2023年高考物理模擬卷一(遼寧專用)(解析版)

備戰(zhàn)2023年局考物理模擬卷

（遼寧專用）

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，

每小題4分，第8~10題有多項符合題目要求。每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3

分，有選錯或不答的得0分。

1.在同一條筆直的公路上行駛的三輛汽車a,b,c,它們的x-f圖象如圖所示，汽車。對應(yīng)的圖象是一條

拋物線，其頂點坐標為（0,10m）。下列說法正確的是（）

0510

A.在0~5s內(nèi)，a,6兩輛汽車間的距離減小

B.6和c兩輛汽車做勻速直線運動，兩汽車的速度相同

C.汽車c的速度逐漸增大

D.汽車。在5s末的速度為4m/s

【答案】D

【詳解】A.。、b兩汽車間的距離等于縱坐標x之差，由圖可知在0~5s內(nèi)，。、〃兩汽車間的距離增大，A

錯誤；

BC.根據(jù)"圖線的斜率表示速度可知，6和c兩汽車做勻速直線運動，兩汽車的速度大小相等，方向相反，

說明速度不同，BC錯誤；

D.設(shè)。汽車的加速度為m則有x=x+?G2；代入數(shù)據(jù)解得加速度a=0.8m/S2；所以汽車。在5s末的

o2

速度vat4m/s；D正確。

2.某金屬在一束單色光的照射下發(fā)生光電效應(yīng)，光電子的最大初動能為E,己知該金屬的逸出功為W,

k0

普朗克常量為人根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)理論，該單色光的頻率V為（）

【答案】D

W+E

【詳解】根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程可知加=卬+E.解得該單色光的頻率為故選D。

0kh

3.如圖所示，將一個半圓形玻璃磚置于空氣中，當一束單色光入射到玻璃磚的圓心。時.，下列情況不可

能發(fā)生的是（）

。;

c.、

【答案】D

【詳解】A.當光由空氣斜射進入半圓形玻璃磚時，既有反射又有折射，折射角小于入射角，是可能發(fā)生

的，A不符合題意；

B.當光由半圓形玻璃磚射入空氣時，若入射角小于臨界角，既有反射又有折射，是可能發(fā)生的，B不符

合題意；

C.當光由半圓形玻璃磚射入空氣時，若入射角大于等于臨界角時，會發(fā)生全反射，光線就不能進入空氣，

這種情況是可能發(fā)生的，C不符合題意；

D.當光由空氣射入半圓形玻璃磚折射時，折射角應(yīng)小于入射角，所以這種情況不可能發(fā)生，D符合題意。

4.如圖所示，某同學(xué)在研究運動的合成時做了下述活動：用左手沿黑板推動直尺豎直向上運動，運動中

保持直尺水平，同時，用右手沿直尺向右移動筆尖。若該同學(xué)左手的運動為勻速直線運動，右手相對于直

尺的運動為初速度為零的勻加速直線運動，則關(guān)于筆尖相對于黑板的運動，下列說法中正確的是（）

A.筆尖做勻速直線運動

B.筆尖做勻變速直線運動

C.筆尖做勻變速曲線運動

D.圖中筆尖的運動軌跡是一條斜向上的直線

【答案】C

【詳解】筆尖同時參與了直尺豎直向上的勻速運動和水平向右初速度為零的勻加速運動，合初速度向上，

合加速度水平向右，筆尖相對于黑板的運動即實際運動，運動性質(zhì)取決于合初速度與合加速度，山丁合加

速度恒定，所以是勻變速運動；合初速度與和合加速度不在同一直線上，所以軌跡是曲線；所以筆尖在做

勻變速曲線運動，故ABD錯誤，C正確。

5.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波的周期為0.2s,某時刻的波形如圖所示.則（）

A.該波的波速為50m/s

B.再過0.2s,P點的運動路程為8m

C.該時刻質(zhì)點尸向y軸負方向運動

D.該時刻質(zhì)點。向y軸負方向運動

【答案】A

【詳解】A.根據(jù)公式》=楙代入數(shù)據(jù)解得v=40m/s,故A錯誤；

B.振幅未知，因此P的路程無法計算，故B錯誤；

CD.由題知，沿x軸正方向傳播，根據(jù)"上下坡法"，可知該時刻質(zhì)點P向y軸負方向運動，該時刻質(zhì)點0

向j軸正方向運動，故C正確，D錯誤。

6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)〃玲氏方fc、c玲〃三個過程后回到初始狀態(tài)。，其p?圖像如圖

所示。已知三個狀態(tài)的坐標分別為。（/2%）、6（2%%）、c（3/24）以下判斷正確的是（）

2Po

外2%3%7

A.氣體在a3b過程中對外界做的功小于在b^c過程中對外界做的功

B.氣體在。玲6過程中從外界吸收的熱量大于在6玲c過程中從外界吸收的熱量

C.在cfa過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量

D.氣體在cfa過程中內(nèi)能的減少量大于69c過程中內(nèi)能的增加量

【答案】C

【詳解】A.根據(jù)氣體做功的表達式W=&=pSx=p-AU可知|p-y圖線和體積橫軸圍成的面積即為做功

大小，所以氣體在af匕過程中對外界做的功等于匕fc過程中對外界做的功，A錯誤；

B.氣體從arb,滿足玻意爾定律pV=C，所以T=T；所以AU=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W

abab

可知0=。+W.氣體從bfc,溫度升高，所以AU>0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知AU,=Q+/；

ababbebebebe

結(jié)合A選項可知W=W<0所以。>。c過程氣體吸收的熱量大于過程吸收的熱量,B錯誤;

abbebeab

c.氣體從Cfa,溫度降低，所以AU<o,氣體體積減小，外界對氣體做功，所以w>0,根據(jù)熱力

caca

學(xué)第一定律可知。<0,放出熱量，C正確；

ca

D.理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，根據(jù)［=乙可知從|叫“|=八］|所以氣體從c—。過程中內(nèi)能的減少量

等于bfc過程中內(nèi)能的增加量，D錯誤。

7.如圖所示，在與紙面平行的勻強電場中有/、B、C三個點，其電勢分別為6/"V、2OV、-2尤V,

/8=8C=0.2m,4B與BC垂直,。是2、C連線的中點，則勻強電場的大小與方向是（）

犯：6&V

八、

、

■I、

?、

I、、

BtZL....................

（PB=WN%=2夜V

A.80位V/m、由Z指向8B.40忘V/m、由8指向C

C.40V/m、由/指向CD.80V/m、由8指向。

【答案】C

【詳解】根據(jù)勻強電場的推論，有卬==6點+（-2⑶v=2⑶=（p

o22B

所以8。連線為等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，且沿電場線方向電勢降低，則電場的方向由/指向C；

根據(jù)電場強度與電勢差的關(guān)系可得E=4=午義=6應(yīng)二（二2立）v/m=40V/m

8.2022年10月12日，神舟十四號飛行乘組航天員面向廣大青少年進行了"天宮課堂"第三課的授課.若

天宮空間站繞地球飛行的軌道可視為圓軌道，軌道距離地球表面的高度約為地球半徑的地球同步衛(wèi)星

軌道距離地球表面的高度約為地球半徑的5.6倍，下列說法正確的是（）

A.天宮空間站做圓周運動的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度

B.天宮空間站在軌道上運行的速度小于第一宇宙速度

C.宇航員在天宮空間站受地球的萬有引力為零

D.天宮空間站在軌道上的運行周期小于24h

【答案】BD

【詳解】A.對天宮空間站和地球同步衛(wèi)星有G—=機82r可得co=

可知天宮空間站做圓周運動的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，又因為地球白轉(zhuǎn)的角速度與地球同步衛(wèi)

星的角速度相等，故天宮空間站做圓周運動的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，A錯誤；

B.山=m上解得v=,座因此天宮空間站在軌道上飛行的速度小于第一宇宙速度，B正確；

C.宇航員在天宮空間站受地球的萬有引力不為零，C項錯誤；

D.根據(jù)G幽=〃?生/■可得7=,叵T；由于天宮空間站的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，因

此天宮空間站在軌道上的運行周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即運行周期小于24h,D正確。

9.帶有異種電荷的甲乙兩個粒子以大小相同的速度從圓形磁場的直徑兩端點沿半徑方向進入勻強磁場,

都從C點離開磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，AB=2R,AC=瓜,則下列說法中正確的是（）

甲粒子帶負電B.甲、乙的半徑之比為點:1

甲、乙的比荷之比為1:3D.甲、乙運動時間比為1:2

【答案】AC

【詳解】A.甲粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，可以判斷甲粒子帶負電，故A正確;

B.做出甲乙兩帶電粒子的軌跡圖如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得丫屬；R2TR；由?、乙兩粒子的半徑之比為3：1，故B錯誤;

ltnv

C.兩帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，有洛倫茲力提供做圓周運動的向心力，可得葉同=謁;

23qB

D.由幾何關(guān)系可知，甲粒子的圓心角為60。，乙粒子的圓心角為120。，故甲粒子在磁場中運動的時長為

60°2nmTCtn120°2ittn2ittn,,,一,

獷旃*詞=也；廣府,由此可知甲、乙的運動時間比為32故D錯誤。

I122

10.教學(xué)用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機（內(nèi)阻可忽略）通過理想變壓器向定值電阻R

供電，電路如圖所示，理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為/、U,火消耗的功率為p。若

發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼墓?，則（）

2

A.R消耗的功率變?yōu)锽.電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?U

22

C.電流表A的讀數(shù)變?yōu)?/D.通過R的交變電流頻率變?yōu)樵瓉淼纳?/p>

2

【答案】BD

【詳解】AB.根據(jù)3=2?！笨芍D(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼墓?，則角速度變?yōu)樵瓉淼腖,根據(jù)E=nBS<o可知電動機產(chǎn)

22

E

生的最大電動勢為原來的女，根據(jù)u=設(shè)可知發(fā)電機的輸出電壓有效值變?yōu)樵瓉淼?，即原線圈的輸出

電壓變?yōu)樵瓉淼腖,根據(jù)圖=4可知副線圈的輸入電壓變?yōu)樵瓉淼墓?，即電壓表示?shù)變?yōu)樵瓉淼腖，根

2nU22

22

據(jù)=一可知R消耗的電功率變?yōu)?P,A錯誤B正確；

4

1

C.副線圈中的電流為,21即變?yōu)樵瓉淼腖,根據(jù)4=4?可知原線圈中的電流也變?yōu)樵瓉淼腖,c錯

/=--2nI2

2R2I

誤；

D.轉(zhuǎn)速減小為原來的上，則頻率變?yōu)樵瓉淼墓ぃ珼正確。

22

二.實驗題（本大題共2小題，共14.0分。第一小題6分，第二小題8分）

1L小明同學(xué)想要做"描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗，為了盡量減小實驗誤差，小明設(shè)計如圖甲所示的

實驗電路圖

510

0

甲乙

（1）閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移到端（選填"左"或"右"）。

（2）閉合開關(guān)S后，小明發(fā)現(xiàn)電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑片，都不能使電壓表

的示數(shù)調(diào)為零，原因可能是圖甲中（選填：憶"或"〃或"c"或"?。┨幗佑|不良。

（3）排除故障后，某次測量時，電流表和電壓表指針位置如圖乙所示，則電流表讀數(shù)為A,

電壓表讀數(shù)為V。

（4）測量結(jié)束后，小明作出了此小燈泡的伏安特性曲線，如圖丙所示，從圖線可以得出小燈泡燈絲的電

阻率隨溫度變化的特點是

（5）若將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后與一電動勢E=1.5V、內(nèi)阻,=1.5。的電源連接，每個小燈泡實際消耗的功

率約為W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

左c0.421.50小燈泡燈絲的電阻率隨溫度升高而增大0.18

【詳解】（1）⑴閉合開關(guān)前，要保證測量路段電壓為零，所以應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移到左端；

（2）⑵閉合開關(guān)S后，小明發(fā)現(xiàn)電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑片，都不能使電壓

表的示數(shù)調(diào)為零，如果是。、從d處接觸不良（斷開），移動滑片電壓表都會出現(xiàn)讀數(shù)為零的現(xiàn)象，故只

能是c處接觸不良，滑動變阻器串聯(lián)接在電路總，電壓表示數(shù)無法為零；

（3）⑶⑷電流表分度值為0Q2A,讀數(shù)為0.42A,電壓表分度值為0.1V,讀數(shù)為1.50V；

（4）⑸丙圖為/-U圖線，圖線中各點與坐標原點連線斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖可知小燈泡燈絲電阻隨

著溫度升高（U、/增大）而增大，由/?=「:知小燈泡燈絲的電阻率隨溫度升高而增大；

（5）⑹設(shè)通過每個小燈泡的電流為/,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得E=U+2/r；即L5V=U+3/

在丙圖中作出上面關(guān)系的圖線，如圖

由圖中兩條圖線的交點可得，每個燈泡兩端的實際電壓為U=0.71V,實際電流為/=0.26A,則每個小燈泡的

實際功率約為P=U/=0.71xO.26W?0.18W

12.某實驗小組用圖甲所示實驗裝置"探究加速度與物體受力和質(zhì)量的關(guān)系"，圖中小車的質(zhì)量為〃[，小鉤

碼的質(zhì)量為機

2

贊盟源

單位:cm

7.60

—12.00

乙

（1）下列說法正確的是。

A.先放開小車，再通電

B.在用圖像探究小車加速度與受力的關(guān)系時?，應(yīng)作。-量圖像

C.每次改變小車質(zhì)量時，需要重新平衡摩擦力

D.小鉤碼的質(zhì)量為“應(yīng)遠小于小車的質(zhì)量為機

21

（2）將打點計時器接入頻率為50Hz的交流電源上，某一次記錄小車運動情況的紙帶如圖乙所示。圖中A.

B、C為相鄰的計數(shù)點，兩相鄰計數(shù)點間有.4個計時點未標出，則小車的加速度大小m/s2；B點、

的瞬時速度大小V=m/s。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（3）多次測量作出小車加速度?與小鉤碼重力廠的圖像如圖丙所示，圖中作出的a-f■圖像與縱坐標上有

截距出現(xiàn)，這一情況的原因是：。

D1.000.490平衡摩擦力過度

【詳解】（1）[1]A.為了提高紙帶利用率，實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車，故A錯誤；

B.根據(jù)牛頓第二定律可得尸所以。=小-!-：所以在用圖像探究小車加速度與受力的關(guān)系時，通常作

1m

1

。-尸圖象，故B錯誤；

C.平衡摩擦力后，假設(shè)木板傾角為0,則有了=切8而。=日m83$。；相約掉了，故改變小車質(zhì)量時，不

需要重新平衡摩擦力，故C錯誤；

F_nimg_mg

D.設(shè)繩子張力為尸，根據(jù)牛頓第二定律可得m=F=ma.聯(lián)立解得=1+;當

22I121+—9

m

1

m<<加時，即實驗中應(yīng)滿足小鉤碼的質(zhì)量為機應(yīng)遠小于小乍的質(zhì)量為加，可認為鉤碼的重力等于小車

2i21

受到的合外力，故D正確。故選D。

(2)⑵將打點計時器接入頻率為50Hz的交流電源上，則打點周期T=}=1s=0.02s；兩相鄰計數(shù)點間

有4個計時點未標出，則相鄰的兩個計數(shù)點之間的時間間隔f=5T=5X0.02S=0.1S；根據(jù)〃逐差法”可得小

小I4元—X[(17.40-12.00)-(12.00-7.60)]x10-2/1八八/

車的加速度大小為。=f——卅=---------------------------m/s2=1.00m/s2

t20.12

網(wǎng)根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得B點的瞬時速度大小v===￡7.40-7,60)xlO^^=0490m/s

2t2x0.1

(3)⑷圖中作出的〃-尸圖像與縱坐標上有截距出現(xiàn)，說明拉力為零時小車已經(jīng)有加速度，是因為平衡摩

擦力時.，長木板的傾角偏大所致，也就是平衡摩擦力過度。

三.解答題（本大題共3小題，共40.0分。第一小題10分，第二小題12分，第三小題18分）

13.如圖所示，水平絕緣軌道力8與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道8c平滑連接，半圓形軌道的

半徑R=0.40m。軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E=1.0xl0』N/C。現(xiàn)有一電荷量

g=+1.0xl0-4C,質(zhì)量機=010kg的帶電體（可視為質(zhì)點），在水平軌道上的尸點由靜止釋放，已知尸點與

圓形軌道最低點8距離S=2.5m。帶電體與水平軌道間的動摩擦因數(shù)N=。50,重力加速度g=10m/s2,

取點=1.4。求：

（1）帶電體運動到圓形軌道的最高點C時，對軌道的壓力大?。?/p>

（2）帶電體第一次經(jīng)過C點后，落在水平軌道上的位置到3點的距離？

【詳解】（1）從P到8,依據(jù)動能定理0E-機g）s=J〃號①

設(shè)帶電體運動到C點的速度為Z依據(jù)機械能守恒定叫嗎弓嗎+2頻②

mv2三

設(shè)帶電體在C點受到軌道的壓力為M根據(jù)牛頓第二定律N+mg=

由①②③得％=3m/s；N=1.25N

根據(jù)牛頓第三定律得，帶電體對軌道的壓力大小為1.25N。（也可以從P到C用動能定理）

（2）帶電體離開。點后在豎直方向上做自由落體運動，設(shè)在空間運動的時間為f；2R=LgM

在水平方向上做勻減速運動，設(shè)在水平方向的加速度大小為a;qE=ina

設(shè)落在水平軌道上的位置到8點距離為x,依據(jù)運動學(xué)公式x=v

C2

解得x=0.40m

14.如圖甲所示，長木板靜止放置在光滑的水平面上，木塊（視為質(zhì)點）放在長木板的右端，木塊質(zhì)量為

m=2kg,突然給長木板一個水平向右、大小為v=3m/s的初速度，最終木塊剛好不離開長木板。如圖乙

10

所示，仍然將該長木板靜止放置在光滑的水平面上，在其左側(cè)豎直面內(nèi)固定一個!光滑圈弧軌道，軌道的

最低點切線水平，且與長木板上表面齊平，讓木塊從軌道的最高點由靜止開始下滑，最終木塊剛好不離開

長木板。已知木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為N=0.5,長木板的質(zhì)量為，w=4kg,重力加速度大小為

2

g=10m/s2,求：

（1）長木板的長度八

（2）圖甲中木塊在長木板上的滑行時間/；

（3）圖乙中圓弧軌道的半徑R；

（1）L=0.6m;（2）t=0.4s；（3）R=0.45m

【詳解】（1）對于題圖甲，木塊、長木板組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)二者的共同速度大小為工，由動量守恒

定律有mv=\m）v；

20I21

解得\=2m/s

由功能關(guān)系有九=v2-l（w+m）V2

22022II

而/=7g

v2

解得L=^I_=0.6m

（2）對題圖甲中的木塊，山動量定理有。=機1

1?

解得f=0.4s

（3）對于題圖乙，木塊、長木板組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)木塊剛滑上木板時的速度大小為乙二者的共同

速度為v，山動量守恒定律可得""=（，〃+m）v

21122

由功能關(guān)系有四m-■!（加+陽）v2

11

I2222

解得y=lrn/s,v=3m/s

2

由機械能守恒定律可得機gR=1機V2

121

解得R=0.45m

15.如圖所示，兩平行且無限長光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ與水平面的夾角為0=30。，兩導(dǎo)軌之間的距離為

乙=lm,兩導(dǎo)軌〃、p