2022年高考物理真題解析（浙江卷）

絕密★啟用前

2022年6月浙江省普通高校招生選考科目考試

物理試題

姓名：準(zhǔn)考證號：

本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共7頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。

考生注意：

1.答題前，請務(wù)必將自己的姓名，準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)

定的位置上。

2.答題時(shí)，請按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的

作答一律無效。

3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)的區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)先使用2B

鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。

4.可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取10m/s:

選擇題部分

一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要

求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1.下列屬于力的單位是

A.kg,m/s2B.kg,m/sC.kg,m2/sD.kg,s/m2

【參考答案】A

【命題意圖】本題考查力的單位用基本物理量單位表達(dá)。

【解題思路】根據(jù)牛頓第二定律和力的單位規(guī)定，可知A正確。

2.下列說法正確的是

A.鏈球做勻速圓周運(yùn)動過程中加速度不變

B.足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大

C.乒乓球被擊打過程中受到的作用力大小不變

D.籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向無關(guān)

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查勻速圓周運(yùn)動、慣性、空氣阻力及其相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】鏈球做勻速圓周運(yùn)動過程中加速度大小不變，方向改變，A錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)量是慣性大小的量

度，可知足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大，B正確；乒乓球被擊打過程中受到的作用力大小變

化，C錯(cuò)誤：籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向相反，D錯(cuò)誤。

3.如圖所示，魚兒擺尾擊水躍出水面，吞食荷花花瓣的過程中，下列說法正確的是

A.魚兒吞食花瓣時(shí)魚兒受力平衡

B.魚兒擺尾出水時(shí)浮力大于重力

C.魚兒擺尾擊水時(shí)受到水的作用力

第3題圖

D.研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動作可把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)

【參考答案】C

【命題意圖】本題考查受力分析、牛頓第三定律、質(zhì)點(diǎn)。

【解題思路】魚兒吞食花瓣時(shí)魚兒受力不平衡，A錯(cuò)誤；魚兒擺尾出水時(shí)浮力小于重力，B錯(cuò)誤；魚兒擺尾

擊水時(shí)對水有作用力，由牛頓第三定律可知，魚兒受到水的作用力，C正確；研究魚兒擺尾擊水躍出水

面的動作不可把魚兒視為質(zhì)點(diǎn)，D錯(cuò)誤。

4.關(guān)于雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是

A.用復(fù)色光投射就看不到條紋

B.明暗相間條紋是兩列光在屏上疊加的結(jié)果

C.把光屏前移或后移，不能看到明暗相間條紋

D.藍(lán)光干涉條紋的間距比紅光的大

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查雙縫干涉實(shí)驗(yàn)。

【解題思路】用復(fù)色光投射可以看到彩色條紋，A錯(cuò)誤；明暗相間條紋是兩列光在屏上疊加的結(jié)果，B正確；

把光屏前移或后移，仍能看到明暗相間條紋，C錯(cuò)誤；根據(jù)雙縫干涉條紋間隔公式，可知藍(lán)光干涉條紋

的間距比紅光的小，D錯(cuò)誤。

5.下列說法正確的是

A.恒定磁場對靜置于其中的電荷有力的作用

B.小磁針N極在磁場中的受力方向是該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向

C.正弦交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)，穿過線圈平面的磁通量最大時(shí)，電流最大

D.升壓變壓器中，副線圈的磁通量變化率大于原線圈的磁通量變化率

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查電磁學(xué)相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】恒定磁場對靜置于其中的電荷沒有力的作用，A錯(cuò)誤；小磁針N極在磁場中的受力方向是

該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，B正確；正弦交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)，穿過線圈平面的磁通量最大時(shí)，磁通量變化率為

零，電流為零，C錯(cuò)誤；升壓變壓器中，副線圈的磁通量變化率等于原線圈的磁通量變化率，D錯(cuò)誤。

6.神州十三號飛船采用“快速返回技術(shù)”，在近地軌道上，返回艙脫離天和核心艙，在圓軌道環(huán)繞并擇機(jī)

返回地面。則

A.天和核心艙所處的圓軌道距地面高度越高，環(huán)繞速度越大

B.返回艙中的宇航員處于失重狀態(tài)，不受地球的引力

C.質(zhì)量不同的返回艙與天和核心艙可以在同一軌道運(yùn)行

D.返回艙穿越大氣層返回地面過程中，機(jī)械能守恒

【參考答案】C

【命題意圖】本題考查萬有引力定律、失重狀態(tài)、衛(wèi)星軌道、功能關(guān)系。

2

【解題思路】由GMm,=m-!v—,可得v=JI*G—M,可知天和核心艙所處的圓軌道距地面高度h

(R+MR+h\R+h

越高，環(huán)繞速度越小，A錯(cuò)誤；返回艙中的宇航員處于失重狀態(tài)，仍受地球的引力，B錯(cuò)誤；質(zhì)量不同的返

回艙與天和核心艙可以在同一軌道運(yùn)行，C正確；返回艙穿越大氣層返回地面過程中，需要克服空氣阻力

做功，機(jī)械能減小，D錯(cuò)誤。

7.圖為氫原子的能級圖。大量氫原子處于"=3的激發(fā)態(tài)，在向低能級躍遷時(shí)放出光子，用這些光子照射逸

出功為2.29eV的金屬鈉。下列說法正確的是

A.逸出光電子的最大初動能為10.80eV

B.〃=3躍遷到n=l放出的光電子動量最大

C.有3種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)

D.用0.85eV的光子照射，氫原子躍遷到〃=4激發(fā)態(tài)

nE/eV

00------------------------------0

4----------------------------------0.85

3----------------------------------151

2--------------------------------3.4

1----------------------------------13.6

第7題圖

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查能級，波爾理論及其相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，躍遷到基態(tài)，輻射出的光子能量最大，最大為E=(-L51eV)-

(-13.6eV)=12.09eV,照射逸出功為2.29eV的金屬鈉，由愛因斯坦光電效應(yīng)方程，逸出光電子的最大初動

能為Ek=E-W=12.09eV-2.29eV=9.80eV,A錯(cuò)誤；〃=3躍遷到〃=1放出的光電子能量E最大，由E=pc,可

知?jiǎng)恿縫最大，B正確；只有處于〃=3的激發(fā)態(tài)氫原子躍遷到基態(tài)，處于〃=2的激發(fā)態(tài)氫原子躍遷到基態(tài)，

輻射的光子能量大于金屬鈉逸出功2.29eV,即2種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng),C錯(cuò)誤;用0.85eV

的光子照射處了〃=3是氫原子，不能躍遷到〃=4激發(fā)態(tài)，D錯(cuò)誤。

8.如圖所示，王亞平在天宮課堂上演示了水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)，在失重環(huán)境下，往大水球中央注入空氣，形成了

一個(gè)空氣泡，氣泡看起來很明亮，其主要原因是

第8題圖

A.氣泡表面有折射沒有全反射

B.光射入氣泡衍射形成“亮斑”

C.氣泡表面有折射和全反射

D.光射入氣泡干涉形成“亮斑”

【參考答案】C

【命題意圖】本題考查光的折射和全反射。

【解題思路】氣泡看起來很明亮，其主要原因是氣泡表面有折射和全反射，C正確。

9.如圖所示，帶等量異種電荷的兩正對平行金屬板M、N間存在勻強(qiáng)電場，板長為L（不考慮邊界效應(yīng)）。

U0時(shí)刻，M板中點(diǎn)處的粒子源發(fā)射兩個(gè)速度大小為訓(xùn)的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到達(dá)N板

時(shí)速度大小為亞”；平行M板向下的粒子，剛好從N板下端射出。不計(jì)重力和粒子間的相互作用，則

A.M板電勢高于N板電勢

B.兩個(gè)粒子的電勢能都增加

C.粒子在兩板間的加速度為。=?

D.粒子從N板下端射出的時(shí)間f=3T）L

2紇

【參考答案】C

【命題意圖】本題考查帶電粒子在兩極板之間的勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動。

【解題思路】根據(jù)題述，垂直M板向右運(yùn)動的粒子，到達(dá)N板時(shí)速度大小為血4,可知電場對帶電粒子

做正功，由于不知粒子電性，不能判斷出M板電勢高于N板電勢，A錯(cuò)誤；電場對兩帶電粒子都做正

功，兩個(gè)粒子的電勢能都減小，B錯(cuò)誤；兩個(gè)帶電粒子由M板運(yùn)動到N,電場力做功相同，兩粒子運(yùn)動

到N板時(shí)速度大小相同。對平行M板向卜運(yùn)動的粒子，將運(yùn)動到N板卜端的速度也紇分解可得，垂直

于N板的速度分量為vo,平行于N板的速度分量為vo，設(shè)MN兩極板之間的距離為d,對平行M板向

卜運(yùn)動的粒子垂直于N板方向的分運(yùn)動，L/2=a）t,d=；at2,對垂直M板向右運(yùn)動的粒子，（亞4）2_

2。/I

0（，=2ad,聯(lián)立解得：a———,t=---,C止確D錯(cuò)誤。

L2%

10.如圖所示，一輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角0=60。。一

重為G的物體懸掛在橫桿中點(diǎn)，則每根斜桿受到地面的

C摩擦力為《6D.摩擦力為也G

8

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查受力分析、物體平衡條件，力的分解及其相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】把輕質(zhì)曬衣架和重物看作整體，設(shè)每根斜桿受到地面的作用力為F,4Fcos300=G,解得F=

咯G,選項(xiàng)A錯(cuò)誤B正確；把F沿水平方向和豎直方向分解，在水平方向，每根斜桿受到地面的摩擦

6

力f=Fcos6(r=—G,CD錯(cuò)誤。

12

11.如圖所示，一根固定在墻上的水平光滑桿，兩端分別固定著相同的輕彈簧，兩彈簧自由端相距X。套在

桿上的小球從中點(diǎn)以初速度。向右運(yùn)動，小球?qū)⒆鲋芷跒?的往復(fù)運(yùn)動，則

/UUUUUUUUUUU'\1aJ'uuuuuuuuuvu

A.小球做簡諧運(yùn)動

T

B.小球動能的變化周期為一

2

C.兩根彈簧的總彈性勢能的變化周期為7

D.小球的初速度為;時(shí)，其運(yùn)動周期為27

【參考答案】B

【命題意圖】本題考查簡諧運(yùn)動和機(jī)械能。

【解題思路】物體做簡諧運(yùn)動的條件是它在運(yùn)動中所受回復(fù)力與位移成正比，且方向總是指向平衡位置，

可知小球在桿中點(diǎn)到接觸彈簧過程，所受合力為零，此過程做勻速直線運(yùn)動，故小球不是做簡諧運(yùn)動，A

錯(cuò)誤；假設(shè)桿中點(diǎn)為。，小球向右壓縮彈簧至最大壓縮量時(shí)的位置為A，小球向左壓縮彈簧至最大壓縮量

時(shí)的位置為B,可知小球做周期為T的往復(fù)運(yùn)動過程為OfAfOfB-O。根據(jù)對稱性可知小球從

OfAfO與這兩個(gè)過程的動能變化完全一致，兩根彈簧的總彈性勢能的變化完全一致，

故小球動能的變化周期為匕，兩根彈簧的總彈性勢能的變化周期為一，B正確，C錯(cuò)誤；小球的初速度為上

222

時(shí)，可知小球在勻速階段的時(shí)間變?yōu)樵瓉淼?倍，接觸彈簧過程，根據(jù)彈簧振子周期公式4=2萬戶，可

V

知接觸彈簧過程所用時(shí)間與速度無關(guān)，即接觸彈簧過程時(shí)間保持不變，故小球的初速度為不時(shí)，其運(yùn)動周

2

期應(yīng)小于2T，D錯(cuò)誤。

【一題多解】由于小球受力不符合與位移成正比，方向相反，所以小球做的不是簡諧運(yùn)動，A錯(cuò)誤；小球

動能的變化周期為兩根彈簧的總彈性勢能的變化周期為7Z2,B正確C錯(cuò)誤。小球的初速度為;時(shí),

其運(yùn)動周期小于T,D錯(cuò)誤。

12.風(fēng)力發(fā)電已成為我國實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途經(jīng)之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為

電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s時(shí)，輸出電功率為405kW,風(fēng)速在5~10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效

率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為A,空氣密度為夕，風(fēng)場風(fēng)速為。，并保持風(fēng)正面吹

向葉片。下列說法正確的是

第12題圖

A.該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比

B.單位時(shí)間流過面積4的流動空氣動能為:p/"

C.若每天平均有l(wèi).OXlgkW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4Xl()9kw?h

D.若風(fēng)場每年有5000h風(fēng)速在6~10m/s的風(fēng)能資源，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為6.0X105kW?h

【參考答案】D

【命題意圖】本題考查動能、效率和流體管狀模型。

【解題思路】

風(fēng)力發(fā)電機(jī)是將吹進(jìn)風(fēng)機(jī)葉片空氣的動能轉(zhuǎn)化為電能，所以該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速的三次方成

正比，A錯(cuò)誤；單位時(shí)間流過面積A的流動空氣動能為=B錯(cuò)誤；由于風(fēng)力發(fā)電

22

機(jī)效率一定小丁7,所以若每天平均有1.OX108kw的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量一定小于2.4義109kW?h,

選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速的三次方成正比，根據(jù)題述風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s

時(shí)，輸出電功率為405kW,若風(fēng)場每年有5000h風(fēng)速在6~10m/s的風(fēng)能資源，按照最低風(fēng)速6m/s計(jì)算，

O

則風(fēng)速為6m/s時(shí)，輸出電功率為一X405kW=120kW,該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為5OOOhX120kW=6.OX

27

105kW?h,選項(xiàng)D正確。

13.小明用額定功率為1200W、最大拉力為300N的提升裝置，把靜置于地面的質(zhì)量為20kg的重物豎直提

升到高為85.2m的平臺，先加速再勻速，最后做加速度大小不超過5m/s2的勻減速運(yùn)動，到達(dá)平臺速度

剛好為零，則提升重物的最短時(shí)間為

A.13.2sB.14.2sC.15.5sD.17.Os

【參考答案】C

【命題意圖】本題考查功率、直線運(yùn)動和牛頓運(yùn)動定律。

【解題思路】

以最大加速度向上運(yùn)動時(shí)間最短。提升向上加速的最大加速度al=<F-mg)/m=5m/s2<,勻速上升的速度

v=P/mg=6m/s。加速上升時(shí)間為ti=v/a=L2s,力口速上升高度hi=vti/2=3.6m,減速匕升時(shí)間t2=v/a=1.2s,匕升

高度h2=v匕/2=3.601,勻速上升高度h3=85.2m-3.6m-3.6m=78m,勻速上升時(shí)間t3=h.Vv=13s,提升重物的最

短時(shí)間為t=ti+t2+t3=15.4s,由于題述最后做加速度大小不超過5m/s2的勻減速運(yùn)動，所以C正確。

二、選擇題II(本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目

要求的。全部選對的得2分，選對但不選全的得1分，有選錯(cuò)的得0分)

14.秦山核電站生產(chǎn)乳的核反應(yīng)方程為i；N+.乳+X,其產(chǎn)物乳的衰變方程為乳.1N+

下列說法正確的是，

A.X是;HB.1C可以用作示蹤原子

1b

C.:e來自原子核外D.經(jīng)過一個(gè)半衰期，10個(gè)［C將剩下5個(gè)

-1O

【參考答案】AB

【命題意圖】本題考查核反應(yīng)、B衰變和對半衰期的理解。

【解題思路】

根據(jù)核反應(yīng)遵循的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可知X為質(zhì)子;H,A正確；由于々C具有放射性，且C

是構(gòu)成生物體的主要元素之一，所以可以用作示蹤原子，B正確；衰變放出的電子：e來自原子核，C

錯(cuò)誤；由于半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對少量原子核不適用，所以經(jīng)過一個(gè)半衰期，10個(gè)［C不

一定剩下5個(gè)，D錯(cuò)誤。

15.如圖為某一徑向電場示意圖，電場強(qiáng)度大小可表示為￡=。為常量。比荷相同的兩粒子在半徑r

r

不同的圓軌道運(yùn)動。不考慮粒子間的相互作用及重力，則

A.軌道半徑，?小的粒子角速度一定小

B.電荷量大的粒子的動能一定大

C.粒子的速度大小與軌道半徑r一定無關(guān)

D.當(dāng)加垂直紙面磁場時(shí)，粒子一定做離心運(yùn)動

【參考答案】BC

【命題意圖】本題考查牛頓運(yùn)動定律、電場力、圓周運(yùn)動、洛倫茲力、動能及其相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】

粒子在半徑為r的圓軌道運(yùn)動，qE=m(o2r,將￡=0代入，得(。2=魚￡,由此可知，軌道半徑廠小的

rmr~

2

粒子角速度一定大,A錯(cuò)誤；由qE=mv2/r,解得q=—Ek,即電荷量大的粒子的動能一定大,B正確；由qE=mv2/r,

a

可知v2=qa/m,即粒子的速度大小與軌道半徑「一定無關(guān)，C正確；若加垂直紙面向外的磁場時(shí)，帶電粒子

所受洛倫茲力指向圓心，則粒子做向心運(yùn)動，D錯(cuò)誤。

16.位于尸0.25m的波源尸從U0時(shí)刻開始振動，形成的簡諧橫波沿x軸正負(fù)方向傳播，在U2.0s時(shí)波源

停止振動，t=2.1s時(shí)的部分波形如圖所示，其中質(zhì)點(diǎn)a的平衡位置xa=\.75m,質(zhì)點(diǎn)b的平衡位置布

—0.5m。下列說法正確的是

C.r=2.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。沿y軸負(fù)方向振動

D.在0到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)6運(yùn)動總路程是2.55m

【參考答案】BD

【命題意圖】本題考查機(jī)械波傳播、對波的干涉產(chǎn)生條件的理解。

【解題思路】

沿x軸正負(fù)方向傳播的波，不能相遇，所以不能發(fā)生干涉，A錯(cuò)誤；根據(jù)題述在右2.0s時(shí)波源停止振

動，Z=2.1s時(shí)的部分波形如圖所示，可知在△t=0.1s時(shí)間內(nèi)波動傳播距離為x=0.50m-0.25m=0.25m,

波速v=x/Z\t=2.5m/s。由波形圖可知，波長入=1.0m,波動周期T=X/v=0.4s。由波形圖可知，/=0時(shí)刻

開始振動時(shí)波源從平衡位置向上運(yùn)動,U0.42s時(shí)，波源的位移為正,B正確;經(jīng)上配=L75-025

v2.5

=0.6s,波動傳播到a點(diǎn)，r=2.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。振動了1.65s,r=2.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)。沿y軸向上運(yùn)動到

最大位移處，C錯(cuò)誤；經(jīng)上二血=些二￡2迎=o.3s,波動傳播到b點(diǎn)，在。到2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)6

v2.5

振動了1.7s,為4.25T,質(zhì)點(diǎn)。運(yùn)動總路程是s=17A=17X15cm=255cm=2.55m,D正確。

非選擇題部分

三、非選擇題（本題共6小題，共55分）

17.（7分）（1）①“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，長木板水平放置，細(xì)繩與長

木板平行。圖2是打出紙帶的一部分，以計(jì)數(shù)點(diǎn)O為位移測量起點(diǎn)和計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)B時(shí)小車

位移大小為▲cm。由圖3中小車運(yùn)動的數(shù)據(jù)點(diǎn)，求得加速度為▲m/s2（保留兩位有效數(shù)

字）。

細(xì)繩小車紙帶啰計(jì)時(shí)器

OAB

MW刪師則啊刪刪啊

鉤碼01cm2356

圖1圖2

②利用圖1裝置”探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，需調(diào)整的是▲（多選）。

A.換成質(zhì)量更小的車B.調(diào)整長木板的傾斜程度

C.把鉤碼更換成祛碼盤和祛碼D.改變連接小車的細(xì)繩與長木板的夾角

圖3圖4

（2）“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖4所示，在該實(shí)驗(yàn)中，

①下列說法正確的是▲（單選）；

A.拉著細(xì)繩套的兩只彈簧秤，穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同

B.在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，確定一個(gè)拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)

C.測量時(shí)彈簧秤外殼與木板之間不能存在摩擦

D.測量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板

②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要▲（選填“2”、“3”或“4”）次把橡皮

條結(jié)點(diǎn)拉到。。

【參考答案】（1）6.201.9B（2）BD3

【命題意圖】本題考查三個(gè)力學(xué)實(shí)驗(yàn)，意在考查實(shí)驗(yàn)探究能力。

【解題思路】

（1）①根據(jù)刻度尺讀數(shù)規(guī)則，打計(jì)數(shù)點(diǎn)8時(shí)小車位移大小為6.20cm。由速度圖像斜率得加速度a=L9m/s2。

②利用圖1裝置”探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，需平衡摩擦力，即調(diào)整長木板的傾斜程度，B

正確。

（2）①“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)，在已記錄結(jié)點(diǎn)位置的情況下，為減小誤差，確定一個(gè)拉力的方向

需要再選擇相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)，測量時(shí)，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板，BD正確。

②若只有一只彈簧秤，為了完成該實(shí)驗(yàn)至少需要3次把橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到0。第一次用一只彈簧秤將結(jié)點(diǎn)

拉到O點(diǎn)；第二次用手和彈簧秤成一定角度分別拉一繩套將結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)，記下二者拉力方向；第3次手

和彈簧秤互換，分別沿第2次的方向?qū)⒔Y(jié)點(diǎn)拉到。點(diǎn)。

18.（7分）（1）探究滑動變阻器的分壓特性，采用圖1所示的電路，探究滑片P從A移到8的過程中，負(fù)

載電阻R兩端的電壓變化。

①圖2為實(shí)驗(yàn)器材部分連線圖，還需要▲（選填爐好、,"、fc、ce或eg）連線（多選）。

（2）圖3所示電壓表的示數(shù)為▲V。

圖1、圖2

圖3

③已知滑動變阻器的最大阻值Ro=lOC,額定電流/=1,OAo選擇負(fù)載電阻R=10C,以R兩端電壓U為

Yr

縱軸，為土橫軸G為AP的長度，乙為AB的長度），得到U-2分壓特性曲線為圖4中的“/”；當(dāng)

LL

R=100C,分壓特性曲線對應(yīng)圖4中的▲（選填"n”或“IH”）；則滑動變阻器最大阻值的選擇

依據(jù)是▲。、

圖4

（2）兩個(gè)相同的電流表Gi和G2如圖5所示連接，晃動Gi表，當(dāng)指針向左偏轉(zhuǎn)時(shí)，靜止的G2表的指針

也向左偏轉(zhuǎn)，原因是▲（多選）。

圖5

A.兩表都是“發(fā)電機(jī)”

B.Gi表是“發(fā)電機(jī)”，G2表是''電動機(jī)”

C.G,表和G2表之間存在互感現(xiàn)象

D.Gi表產(chǎn)生的電流流入G2表，產(chǎn)生的安培力使G2表指針偏轉(zhuǎn)

【答案】⑴bf,cg,db1.50IIIR<Ro

（2）BD

【參考答案】

【命題意圖】本題考查探究滑動變阻器的分壓特性實(shí)驗(yàn)。

【解題思路】

（1）根據(jù)圖1的電路原理圖，可知還需要bf,eg,db連線。

（2）根據(jù)電壓表讀數(shù)規(guī)則，圖3所示電壓表的示數(shù)為1.50V?

Y

③根據(jù)分壓電路中滑動變阻器總阻值越小，U-―分壓特性曲線線性越好，可知當(dāng)Q100Q,分壓特性曲

L

線對應(yīng)圖4中的IIL滑動變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是盡可能選擇總阻值盡可能小的滑動變阻器，即R

<R（）?

（2）晃動G表，Gi表是“發(fā)電機(jī)”，G2表的指針也向左偏轉(zhuǎn)，說明G2表是“電動機(jī)”，Gi表產(chǎn)生的電流

流入G2表，產(chǎn)生的安培力使G2表指針偏轉(zhuǎn)，BD正確

19.（9分）物流公司通過滑軌把貨物直接裝運(yùn)到卡車中，如圖所示,傾斜滑軌與水平面成24°角,長度A=4m,

水平滑軌長度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開始下滑，其與滑軌間的動摩擦

2

因數(shù)均為〃=一，貨物可視為質(zhì)點(diǎn)（取cos24°=0.9,sin24°=0.4）?

9

第19題圖

(1)求貨物在傾斜滑軌上滑行時(shí)加速度0的大小；

(2)求貨物在傾斜滑軌末端時(shí)速度。的大?。?/p>

(3)若貨物滑離水平滑軌末端時(shí)的速度不超過2m/s,求水平滑軌的最短長度必

【命題意圖】本題考查牛頓運(yùn)動定律、勻變速直線運(yùn)動規(guī)律。

【解題思路】(1)貨物在傾斜滑軌上滑行，由牛頓第二定律，

〃?gsin24°，〃gcos24"=ma\<解得：?i=2m/s2o

(2)由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律，v2=2aiZ,,解得v=4m/s

(3)貨物在水平軌道上勻減速運(yùn)動，V|2-v2=2G/2，

由牛頓第二定律，

-〃mg=ma2,

解得：，2=2.7m。

20.(12分)如圖所示，在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量利的物塊。靜置于懸點(diǎn)。正下方的4點(diǎn)，以速度。逆時(shí)針轉(zhuǎn)動

的傳送帶與直軌道A3、CD、FG處于同一水平面上，AB、MN、CC的長度均為/。圓弧形細(xì)管道

OE半徑為R,EF在豎直直徑上，E點(diǎn)高度為H。開始時(shí)，與物塊。相同的物塊人懸掛于。點(diǎn)，并向左

拉開一定的高度h由靜止下擺,細(xì)線始終張緊,擺到最低點(diǎn)時(shí)恰好與a發(fā)生彈性正碰。已知,〃=2g,/=lm,

R=0.4m,H=0.2m,o=2m/s,物塊與MN、CD之間的動摩擦因數(shù)〃=0.5,軌道AB和管道。E均光滑，

物塊〃落到尸G時(shí)不反彈且靜止。忽略M、B和N、C之間的空隙，CO與QE平滑連接，物塊可視為質(zhì)

點(diǎn)。

(1)若/z=1.25m,求“、b碰撞后瞬時(shí)物塊”的速度比的大?。?/p>

(2)物塊“在OE最高點(diǎn)時(shí)，求管道對物塊的作用力尸N與力間滿足的關(guān)系；

(3)若物塊6釋放高度0.9m<h<1.65m,求物塊。最終靜止的位置x值的范圍(以A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，水

平向右為正，建立x軸)。

【參考答案】(⑶當(dāng)時(shí)

1)5m/s；(2)FN=0.1/z-0.14(/z>1.2m)；0.9m<h<1.2m，2.6m<x<3m，

當(dāng)1.2m<7?<1.65m時(shí)，

【命題意圖】本題考查機(jī)械能守恒定律、牛頓運(yùn)動定律、勻變速直線運(yùn)動規(guī)律、動能定理。

【解題思路】

（1）滑塊6擺到最低點(diǎn)過程中，由機(jī)械能守恒定律

mgh=—mv1

解得

v%=5m/s

。與。發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律可得

mvb=mvb+mv0

聯(lián)立解得

%=為=5m/s

（2）由（1）分析可知，物塊人與物塊。在A發(fā)生彈性正碰，速度交換，設(shè)物塊“剛好可以到達(dá)E點(diǎn)，高

度為九，根據(jù)動能定理可得

mg%-2/jmgl-mgH=0

解得

4=1.2m

以豎直向下為正方向

FN+mg=m弋

由動能定理

12

mgh—2/jmgl-mgH--mvE

聯(lián)立可得

FN=0.1/i-0.14(/z>1.2m)

（3）當(dāng)L2m4/?<1.65m時(shí)，物塊位置在￡點(diǎn)或E點(diǎn)右側(cè)，根據(jù)動能定理得

12

mgh—2/jmgl—mgH--mvE

從￡點(diǎn)飛出后，豎直方向

H=ggF

水平方向

s=vEt

根據(jù)幾何關(guān)系可得

DF=-m

5

聯(lián)立解得

x=3/+DF+心

代入數(shù)據(jù)解得

當(dāng)0.9mv/z<1.2m時(shí)，從為=0,9m釋放時(shí)，根據(jù)動能定理可得

mgh-pungs2=0

解得

s2=1.8m

可知物塊達(dá)到距離。點(diǎn)0.8m處靜止，滑塊。由E點(diǎn)速度為零，返回到8時(shí)，根據(jù)動能定理可得

mgH-/Jmgs3-0

解得

53=0.4m

距離C點(diǎn)0.6m,綜上可知當(dāng)0.9m<〃<1.2m時(shí)

31-s3<x<3l

代入數(shù)據(jù)得

2.6m<x<3m

21.(10分)艦載機(jī)電磁彈射是現(xiàn)在航母最先進(jìn)的彈射技術(shù)，我國在這一領(lǐng)域已達(dá)到世界先進(jìn)水平。某興趣

小組開展電磁彈射系統(tǒng)的設(shè)計(jì)研究，如圖1所示，用于推動模型飛機(jī)的動子(圖中未畫出)與線圈絕緣

并固定，線圈帶動動子，可在水平導(dǎo)軌上無摩擦滑動。線圈位于導(dǎo)軌間的輻向磁場中，其所在處的磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小均為瓦開關(guān)S與1接通，恒流源與線圈連接，動子從靜止開始推動飛機(jī)加速，飛機(jī)達(dá)到起

飛速度時(shí)與動子脫離；此時(shí)S擲向2接通定值電阻R)，同時(shí)施加回撤力F,在F和磁場力作用下，動子

恰好返回初始位置停下。若動子從靜止開始至返回過程的v-t圖如圖2所示，在八至“時(shí)間內(nèi)展(800—

10o)N,七時(shí)撤去凡已知起飛速度Oi=80m/s,h=l.5s,線圈匝數(shù)“=100匝，每匝周長/=lm,動子和線

圈的總質(zhì)量M=10kg,R)=9.5C,B=0.IT,不計(jì)空氣阻力和飛機(jī)起飛對動子運(yùn)動速度的影響，求

(1)恒流源的電流/;

(2)線圈電阻R；

(3)時(shí)刻上

-,

Av/(m,s)

電刷線圈輻向磁場

戶*F

輻向磁場電檢

圖1圖2

80A；(2)R=0.5Q;(3)/=立旦

32

【命題意圖】本題考查電磁感應(yīng)、安培力、動量定理、牛頓運(yùn)動定律及其相關(guān)知識點(diǎn)。

【解題思路】

(I)由題意可知接通恒流源時(shí)安培力

E長—nBIl

動子和線圈在0W時(shí)間段內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，運(yùn)動的加速度為

根據(jù)牛頓第二定律有

F.安=^M+m)a

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

(m+Aflv.

1=^--------^=80A

nlBt}

（2）當(dāng)S擲向2接通定值電阻吊）時(shí)，感應(yīng)電流為

nBlv

&+R

此時(shí)安培力為

弓=nBI'l

所以此時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有

2/2p2

(800-lOv)+-----v=ma

R)+R

由圖可知在4至4期間加速度恒定，則有

解得

7?=0.5。，＜2*=160m/s2

（3）根據(jù)圖像可知

=—y=0.5s

故,2=2s;在0~/2時(shí)間段內(nèi)的位移

=g卬2=80m

而根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有

…\<bnBkS

E=n-!-=-------

△tkt

電荷量的定義式

△q-It

可得

nBls-za，(J-芍)

△q=

R+R。

從，3時(shí)刻到最后返回初始位置停下的時(shí)間段內(nèi)通過回路的電荷量，根據(jù)動量定理有

—nBINq=0—〃以'&72)

聯(lián)立可得

&一2)~+&-2)-1=°

解得

石+3

4=-----s

2

22.（10分）離子速度分析器截面圖如圖所示。半徑為R的空心轉(zhuǎn)筒P,可繞過。點(diǎn)、垂直，平面（紙

面）的中心軸逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動（角速度大小可調(diào)），其上有一小孔S。整個(gè)轉(zhuǎn)筒內(nèi)部存在方向垂直紙面向

里的勻強(qiáng)磁場。轉(zhuǎn)筒下方有一與其共軸的半圓柱面探測板Q,板Q與），軸交于A點(diǎn)。離子源M能沿著x

軸射出質(zhì)量為〃?、電荷量為一q（夕＞0）、速度大小不同的離子，其中速度大小為。o的離子進(jìn)入轉(zhuǎn)筒，經(jīng)

磁場偏轉(zhuǎn)后恰好沿y軸負(fù)方向離開磁場。落在接地的筒壁或探測板上的離子被吸收且失去所帶電荷，不

計(jì)離子的重力和離子間的相互作用。

（1）①求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；②若速度大小為vo的離子能打在。板的4處，求轉(zhuǎn)筒P角速度。的

大小;

（2）較長時(shí)間后，轉(zhuǎn)筒P每轉(zhuǎn)一周有N個(gè)離子打在板Q的C處，OC與x軸負(fù)方向的夾角為。，求轉(zhuǎn)筒

轉(zhuǎn)動一周的時(shí)間內(nèi)，C處受到平均沖力F的大小;