定相同，故C錯(cuò)誤；

。.光電效應(yīng)現(xiàn)象表明了光具有粒子性，故。錯(cuò)誤；

故選：B。

光電效應(yīng)的發(fā)生條件是入射光頻率大于極限頻率；遏止電壓與入射光的頻率和逸出功有關(guān)，與光

強(qiáng)無(wú)關(guān)；同一束光照射同種金屬，發(fā)生光電效應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能相同，但是初動(dòng)能不一定相

同；光電效應(yīng)證明光具有粒子性。

本題主要考察光電效應(yīng)的發(fā)生條件與能量關(guān)系，把握清楚各個(gè)物理量的影響因素是解題關(guān)鍵，注

意審題“最大初動(dòng)能”與“初動(dòng)能”并不相同，注意區(qū)分。

2.【答案】D

【解析】解：從黑板擦做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)黑板擦受力分析，如圖

mg

由平衡條件得：

豎直方向：FcosO=mg+p.FN

水平方向：FN=Fsin0

聯(lián)立解得：尸蟹浮

故A錯(cuò)誤；

B、黑板對(duì)黑板擦的作用力為支持力和摩擦力的合力，大小為F合=J(Fsin"+(〃Fs譏。1=

J1+必FsinS

故B錯(cuò)誤；

C、若突然松開(kāi)手，松手瞬間黑板擦只受自身重力作用，其加速度大小為g,故C錯(cuò)誤；

。、若突然松開(kāi)手，松手后黑板擦做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，能上升的最大高度為八=母

故。正確。

故選：D。

黑板擦做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)黑板擦受力分析，根據(jù)平衡求解動(dòng)摩擦因數(shù)；黑板對(duì)黑板擦的作用力

為支持力和摩擦力的合力，根據(jù)力的合成求解作用力的大?。煌蝗凰墒趾?，黑板擦只受重力，做

豎直上拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。

本題考查共點(diǎn)力平衡和豎直上拋運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵是黑板擦做好受力分析，知道突然松手后，黑板

擦只收重力，結(jié)合平衡條件和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。

3.【答案】D

【解析】解：4若h=0,宇航員處在地面上，除了受萬(wàn)有引力還受地面的支持力，繞地心運(yùn)動(dòng)的

線速度遠(yuǎn)小于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

A“太空電梯”相對(duì)地面靜止，“太空電梯”里的宇航員，隨地球自轉(zhuǎn)的角速度都相等，根據(jù)□=

3r可知，h越大，r越大，宇航員繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度越大，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)a=/2r知，八越大，r越大，宇航員繞地心運(yùn)動(dòng)的向心加速度越大，故C錯(cuò)誤；

與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時(shí)，有誓=巾等「，即萬(wàn)有引力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，

宇航員相當(dāng)于衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，故。正確。

故選：Do

宇航員處在地面上，除了受萬(wàn)有引力還受地面的支持力，繞地心運(yùn)動(dòng)的線速度遠(yuǎn)小于第一宇宙速

度；“太空電梯”相對(duì)地面靜止，所以角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，根據(jù)u=3r和a=32r分

析BC項(xiàng)；九與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時(shí)，萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力。

本題重點(diǎn)考查萬(wàn)有引力與重力、向心力之間的關(guān)系，題目情景比較新穎，需要結(jié)合圖像分析三者

關(guān)系。

4.【答案】C

【解析】解：電子的速率最大時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，此時(shí)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡與磁場(chǎng)邊界相切,

根據(jù)euB=m二得：

r

erB

V=——

m

電子運(yùn)動(dòng)半徑最大，速度最大。電子圓周運(yùn)動(dòng)的圓心與圓形磁場(chǎng)的圓心以及切點(diǎn)共線，過(guò)電子圓

周運(yùn)動(dòng)的圓心做0P的垂線，由幾何關(guān)系得rcos60。+02-(rsm60°)2=OAR

解得：「=弱

則最大速率為：

〃=嚶，故AB。錯(cuò)誤，C正確。

40m

故選：C。

做出電子運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求得半徑，從而確定電子的最大速率0

此題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的處理方法，解題的關(guān)鍵是畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，

利用好幾何知識(shí)分析求解。

5.【答案】CD

【解析】解：44-C過(guò)程是絕熱變化過(guò)程，氣體膨脹對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知：4U=

Q+W,其中Q=0,W為負(fù)值，所以氣體的內(nèi)能減小、溫度降低，故4錯(cuò)誤；

B.C-B過(guò)程中氣體做等容變化，壓強(qiáng)增大、則溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，但并不是每個(gè)

分子的動(dòng)能都增大，故B錯(cuò)誤；

C.B-4過(guò)程中，氣體做等壓壓縮，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程牛=。可知，氣體的溫度

降低，分子的平均動(dòng)能減小，每個(gè)分子對(duì)器壁的平均撞擊力減小，壓強(qiáng)不變，所以單位時(shí)間內(nèi)容

器壁單位面積上分子撞擊次數(shù)增多，故c正確；

0.圖中ACB4圖像的面積表示外界對(duì)氣體做的功，所以ATCTB74完成一次完整循環(huán)的過(guò)程

氣體對(duì)外做負(fù)功，故。正確。

故選：CD。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知4-C過(guò)程中氣體的內(nèi)能減小、溫度降低；

C-B過(guò)程中氣體做等容變化，分子的平均動(dòng)能增大，但并不是每個(gè)分子的動(dòng)能都增大；

根據(jù)氣體壓強(qiáng)的決定因素分析碰撞次數(shù)的變化；

圖中4CBA圖像的面積表示外界對(duì)氣體做的功。

本題主要是考查一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)方程之圖像問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚圖像表示的物理意義、

知道圖像的斜率、圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示的物理意義，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程

結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析。

6.【答案】AC

【解析】解：4B.根據(jù)臨界角與折射率之間的關(guān)系sinC=L=叁＜華

n32

則細(xì)光束在該玻璃球中發(fā)生全反射的臨界角小于45。，而入射角0=60。，大于臨界角45。，因此細(xì)

光束在P點(diǎn)發(fā)生了全反射，而由幾何關(guān)系知在B點(diǎn)，入射角小于臨界角，因此光束在B點(diǎn)發(fā)生了折

射，故A正確，B錯(cuò)誤；

S由折射率公式有葭=*細(xì)光束在玻璃中傳播速度〃=：=與

而由幾何關(guān)系，光從4點(diǎn)傳播到B點(diǎn)的路程s=2X—4^=空

2stn603

則光從4點(diǎn)傳播到8點(diǎn)的時(shí)間為

s2Gd3y/~3d

t=p=—X2Z=—

故c正確，。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)臨界角與折射率之間的關(guān)系，分析全反射臨界角，分析光束情況；

由折射率公式、傳播速度公式，以及傳播的路程，求傳播的時(shí)間。

本題考查學(xué)生對(duì)全反射臨界條件的掌握，以及對(duì)光的折射率、傳播速度公式的掌握，是一道基礎(chǔ)

題。

7.【答案】BD

【解析】解：4、c點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，電子在c點(diǎn)的電勢(shì)能小于在a點(diǎn)的電勢(shì)能，則電子從a點(diǎn)移

動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤；

B、b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，電子在。點(diǎn)的電勢(shì)能小于在a點(diǎn)的電勢(shì)能，則電子從a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)

程中，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故B正確；

C、將ab段均分成5等份，則每段的電勢(shì)差為2心且從a到b依次遞增，且根據(jù)題意可知，ad=

accos45°=2V-2x早cm=2cm

根據(jù)幾何關(guān)系得ab垂直于cd,根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面的垂直關(guān)系可知，電場(chǎng)方向從b點(diǎn)指向a點(diǎn)，故

C錯(cuò)誤；

。、ba兩點(diǎn)間的電勢(shì)差［/幾=(pb-<pa=12V-2V=10V

電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=簪=慕17m=200V/m

ba0.05''

故。正確。

故選：BD。

根據(jù)電勢(shì)高低判斷電子的電勢(shì)能的大?。浑妱?shì)能減小，電場(chǎng)力做正功；根據(jù)等分法確定等勢(shì)線，

電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，根據(jù)E=?求解電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。

本題主要考查電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系，勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握E=g的運(yùn)

a

用，知道d代表沿電場(chǎng)線方向兩點(diǎn)的距離。

8.【答案】AC

【解析】解:4波速與介質(zhì)有關(guān)，同種介質(zhì)中波的傳播速度相同，根據(jù)題意可知狐=4m,TN=Is,

結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：

〃=萼==4m/s,故A正確；

1N1

反波源M的波形向前傳播了半個(gè)波長(zhǎng)，波源N的波形向前傳播了一個(gè)波長(zhǎng)，而兩列波的波速相同，

由甲圖還可知兩列波的波長(zhǎng)也相同，則兩列波的周期也相同，均為1s,因此可知波源M比波源N晚

振動(dòng)的時(shí)間為0.5s,故8錯(cuò)誤；

C.x=0處的質(zhì)點(diǎn)距離M、N兩波源的路程差為

3

4s=9m-3m=6m=-A.

則可知x=0處的質(zhì)點(diǎn)距離兩波源的距離差為波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，根據(jù)波的干涉原理可得該點(diǎn)為振動(dòng)的

減弱點(diǎn)，當(dāng)兩列波都傳播到此處時(shí)，根據(jù)矢量的合成特點(diǎn)可知該處質(zhì)點(diǎn)的振幅為：

Ao—AM—AN=6cm—4cm=2cm

結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：

s=

ti1=-v=742.25s

可知在t=2.25s時(shí)N波恰好傳播到％=0處，而M波傳播到％=0處的時(shí)間為

s=

t/2=-v=740.75s

而M波比N波滯后0.5s開(kāi)始振動(dòng)，則可知M波傳播到x=0處的時(shí)刻為t=1.25s時(shí)，之后1s時(shí)間M波

在x=0處恰好振動(dòng)一個(gè)周期回到平衡位置，可知，在t=2.25s后，兩列波均使x=0得質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，

故C正確；

。.根據(jù)上述分析可知，在t=2.25s時(shí)x=0處的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，再經(jīng)過(guò)0.75s,恰好是M波的

波谷與N波的波峰同時(shí)傳播到了x=0處，此時(shí)的位移為

y=-6cm+4cm=-2cm,故。錯(cuò)誤。

故選：AC?

根據(jù)圖像得出波長(zhǎng)和周期，結(jié)合波速的計(jì)算公式得出波速的大?。?/p>

根據(jù)波形圖的特點(diǎn)得出波源振動(dòng)時(shí)間的關(guān)系；

根據(jù)圖像得出質(zhì)點(diǎn)到兩波源的距離差，由此判斷出該點(diǎn)屬于振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)還是減弱點(diǎn)，結(jié)合矢量合

成的特點(diǎn)得出質(zhì)點(diǎn)的振幅：

根據(jù)簡(jiǎn)諧橫波的傳播特點(diǎn)結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式完成分析。

本題主要考查了簡(jiǎn)諧橫波的相關(guān)應(yīng)用，理解圖像的物理意義，結(jié)合簡(jiǎn)諧橫波在不同方向上的運(yùn)動(dòng)

特點(diǎn)即可完成分析。

9.【答案】10.709.7

【解析】解：(1)所用游標(biāo)卡尺的游標(biāo)尺為(20分)度，則最小刻度為0.057mn,不需要估讀，讀圖

可知小球直徑為

d=10mm+0.05x14mm=10.70mm

(2)該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)猜想單擺的周期T可能與其擺長(zhǎng)L成正比關(guān)系，而為了驗(yàn)證該同學(xué)猜想的正

確性，最好的辦法就是根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)做出作7-L的圖像，若該圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，則

就能證明該同學(xué)的猜想正確。

(4)由(3)中得到的72和乙的關(guān)系式在誤差允許范圍內(nèi)為

T2=4.06L

而根據(jù)單擺周期的計(jì)算公式

丁=2寸

聯(lián)立可得：g?9.7m/s2

故答案為：(1)10.70；(2)作7-L圖像，看其圖線是否是過(guò)原點(diǎn)的直線；(3)9.7

(1)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則得出小球的直徑；

(2)根據(jù)周期和擺長(zhǎng)的關(guān)系分析出正確的方法；

(3)根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的大小。

本題主要考查了單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合單擺的周

期公式即可完成分析。

10.【答案】甲C。2.901.60小0.75%

【解析】解：(1)由于電池的內(nèi)阻較小，為增大電壓表的測(cè)量范圍，將定值電阻并入電源的內(nèi)阻,

作為等效內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，故選甲。

(2)所測(cè)為兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，而兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)大約為3乙故電壓表應(yīng)選擇D；

而根據(jù)直除法，即電源的電動(dòng)勢(shì)除以電路中電阻的最小值，即粗略記為定值電阻的阻值，此時(shí)滑

動(dòng)變阻器入電路阻值為零，得到的這個(gè)粗略值認(rèn)為是電路中電流的最大值，再根據(jù)電表的選取原

則，讀數(shù)不能小于總量程的三分之一，則可知電流表應(yīng)選擇C；

(3)將未描點(diǎn)的數(shù)據(jù)，在題圖所給的坐標(biāo)系中描點(diǎn)，之后將這些點(diǎn)盡量畫(huà)在一條直線上，如圖所示

在U-/圖像中，圖線與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)，而通過(guò)該測(cè)量電路做出的圖像的斜率的絕

對(duì)值表示電源內(nèi)阻與定值電阻大小之和，則通過(guò)讀圖可得電源的電動(dòng)勢(shì)為：E=2.9V

7Q

電源的內(nèi)阻為：r=?O-50=1.60

0.44

根據(jù)閉合電路的歐姆定律：E=U+/(R0+r)

由于電壓表的分流作用，實(shí)際的干路電流要比測(cè)量值大，因此該實(shí)驗(yàn)測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)要比真實(shí)值偏

小。

(4)在該實(shí)驗(yàn)中，靈敏電流計(jì)示數(shù)為0說(shuō)明此刻滑片觸頭P到金屬絲d端兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與待測(cè)電源

(1)電源的內(nèi)阻較小，那么的U-/直線的斜率太小，不便于處理數(shù)據(jù)，所以增加一個(gè)等效內(nèi)阻可

解決此問(wèn)題；

(2)根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表的量程，估算電路中的最大電流后選擇電流表的量程；

(3)先描點(diǎn)，再將所有點(diǎn)盡量畫(huà)在一條直線上，通過(guò)縱軸截距和斜率來(lái)求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻值，并進(jìn)

行誤差分析；

(4)根據(jù)靈敏電流計(jì)的示數(shù)為零及電路結(jié)構(gòu)特點(diǎn)，由電勢(shì)相等求出待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)。

遇到圖象問(wèn)題，可以先根據(jù)物理定律寫(xiě)出有關(guān)縱軸與橫軸物理量的表達(dá)式，然后再根據(jù)截距、斜

率的物理意義即可求出所求。

11.【答案】解：(1)物塊固定，小球沿著圓弧滾至軌道末端的過(guò)程中：mgR=\mvl

小球滑離軌道末端后做平拋運(yùn)動(dòng)：h=\gt2

小球落地時(shí)與軌道末端的水平距離：%0=170t

聯(lián)立解得：x0=^m

(2)物塊不固定時(shí)，小球從圓弧軌道上滾下的過(guò)程中，物塊和小球組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒。

設(shè)小球滑離軌道末端時(shí)，小球的速度為%,物塊的速度為方。以向右方向?yàn)檎较蛴校簃v1=MV2

由能量守恒可得：mgR=M說(shuō)諺

小球落地時(shí)與軌道末端的水平距離：x=v1t+v2t

聯(lián)立解得：x=0.8m

答：(1)若物塊固定，則小球落地時(shí)，小球與軌道末端的水平距離為*m；

(2)若物塊不固定，則小球落地時(shí)，小球與軌道末端的水平距離為0.8m。

【解析】(1)物塊固定時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理求出小球剛到末端的速度大小，再根據(jù)平拋規(guī)律求水平距

離；

(2)物塊不固定，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律求出兩物體分離時(shí)的速度，再結(jié)合之后

水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)求落地時(shí)的水平距離。

本題關(guān)鍵要理清物體各個(gè)階段的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道小球在圓弧軌道上滑下時(shí)遵守水平動(dòng)量守恒定律

和機(jī)械能守恒定律，落點(diǎn)距離與相對(duì)位移有關(guān)。

12.【答案】解：(1)設(shè)8小球受到的電場(chǎng)力為居=qE

對(duì)B小球受力分析如圖所示，

小球B靜止，受力平衡得Fi-F=mgtana

聯(lián)立解得尸=&-mgtana=^mg~^mg~^rng

(2)小球4撤去后，小球B在電場(chǎng)力、重力和繩子拉力作用下做變速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力和電場(chǎng)力的

合力沿著半徑方向時(shí)小球速度最大。設(shè)小球速度最大時(shí)，繩子與豎直方向的夾角為6。由幾何關(guān)系

可得tan。=