2023年高考物理模擬卷一(遼寧專用)(解析版)

備戰(zhàn)2023年局考物理模擬卷

（遼寧專用）

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，

每小題4分，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3

分，有選錯(cuò)或不答的得0分。

1.在同一條筆直的公路上行駛的三輛汽車a,b,c,它們的x-f圖象如圖所示，汽車。對(duì)應(yīng)的圖象是一條

拋物線，其頂點(diǎn)坐標(biāo)為（0,10m）。下列說法正確的是（）

0510

A.在0~5s內(nèi)，a,6兩輛汽車間的距離減小

B.6和c兩輛汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩汽車的速度相同

C.汽車c的速度逐漸增大

D.汽車。在5s末的速度為4m/s

【答案】D

【詳解】A.。、b兩汽車間的距離等于縱坐標(biāo)x之差，由圖可知在0~5s內(nèi)，。、〃兩汽車間的距離增大，A

錯(cuò)誤；

BC.根據(jù)"圖線的斜率表示速度可知，6和c兩汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，兩汽車的速度大小相等，方向相反，

說明速度不同，BC錯(cuò)誤；

D.設(shè)。汽車的加速度為m則有x=x+?G2；代入數(shù)據(jù)解得加速度a=0.8m/S2；所以汽車。在5s末的

o2

速度vat4m/s；D正確。

2.某金屬在一束單色光的照射下發(fā)生光電效應(yīng)，光電子的最大初動(dòng)能為E,己知該金屬的逸出功為W,

k0

普朗克常量為人根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)理論，該單色光的頻率V為（）

【答案】D

W+E

【詳解】根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程可知加=卬+E.解得該單色光的頻率為故選D。

0kh

3.如圖所示，將一個(gè)半圓形玻璃磚置于空氣中，當(dāng)一束單色光入射到玻璃磚的圓心。時(shí).，下列情況不可

能發(fā)生的是（）

。;

c.、

【答案】D

【詳解】A.當(dāng)光由空氣斜射進(jìn)入半圓形玻璃磚時(shí)，既有反射又有折射，折射角小于入射角，是可能發(fā)生

的，A不符合題意；

B.當(dāng)光由半圓形玻璃磚射入空氣時(shí)，若入射角小于臨界角，既有反射又有折射，是可能發(fā)生的，B不符

合題意；

C.當(dāng)光由半圓形玻璃磚射入空氣時(shí)，若入射角大于等于臨界角時(shí)，會(huì)發(fā)生全反射，光線就不能進(jìn)入空氣，

這種情況是可能發(fā)生的，C不符合題意；

D.當(dāng)光由空氣射入半圓形玻璃磚折射時(shí)，折射角應(yīng)小于入射角，所以這種情況不可能發(fā)生，D符合題意。

4.如圖所示，某同學(xué)在研究運(yùn)動(dòng)的合成時(shí)做了下述活動(dòng)：用左手沿黑板推動(dòng)直尺豎直向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中

保持直尺水平，同時(shí)，用右手沿直尺向右移動(dòng)筆尖。若該同學(xué)左手的運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，右手相對(duì)于直

尺的運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于筆尖相對(duì)于黑板的運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）

A.筆尖做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.筆尖做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

C.筆尖做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)

D.圖中筆尖的運(yùn)動(dòng)軌跡是一條斜向上的直線

【答案】C

【詳解】筆尖同時(shí)參與了直尺豎直向上的勻速運(yùn)動(dòng)和水平向右初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，合初速度向上，

合加速度水平向右，筆尖相對(duì)于黑板的運(yùn)動(dòng)即實(shí)際運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)性質(zhì)取決于合初速度與合加速度，山丁合加

速度恒定，所以是勻變速運(yùn)動(dòng)；合初速度與和合加速度不在同一直線上，所以軌跡是曲線；所以筆尖在做

勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

5.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波的周期為0.2s,某時(shí)刻的波形如圖所示.則（）

A.該波的波速為50m/s

B.再過0.2s,P點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)路程為8m

C.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)尸向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

D.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

【答案】A

【詳解】A.根據(jù)公式》=楙代入數(shù)據(jù)解得v=40m/s,故A錯(cuò)誤；

B.振幅未知，因此P的路程無(wú)法計(jì)算，故B錯(cuò)誤；

CD.由題知，沿x軸正方向傳播，根據(jù)"上下坡法"，可知該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)0

向j軸正方向運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。

6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)〃玲氏方fc、c玲〃三個(gè)過程后回到初始狀態(tài)。，其p?圖像如圖

所示。已知三個(gè)狀態(tài)的坐標(biāo)分別為。（/2%）、6（2%%）、c（3/24）以下判斷正確的是（）

2Po

外2%3%7

A.氣體在a3b過程中對(duì)外界做的功小于在b^c過程中對(duì)外界做的功

B.氣體在。玲6過程中從外界吸收的熱量大于在6玲c過程中從外界吸收的熱量

C.在cfa過程中，外界對(duì)氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量

D.氣體在cfa過程中內(nèi)能的減少量大于69c過程中內(nèi)能的增加量

【答案】C

【詳解】A.根據(jù)氣體做功的表達(dá)式W=&=pSx=p-AU可知|p-y圖線和體積橫軸圍成的面積即為做功

大小，所以氣體在af匕過程中對(duì)外界做的功等于匕fc過程中對(duì)外界做的功，A錯(cuò)誤；

B.氣體從arb,滿足玻意爾定律pV=C，所以T=T；所以AU=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W

abab

可知0=。+W.氣體從bfc,溫度升高，所以AU>0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知AU,=Q+/；

ababbebebebe

結(jié)合A選項(xiàng)可知W=W<0所以。>。c過程氣體吸收的熱量大于過程吸收的熱量,B錯(cuò)誤;

abbebeab

c.氣體從Cfa,溫度降低，所以AU<o,氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，所以w>0,根據(jù)熱力

caca

學(xué)第一定律可知。<0,放出熱量，C正確；

ca

D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，根據(jù)［=乙可知從|叫“|=八］|所以氣體從c—。過程中內(nèi)能的減少量

等于bfc過程中內(nèi)能的增加量，D錯(cuò)誤。

7.如圖所示，在與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有/、B、C三個(gè)點(diǎn)，其電勢(shì)分別為6/"V、2OV、-2尤V,

/8=8C=0.2m,4B與BC垂直,。是2、C連線的中點(diǎn)，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小與方向是（）

犯：6&V

八、

、

■I、

?、

I、、

BtZL....................

（PB=WN%=2夜V

A.80位V/m、由Z指向8B.40忘V/m、由8指向C

C.40V/m、由/指向CD.80V/m、由8指向。

【答案】C

【詳解】根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的推論，有卬==6點(diǎn)+（-2⑶v=2⑶=（p

o22B

所以8。連線為等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，且沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，則電場(chǎng)的方向由/指向C；

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系可得E=4=午義=6應(yīng)二（二2立）v/m=40V/m

8.2022年10月12日，神舟十四號(hào)飛行乘組航天員面向廣大青少年進(jìn)行了"天宮課堂"第三課的授課.若

天宮空間站繞地球飛行的軌道可視為圓軌道，軌道距離地球表面的高度約為地球半徑的地球同步衛(wèi)星

軌道距離地球表面的高度約為地球半徑的5.6倍，下列說法正確的是（）

A.天宮空間站做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度

B.天宮空間站在軌道上運(yùn)行的速度小于第一宇宙速度

C.宇航員在天宮空間站受地球的萬(wàn)有引力為零

D.天宮空間站在軌道上的運(yùn)行周期小于24h

【答案】BD

【詳解】A.對(duì)天宮空間站和地球同步衛(wèi)星有G—=機(jī)82r可得co=

可知天宮空間站做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，又因?yàn)榈厍虬邹D(zhuǎn)的角速度與地球同步衛(wèi)

星的角速度相等，故天宮空間站做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，A錯(cuò)誤；

B.山=m上解得v=,座因此天宮空間站在軌道上飛行的速度小于第一宇宙速度，B正確；

C.宇航員在天宮空間站受地球的萬(wàn)有引力不為零，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.根據(jù)G幽=〃?生/■可得7=,叵T；由于天宮空間站的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，因

此天宮空間站在軌道上的運(yùn)行周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即運(yùn)行周期小于24h,D正確。

9.帶有異種電荷的甲乙兩個(gè)粒子以大小相同的速度從圓形磁場(chǎng)的直徑兩端點(diǎn)沿半徑方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng),

都從C點(diǎn)離開磁場(chǎng)，已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，AB=2R,AC=瓜,則下列說法中正確的是（）

甲粒子帶負(fù)電B.甲、乙的半徑之比為點(diǎn):1

甲、乙的比荷之比為1:3D.甲、乙運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為1:2

【答案】AC

【詳解】A.甲粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，可以判斷甲粒子帶負(fù)電，故A正確;

B.做出甲乙兩帶電粒子的軌跡圖如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得丫屬；R2TR；由?、乙兩粒子的半徑之比為3：1，故B錯(cuò)誤;

ltnv

C.兩帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有洛倫茲力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，可得葉同=謁;

23qB

D.由幾何關(guān)系可知，甲粒子的圓心角為60。，乙粒子的圓心角為120。，故甲粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)長(zhǎng)為

60°2nmTCtn120°2ittn2ittn,,,一,

獷旃*詞=也；廣府,由此可知甲、乙的運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為32故D錯(cuò)誤。

I122

10.教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機(jī)（內(nèi)阻可忽略）通過理想變壓器向定值電阻R

供電，電路如圖所示，理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為/、U,火消耗的功率為p。若

發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的工，則（）

2

A.R消耗的功率變?yōu)锽.電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?U

22

C.電流表A的讀數(shù)變?yōu)?/D.通過R的交變電流頻率變?yōu)樵瓉?lái)的上

2

【答案】BD

【詳解】AB.根據(jù)3=2?！笨芍D(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的工，則角速度變?yōu)樵瓉?lái)的L,根據(jù)E=nBS<o可知電動(dòng)機(jī)產(chǎn)

22

E

生的最大電動(dòng)勢(shì)為原來(lái)的女，根據(jù)u=設(shè)可知發(fā)電機(jī)的輸出電壓有效值變?yōu)樵瓉?lái)的;，即原線圈的輸出

電壓變?yōu)樵瓉?lái)的L,根據(jù)圖=4可知副線圈的輸入電壓變?yōu)樵瓉?lái)的工，即電壓表示數(shù)變?yōu)樵瓉?lái)的L，根

2nU22

22

據(jù)=一可知R消耗的電功率變?yōu)?P,A錯(cuò)誤B正確；

4

1

C.副線圈中的電流為,21即變?yōu)樵瓉?lái)的L,根據(jù)4=4?可知原線圈中的電流也變?yōu)樵瓉?lái)的L,c錯(cuò)

/=--2nI2

2R2I

誤；

D.轉(zhuǎn)速減小為原來(lái)的上，則頻率變?yōu)樵瓉?lái)的工，D正確。

22

二.實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分。第一小題6分，第二小題8分）

1L小明同學(xué)想要做"描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，小明設(shè)計(jì)如圖甲所示的

實(shí)驗(yàn)電路圖

510

0

甲乙

（1）閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到端（選填"左"或"右"）。

（2）閉合開關(guān)S后，小明發(fā)現(xiàn)電流表、電壓表均有示數(shù)，但無(wú)論怎樣移動(dòng)變阻器滑片，都不能使電壓表

的示數(shù)調(diào)為零，原因可能是圖甲中（選填：憶"或"〃或"c"或"?。┨幗佑|不良。

（3）排除故障后，某次測(cè)量時(shí)，電流表和電壓表指針位置如圖乙所示，則電流表讀數(shù)為A,

電壓表讀數(shù)為V。

（4）測(cè)量結(jié)束后，小明作出了此小燈泡的伏安特性曲線，如圖丙所示，從圖線可以得出小燈泡燈絲的電

阻率隨溫度變化的特點(diǎn)是

（5）若將兩個(gè)這樣的燈泡并聯(lián)后與一電動(dòng)勢(shì)E=1.5V、內(nèi)阻,=1.5。的電源連接，每個(gè)小燈泡實(shí)際消耗的功

率約為W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

左c0.421.50小燈泡燈絲的電阻率隨溫度升高而增大0.18

【詳解】（1）⑴閉合開關(guān)前，要保證測(cè)量路段電壓為零，所以應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到左端；

（2）⑵閉合開關(guān)S后，小明發(fā)現(xiàn)電流表、電壓表均有示數(shù)，但無(wú)論怎樣移動(dòng)變阻器滑片，都不能使電壓

表的示數(shù)調(diào)為零，如果是。、從d處接觸不良（斷開），移動(dòng)滑片電壓表都會(huì)出現(xiàn)讀數(shù)為零的現(xiàn)象，故只

能是c處接觸不良，滑動(dòng)變阻器串聯(lián)接在電路總，電壓表示數(shù)無(wú)法為零；

（3）⑶⑷電流表分度值為0Q2A,讀數(shù)為0.42A,電壓表分度值為0.1V,讀數(shù)為1.50V；

（4）⑸丙圖為/-U圖線，圖線中各點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖可知小燈泡燈絲電阻隨

著溫度升高（U、/增大）而增大，由/?=「:知小燈泡燈絲的電阻率隨溫度升高而增大；

（5）⑹設(shè)通過每個(gè)小燈泡的電流為/,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得E=U+2/r；即L5V=U+3/

在丙圖中作出上面關(guān)系的圖線，如圖

由圖中兩條圖線的交點(diǎn)可得，每個(gè)燈泡兩端的實(shí)際電壓為U=0.71V,實(shí)際電流為/=0.26A,則每個(gè)小燈泡的

實(shí)際功率約為P=U/=0.71xO.26W?0.18W

12.某實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置"探究加速度與物體受力和質(zhì)量的關(guān)系"，圖中小車的質(zhì)量為〃[，小鉤

碼的質(zhì)量為機(jī)

2

贊盟源

單位:cm

7.60

—12.00

乙

（1）下列說法正確的是。

A.先放開小車，再通電

B.在用圖像探究小車加速度與受力的關(guān)系時(shí)?，應(yīng)作。-量圖像

C.每次改變小車質(zhì)量時(shí)，需要重新平衡摩擦力

D.小鉤碼的質(zhì)量為“應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量為機(jī)

21

（2）將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接入頻率為50Hz的交流電源上，某一次記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶如圖乙所示。圖中A.

B、C為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有.4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未標(biāo)出，則小車的加速度大小m/s2；B點(diǎn)、

的瞬時(shí)速度大小V=m/s。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（3）多次測(cè)量作出小車加速度?與小鉤碼重力廠的圖像如圖丙所示，圖中作出的a-f■圖像與縱坐標(biāo)上有

截距出現(xiàn)，這一情況的原因是：。

D1.000.490平衡摩擦力過度

【詳解】（1）[1]A.為了提高紙帶利用率，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源后釋放小車，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)牛頓第二定律可得尸所以。=小-!-：所以在用圖像探究小車加速度與受力的關(guān)系時(shí)，通常作

1m

1

。-尸圖象，故B錯(cuò)誤；

C.平衡摩擦力后，假設(shè)木板傾角為0,則有了=切8而。=日m83$。；相約掉了，故改變小車質(zhì)量時(shí)，不

需要重新平衡摩擦力，故C錯(cuò)誤；

F_nimg_mg

D.設(shè)繩子張力為尸，根據(jù)牛頓第二定律可得m=F=ma.聯(lián)立解得=1+;當(dāng)

22I121+—9

m

1

m<<加時(shí)，即實(shí)驗(yàn)中應(yīng)滿足小鉤碼的質(zhì)量為機(jī)應(yīng)遠(yuǎn)小于小乍的質(zhì)量為加，可認(rèn)為鉤碼的重力等于小車

2i21

受到的合外力，故D正確。故選D。

(2)⑵將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接入頻率為50Hz的交流電源上，則打點(diǎn)周期T=}=1s=0.02s；兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間

有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未標(biāo)出，則相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔f=5T=5X0.02S=0.1S；根據(jù)〃逐差法”可得小

小I4元—X[(17.40-12.00)-(12.00-7.60)]x10-2/1八八/

車的加速度大小為。=f——卅=---------------------------m/s2=1.00m/s2

t20.12

網(wǎng)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得B點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小v===￡7.40-7,60)xlO^^=0490m/s

2t2x0.1

(3)⑷圖中作出的〃-尸圖像與縱坐標(biāo)上有截距出現(xiàn)，說明拉力為零時(shí)小車已經(jīng)有加速度，是因?yàn)槠胶饽?/p>

擦力時(shí).，長(zhǎng)木板的傾角偏大所致，也就是平衡摩擦力過度。

三.解答題（本大題共3小題，共40.0分。第一小題10分，第二小題12分，第三小題18分）

13.如圖所示，水平絕緣軌道力8與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道8c平滑連接，半圓形軌道的

半徑R=0.40m。軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=1.0xl0』N/C。現(xiàn)有一電荷量

g=+1.0xl0-4C,質(zhì)量機(jī)=010kg的帶電體（可視為質(zhì)點(diǎn)），在水平軌道上的尸點(diǎn)由靜止釋放，已知尸點(diǎn)與

圓形軌道最低點(diǎn)8距離S=2.5m。帶電體與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)N=。50,重力加速度g=10m/s2,

取點(diǎn)=1.4。求：

（1）帶電體運(yùn)動(dòng)到圓形軌道的最高點(diǎn)C時(shí)，對(duì)軌道的壓力大?。?/p>

（2）帶電體第一次經(jīng)過C點(diǎn)后，落在水平軌道上的位置到3點(diǎn)的距離？

【詳解】（1）從P到8,依據(jù)動(dòng)能定理0E-機(jī)g）s=J〃號(hào)①

設(shè)帶電體運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的速度為Z依據(jù)機(jī)械能守恒定叫嗎弓嗎+2頻②

mv2三

設(shè)帶電體在C點(diǎn)受到軌道的壓力為M根據(jù)牛頓第二定律N+mg=

由①②③得％=3m/s；N=1.25N

根據(jù)牛頓第三定律得，帶電體對(duì)軌道的壓力大小為1.25N。（也可以從P到C用動(dòng)能定理）

（2）帶電體離開。點(diǎn)后在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)在空間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為f；2R=LgM

在水平方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)在水平方向的加速度大小為a;qE=ina

設(shè)落在水平軌道上的位置到8點(diǎn)距離為x,依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式x=v

C2

解得x=0.40m

14.如圖甲所示，長(zhǎng)木板靜止放置在光滑的水平面上，木塊（視為質(zhì)點(diǎn)）放在長(zhǎng)木板的右端，木塊質(zhì)量為

m=2kg,突然給長(zhǎng)木板一個(gè)水平向右、大小為v=3m/s的初速度，最終木塊剛好不離開長(zhǎng)木板。如圖乙

10

所示，仍然將該長(zhǎng)木板靜止放置在光滑的水平面上，在其左側(cè)豎直面內(nèi)固定一個(gè)!光滑圈弧軌道，軌道的

最低點(diǎn)切線水平，且與長(zhǎng)木板上表面齊平，讓木塊從軌道的最高點(diǎn)由靜止開始下滑，最終木塊剛好不離開

長(zhǎng)木板。已知木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為N=0.5,長(zhǎng)木板的質(zhì)量為，w=4kg,重力加速度大小為

2

g=10m/s2,求：

（1）長(zhǎng)木板的長(zhǎng)度八

（2）圖甲中木塊在長(zhǎng)木板上的滑行時(shí)間/；

（3）圖乙中圓弧軌道的半徑R；

（1）L=0.6m;（2）t=0.4s；（3）R=0.45m

【詳解】（1）對(duì)于題圖甲，木塊、長(zhǎng)木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)二者的共同速度大小為工，由動(dòng)量守恒

定律有mv=\m）v；

20I21

解得\=2m/s

由功能關(guān)系有九=v2-l（w+m）V2

22022II

而/=7g

v2

解得L=^I_=0.6m

（2）對(duì)題圖甲中的木塊，山動(dòng)量定理有。=機(jī)1

1?

解得f=0.4s

（3）對(duì)于題圖乙，木塊、長(zhǎng)木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)木塊剛滑上木板時(shí)的速度大小為乙二者的共同

速度為v，山動(dòng)量守恒定律可得""=（，〃+m）v

21122

由功能關(guān)系有四m-■!（加+陽(yáng)）v2

11

I2222

解得y=lrn/s,v=3m/s

2

由機(jī)械能守恒定律可得機(jī)gR=1機(jī)V2

121

解得R=0.45m

15.如圖所示，兩平行且無(wú)限長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ與水平面的夾角為0=30。，兩導(dǎo)軌之間的距離為

乙=lm,兩導(dǎo)軌〃、p