2023年黑龍江省哈爾濱重點(diǎn)中學(xué)高考物理模擬試卷（四）

2023年黑龍江省哈爾濱重點(diǎn)中學(xué)高考物理模擬試卷（四）

1.關(guān)于機(jī)械波和光，下列說法正確的是（）

A.機(jī)械波和光都能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象

B.體檢項(xiàng)目“彩超”，利用了光的多普勒效應(yīng)

C."光導(dǎo)纖維“利用了光的偏振現(xiàn)象

D.“泊松亮斑”是光波的干涉現(xiàn)象

2.如圖所示，兩端封閉的玻璃管在常溫下豎直放置，管內(nèi)充有理想氣體，一段汞柱

將氣體封閉成上下兩部分，兩部分氣體的長(zhǎng)度分別為r、12,月，=，2,下列判斷正確

的是（）

A.將玻璃管轉(zhuǎn)至水平，穩(wěn)定后兩部分氣體長(zhǎng)度1/>12'

B.將玻璃管轉(zhuǎn)至水平，穩(wěn)定后兩部分氣體長(zhǎng)度1/<12）

C.保持玻璃管豎直，使兩部分氣體升高相同溫度，穩(wěn)定后兩部分氣體長(zhǎng)度匕'>%'

D.保持玻璃管豎直，使兩部分氣體升高相同溫度，穩(wěn)定后兩部分氣體長(zhǎng)度，1'=，2'

3.哈爾濱冰雪大世界的雪花摩天輪被稱為“最北最美”摩天

輪，乘坐摩天輪到高處，松花江南北兩岸風(fēng)光一覽無余，深受游

客喜愛，成為哈爾濱的新地標(biāo)。乘坐摩天輪的游客坐于座艙中在

豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在完成一個(gè)完整圓周運(yùn)動(dòng)的過程中,

下列說法正確的是（）

A.游客機(jī)械能守恒B.游客在最高點(diǎn)處于超重狀態(tài)

C.游客所受合力保持不變D.游客所受合力的沖量為0

4.如圖甲所示，交流發(fā)電機(jī)通過一理想變壓器，給兩盞“100V,25W”的白熾燈泡和兩個(gè)

“220V,55勿”的電風(fēng)扇供電.線圈匝數(shù)比對(duì)：n2：n3=20：5：11,交流發(fā)電機(jī)線圈勻速

轉(zhuǎn)動(dòng)，電風(fēng)扇兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，所有線圈及導(dǎo)線的電阻均不計(jì)，交

流電流表是理想電表。下列說法正確的是（）

A.交流發(fā)電機(jī)的線圈每秒50次經(jīng)過中性面

B.原線圈中電流表的示數(shù)為0.44

C.白熾燈兩端電壓G=lOOsinlOOntV

D.若僅將交流發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速減為原來的：，則電源的輸出功率變?yōu)樵瓉淼?/p>

5.擦玻璃機(jī)器人可以幫助人們解決高層和戶外擦玻璃難的問題，如圖所示，一棟大廈表面

均為玻璃材料，擦玻璃機(jī)器人牽引擦子清潔玻璃時(shí)，將大廈某一表面簡(jiǎn)化為正三角形ABC,

與水平面夾角為30。，擦玻璃機(jī)器人對(duì)擦子的牽引力平行于玻璃表面，擦子與玻璃間的動(dòng)摩擦

因數(shù)為三，機(jī)器人在該表面由B點(diǎn)勻速運(yùn)動(dòng)到AC中點(diǎn)。的過程中，質(zhì)量為m的擦子受的牽引

6

力為（）

6.如圖所示，質(zhì)量為1kg的物塊放置于矩形木箱中，彈簧測(cè)力計(jì)水平，一端固定在木箱上,

另一端鉤住物塊，當(dāng)物塊和木箱均靜止在水平面上時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為1.0N,下列說法正

確的是（）

A.若木箱a=4.0m/s2水平向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)可能仍為1.0N

B.若木箱a=3.0m/s2水平向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)可能仍為1.0N

C.若木箱a=2.0m/s2豎直向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一定仍為1.0N

D.若木箱a=l.（hn/s2豎直向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一定仍為1.0N

7.2022年12月28日我國(guó)中核集團(tuán)全面完成了230MeU超導(dǎo)回旋加速器自主研制的任務(wù)，標(biāo)

志著我國(guó)已全面掌握小型化超導(dǎo)回旋加速器的核心技術(shù)，進(jìn)入國(guó)際先進(jìn)行列。如圖所示，圖

甲為該回旋加速器的照片，圖乙為回旋加速器工作原理示意圖，置于真空中的。形金屬盒半

徑為R,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直，交流加速電壓為U。圓心4處粒子源產(chǎn)生初

速度為零，質(zhì)量為粗，電荷量為q的質(zhì)子，質(zhì)子在加速器中被加速。忽略質(zhì)子穿過兩金屬盒間

狹縫的時(shí)間，忽略相對(duì)論效應(yīng)和重力的影響，下列說法正確的是（）

A.保持B、R、U及交流電頻率均不變，該裝置也可用于加速笊核和瓶核

B.若增大加速電壓U,質(zhì)子從。型盒出口射出的動(dòng)能增大

c.質(zhì)子從。型盒出口射出時(shí)，加速次數(shù)?=迪！

2Um

D.質(zhì)子第n次加速后和第n+1次加速后的運(yùn)動(dòng)半徑之比為，不：

8.為了減少環(huán)境污染，適應(yīng)能源結(jié)構(gòu)調(diào)整的需要，我國(guó)對(duì)新能源汽車實(shí)行了發(fā)放補(bǔ)貼、免

征購置稅等優(yōu)惠政策鼓勵(lì)購買。在某次直線運(yùn)動(dòng)性能檢測(cè)實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)兩輛新能源汽車運(yùn)動(dòng)

過程分別作出甲車速度隨時(shí)間變化的…圖像和乙車牽引力隨速度倒數(shù)變化的尸—圖像，甲

車8s至28s以額定功率行駛，乙車勻加速后，也以額定功率行駛，兩輛汽車的質(zhì)量均為1.0x

103kg,均由靜止開始沿平直公路行駛，最終勻速運(yùn)動(dòng)。假設(shè)兩輛車行駛中所受阻力恒定，

重力加速度g取10m/s2。則在此次檢測(cè)中（）

A.乙車最大速度為20m/s

B.8s至28s,甲車牽引力做功為3.22x1。5/

C.甲、乙兩車勻加速階段的加速度均為2m/s2

D.甲車額定功率小于乙車額定功率

9.如圖所示，某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，先將白紙平鋪在木板上

并用圖釘固定，將玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面。優(yōu)和協(xié)'，。為直線

力。與aa的交點(diǎn)，在直線4。上豎直地插上Pi、P2兩枚大頭針。

(1)選出實(shí)驗(yàn)接下來要完成的必要步驟并按順序填寫選項(xiàng)前的序號(hào)o

A.在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針「3，使僅擋住「2的像

B.在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針P3,使03擋住的像的像

C.在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針P4，使「4僅擋住「3

D在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針P"使04擋住「3、P1的像和「2的像

(2)過23、做直線交帥'與。'，連接00'。完成以上步驟后，實(shí)驗(yàn)小組內(nèi)的同學(xué)采用不同的方

式測(cè)量玻璃的折射率；

①甲同學(xué)過。做直線NN'垂直于。。'。多次改變?nèi)肷浣恰?，測(cè)出對(duì)應(yīng)的折射角”，建立平面直

角坐標(biāo)系，作圖像如圖2所示，若圖像的斜率表示玻璃的折射率，則圖像的y軸、x軸表示的

物理量依次為。

A.%、02

B.sin。］、sind2

C.sind2>sind1

D.tan92tcin91

②乙同學(xué)如圖3所示，以。為圓心作圓，與入射光線4。、折射光線。。'分別交于E、F點(diǎn)，再

過E、F點(diǎn)作NN'的垂線，垂足分別為G、H點(diǎn),用刻度尺測(cè)得EG=2.32cm,FH=1.60cm,

則該玻璃破的折射率數(shù)值為(計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。

(3)一位同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)中，準(zhǔn)確地畫好玻璃磚的界面aa'和bb'后，不慎將玻璃磚向下平移了

一些，如圖4所示，而實(shí)驗(yàn)的其他操作均正確，則折射率的測(cè)量值準(zhǔn)確值______(選填“大于”、

“小于”或“等于”)。

10.在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，某研究小組同學(xué)按照?qǐng)D甲所示連接電路，并

將傳感器與計(jì)算機(jī)相連。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1,一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2,傳感器將

信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

(1)由電路圖可知，傳感器1應(yīng)為，傳感器2應(yīng)為

A.電流傳感器

8.電壓傳感器

C.溫度傳感器

D壓力傳感器

(2)用U表示電容器兩端的電壓，/表示電路中的電流，當(dāng)開關(guān)擲向1后的一段時(shí)間里，下列圖

(4)若電源電動(dòng)勢(shì)為2V,開關(guān)擲向2后，通過R的電流大小的變化圖像如圖乙所示，則該電容

器的電容為F。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

)

11.某次導(dǎo)彈試射演習(xí)中，殲-16戰(zhàn)斗機(jī)瞄準(zhǔn)了前方同一直線上同方向勻速飛行的無人靶機(jī)。

當(dāng)兩者距離L=6kzn時(shí)，殲-16戰(zhàn)斗機(jī)以火=200m/s的對(duì)地速度發(fā)射一枚導(dǎo)彈，控制導(dǎo)彈立

即沿水平方向做a=40m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在1=20s時(shí)擊中無人靶機(jī)并將其擊落。

(1)求無人靶機(jī)被擊中前飛行速度大小;

(2)在(1)的條件下，若無人靶機(jī)在導(dǎo)彈發(fā)射1s后接收到信號(hào)指令開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)逃脫,

加速度為30m/s2,求該過程中，導(dǎo)彈與無人靶機(jī)的最大距離。

12.核能也稱原子能，是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時(shí)釋放出來的巨大能量，包括裂變能和聚變能

兩種主要形式，目前核能發(fā)電利用的是核裂變，其核反應(yīng)堆采用的原料是鈾235,在核反應(yīng)

堆中一般用石墨做慢化劑使快中子減速成為慢中子，實(shí)現(xiàn)鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，與核裂變相比，核聚變

反應(yīng)釋放能量的效率更高，但反應(yīng)條件苛刻，在實(shí)驗(yàn)室中模擬完成可控核聚變需要溫度達(dá)到1

億度，其原理是一個(gè)笊核和一個(gè)瓶核結(jié)合后生成一個(gè)氫核和一個(gè)中子。在笊與氟兩核達(dá)到核

力作用范圍完成核聚變前必須克服庫侖斥力做的總功為勿=10-14/,將微觀粒子間的相互作

用類比碰撞。

(1)已知碳核的質(zhì)量是中子的12倍，假設(shè)中子與碳核的每次碰撞都是彈性正碰，而且認(rèn)為碰撞

前碳核都是靜止的，求速度大小為處的快中子經(jīng)過兩次碰撞后末速度的大小；

(2)為計(jì)算方便，假設(shè)質(zhì)子、中子的質(zhì)量均為小，若一個(gè)氟核與一個(gè)速度大小相等的笊核發(fā)生

對(duì)心碰撞，達(dá)到核力作用范圍，不計(jì)周圍粒子影響，反應(yīng)前笊核的動(dòng)能至少多大。(計(jì)算結(jié)果

保留三位有效數(shù)字

)

13.如圖所示，某磁儀器由粒子源、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)、速度選擇區(qū)、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)及探測(cè)板等組成。粒

子源可以產(chǎn)生比荷為k的帶正電粒子，以初速度北水平飛入兩平行金屬板中的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，入射

2

點(diǎn)貼近上板邊緣，兩水平金屬板間距為d,兩板間電壓為紅。帶電粒子由偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)飛出后，立

2k

即進(jìn)入寬度為d的速度選擇區(qū)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，該區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)殳(圖中

未畫出)和與水平方向成45。的電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。最后經(jīng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏

轉(zhuǎn)后恰好能夠打在探測(cè)板上。不計(jì)帶電粒子的重力

和粒子間的相互作用力，求：

(1)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩金屬板長(zhǎng)L;

(2)速度選擇區(qū)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小Bo；

(3)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾?。以及粒子從進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域到最終打在探測(cè)板上的時(shí)間”。

□

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、機(jī)械波和光，都屬于波，都能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，故A正確；

B、醫(yī)院進(jìn)行醫(yī)學(xué)體檢時(shí)用的“彩超”儀器，利用了超聲波的多普勒效應(yīng)，故8錯(cuò)誤；

C、“光導(dǎo)纖維“是利用了光的全反射原理，故C錯(cuò)誤；

。、繞過圓盤的光在陰影中心形成亮斑，稱之為“泊松亮斑”，這是光產(chǎn)生衍射現(xiàn)象，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

機(jī)械波和光，都屬于波，都能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象；體檢時(shí)常用的“彩超”是利用了超聲波的多

普勒效應(yīng)；光導(dǎo)纖維利用了光的全反射現(xiàn)象；圓盤陰影中心的亮斑即泊松亮斑是光波產(chǎn)生的衍射

現(xiàn)象。

本題考查了機(jī)械波和光的特點(diǎn)、多普勒效應(yīng)、光的全反射、泊松亮斑等問題，這些都是學(xué)生需要

記憶、理解的知識(shí)，需要多讀書，多積累。

2.【答案】B

【解析】解：AB.設(shè)上方氣體為a、下方氣體為b,初狀態(tài)時(shí)b內(nèi)氣體壓強(qiáng)大、a內(nèi)氣體壓強(qiáng)小，將

玻璃管轉(zhuǎn)至水平，b內(nèi)的氣體壓強(qiáng)減小、a內(nèi)的氣體壓強(qiáng)增大，則b內(nèi)氣體體積增大、長(zhǎng)度增加，a內(nèi)

氣體長(zhǎng)度減小，故故A錯(cuò)誤、2正確；

CD、假設(shè)水銀柱不動(dòng)，則兩部分氣體做等容變化，對(duì)a內(nèi)氣體應(yīng)用查理定律，有：空=黑

解得:4Pl=y--p2

對(duì)帥氣體應(yīng)用查理定律，有：空=第

解得：4P2=y--p2

由于Pl<p2,可得4P2>4Pl

故兩部分氣體的壓強(qiáng)增加量不相同，水銀柱將向上移動(dòng)，穩(wěn)定后兩部分氣體長(zhǎng)度，故CD

錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)壓強(qiáng)的變化情況分析長(zhǎng)度的大?。患僭O(shè)水銀柱不動(dòng)，兩部分氣體做等容變化，分別對(duì)兩部分

氣體應(yīng)用查理定律，結(jié)合題意升高相同溫度即可求解。

本題主要是考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的

三個(gè)狀態(tài)參量，分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，選擇合適的氣體實(shí)驗(yàn)定律解決問題。

3.【答案】D

【解析】解：4、游客隨摩天輪做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度大小不變，則游客的動(dòng)能不變，但游客

的高度變化，重力勢(shì)能變化，所以游客機(jī)械能不守恒，故4錯(cuò)誤；

8、游客在最高點(diǎn)加速度指向圓心，所以處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C、游客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力全部提供向心力，方向始終指向圓心，方向時(shí)刻變化，合力為變

力，故C錯(cuò)誤；

。、游客完成一個(gè)完整的圓周運(yùn)動(dòng)，初末速度大小相等，方向相同，所以動(dòng)量的變化為零，由動(dòng)

量定理可知合力的沖量為零，故。正確。

故選：。。

AC.游客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能變化，由機(jī)械能等于動(dòng)能與勢(shì)能之和可知游客機(jī)

械能不守恒，游客的合力提供向心力，大小不變，方向始終指向圓心，合力為變力；

8、由游客在最高點(diǎn)的加速度方向可判斷超失重；

。、游客完成一個(gè)完整圓周運(yùn)動(dòng)，初末速度相等，動(dòng)量變化為零，由動(dòng)量定理可知合力的沖量為

零。

本題考查了動(dòng)量定理，超失重和機(jī)械能守恒的條件，解題的關(guān)鍵是游客恰好完成一個(gè)完整的圓周

運(yùn)動(dòng)，初末速度相等，可知?jiǎng)恿孔兓癁榱恪?/p>

4.【答案】B

【解析】解：4由圖像乙得，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)周期為7=2x10-25

交流發(fā)電機(jī)的線圈一個(gè)周期內(nèi)經(jīng)過兩次中性面，則每秒經(jīng)過中性面的次數(shù)為n=竽=（次

）=100（次），故A錯(cuò)誤;

8.變壓器副線圈消耗的總功率「2=2PL+2P”=2x25W+2x551V=1601V

根據(jù)理想變壓器的功率關(guān)系，變壓器原線圈的輸入功率匕=「2=160〃

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器原線圈兩端電壓/=答4=fx100V=400V

根據(jù)功率公式，變壓器的輸入功率P1=

解得/1=今=擺4=0.404故8正確;

4UU

C.變壓器不改變交流電的頻率，由圖像乙得，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)周期為7=2xl0-2s,角速度3=竿=

27r

2飛-2rad/s=lOOnrad/s

白熾燈兩端電壓的瞬時(shí)值的表達(dá)式的=U2msincot=100Csinl007Tt(V)

。.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=NBSco=NBS-27m=2mNBS

將交流發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速減為原來的則電源的輸出電壓將減為原來的g

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，副線圈七、叫兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼?

根據(jù)功率公式P=坐，燈泡消耗的功率變?yōu)樵瓉淼模?/p>

電風(fēng)扇為非純電阻電路，消耗功率無法求解，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

A.交流發(fā)電機(jī)的線圈每轉(zhuǎn)動(dòng)一周，電流方向改變兩次，據(jù)此分析作答；

8.根據(jù)功率關(guān)系求變壓器原線圈的輸入功率，根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系求解變壓器原

線圈兩端電壓，根據(jù)功率公式求原線圈中的電流；

C根據(jù)圖乙求交流電的角速度，根據(jù)瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式求燈泡兩端電壓的瞬時(shí)值；

D根據(jù)線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值的表達(dá)式分析線圈轉(zhuǎn)速減半時(shí)發(fā)電機(jī)輸出電壓將

減半，根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系分析出燈泡和電風(fēng)扇兩端的電壓將減半，根據(jù)功率公

式分析燈泡消耗的電功率的情況。

解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓與匝數(shù)比的關(guān)系；對(duì)于有兩個(gè)副線圈的情況下的電流之比不

等于匝數(shù)的反比，要用功率關(guān)系求電流與電壓的關(guān)系；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率

且相等。

5.【答案】D

【解析】解：機(jī)器人在垂直玻璃表面的方向，重力垂直玻璃表面的分力等于機(jī)器人的支持力，則

有可=巾9°。530。，則滑動(dòng)摩擦力/=〃N,代入數(shù)據(jù)可得/=竿，滑動(dòng)摩擦力與物體相對(duì)玻璃表

面的速度方向相反，機(jī)器人勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，在玻璃表面機(jī)器人受力分析如圖所示:

A

滑動(dòng)摩擦力/與重力向下的分力mgs譏30。的合力與牽引力F等大反向，由幾何關(guān)系可知,與

7ngsin30。的夾角為60。，則/OPM=120。，在△OPM中，由余弦定理可得：cosl20°=

("寫加30。富尸吃代入數(shù)據(jù)可得?=1加故A8C錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

機(jī)器人勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，在垂直玻璃表面方向，重力垂直斜面方向的分力與支持力等大反向，

可知支持力大小，則可得滑動(dòng)摩擦力大小，滑動(dòng)摩擦力方向由機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的方向來確定，根據(jù)機(jī)

器人在玻璃表面的受力情況，畫出平行四邊形，由幾何關(guān)系可得重力沿斜面向下的分力與滑動(dòng)摩

擦力的夾角大小，根據(jù)余弦定理可得牽引力尸的大小。

本題考查了共點(diǎn)力的平衡，注意三個(gè)共點(diǎn)力的合力為零，則任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反

向，解題的關(guān)鍵機(jī)器人在垂直斜面方向的合力為零，平行斜面方向的合力也為零。

6.【答案】ABC

【解析】解：AB,物塊與木箱間的動(dòng)摩擦因數(shù)未知，最大靜摩擦力未知，木箱在水平方向上做勻

加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊與木箱是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)無法判斷，若無相對(duì)滑動(dòng)，則彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)

仍為1.0N,若發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)發(fā)生變化，故AB正確；

C、若木箱a=2.(hn/s2豎直向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，木箱與物塊間的彈力增大，最大靜摩擦力增大,

物塊與木箱一定不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)一定仍為1.0N,故C正確；

D、若木箱a=1.0m/s2豎直向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，木箱與物塊間的彈力減小，最大靜摩擦力減小，

物塊與木箱是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)無法判斷，若無相對(duì)滑動(dòng)，則彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)仍為1ON,若發(fā)生

相對(duì)滑動(dòng)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)發(fā)生變化，故。錯(cuò)誤；

故選：ABC.

物塊與木箱間的動(dòng)摩擦因數(shù)未知，無法判斷木箱在水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)和豎直向上做勻減

速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊與木箱是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)；木箱豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第

二定律判斷彈力的變化，進(jìn)而判斷最大靜摩擦力的變化，即可判斷是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)和彈簧測(cè)力

計(jì)示數(shù)的變化。

本題考查牛頓第二定律，會(huì)判斷物塊與木箱是否會(huì)發(fā)生想相對(duì)滑動(dòng)是解題關(guān)鍵。

7.【答案】D

【解析】解：4、帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與加速電場(chǎng)的周期相等，根據(jù)7=誓知，換用僦

核，粒子的比荷變化，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期變化，而不改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B與交流電頻率加速電

場(chǎng)的周期不變，破壞了回旋加速器的工作條件，從而不能加速施核，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)R是。形金屬盒的半徑，知質(zhì)子獲得的最大速度。=喈，則最大動(dòng)能：Ekm=

工加/=造至，與加速的電壓無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

22m

C、設(shè)質(zhì)子在電場(chǎng)中加速n次，由動(dòng)能定理得：nqU=Ek

可得質(zhì)子在電場(chǎng)中加速的次數(shù)為7t=史幽

2mU

故C錯(cuò)誤；

。、粒子在加速電場(chǎng)中做勻加速運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理：nqU=\mv2,

可得：u=/產(chǎn)需，質(zhì)子第n次加速后和第n+1次加速后的運(yùn)動(dòng)半徑之比為TTT，故

D正確；

故選：

回旋加速器的工作條件是電場(chǎng)的變化周期與粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相等.回旋加速器運(yùn)用電場(chǎng)

加速、磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可以求出粒子的最大速度，從而求出最大

動(dòng)能及運(yùn)動(dòng)半徑之比，根據(jù)因。=Ek解得加速次數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道最大動(dòng)能與什么因素有關(guān)，以及知道粒

子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與電場(chǎng)的變化的周期相等.

8.【答案】AC

【解析】解：力、由乙圖知，當(dāng);=0.05s/m時(shí)，乙車的速度最大，且大小為u=20m/s,故A正

確；

B、由甲圖可知，8s至28s,甲車以額定功率行駛，0?8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為由=

^=ym/s2=2m/s2,

由牛頓第二定律得：F-/1=小由

28s時(shí)甲車速度為最大值方=30m/s,且此時(shí)牽引力和阻力相等即&=/i=§，

8s時(shí)速度為%=16m/s甲車達(dá)到額定功率則有B=Fvr

聯(lián)立解得Pi=芋x105W

8s至28s即匕=20s,甲車牽引力做功為卬=PiQ=^x105x20W=1.37x106W,故B錯(cuò)誤。

C、乙車勻加速時(shí)牽引力為尸2=4000N,由乙圖知乙車所受阻力%=2000N,由牛頓第二定律知

F2~f2=

解得乙車勻加速的加速度大小a2=2m/s2,%=a2，故C正確；

。、乙車的額定功率為「2=力"=2000x20〃=4x10,勿＜P「故。錯(cuò)誤；

故選:AC.

由u-t圖可知0?8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，8?28s內(nèi)做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)牽引力等

于阻力時(shí)速度達(dá)到最大值。再結(jié)合功和功率的公式分析選項(xiàng)問題。

解決本題的關(guān)鍵是能夠從圖線中分析出新能源汽車在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)情況，當(dāng)牽引力等于阻力

時(shí)，速度最大。

9.【答案】ADB1.45等于

【解析】(1)在直線4。上豎直地插上B、P2兩枚大頭針確定入射光線，在玻璃磚另一側(cè)插上大頭

針「3,使P3僅擋住「2的像，在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針24,使P4擋住23、P,的像和22的像，確定出

射光線，故必要步驟順序?yàn)椋篈D.

(2)①根據(jù)折射率公式有：“=噩

整理得：sin01=nsind2

可知上述函數(shù)為正比例函數(shù)，圖像為過原點(diǎn)的一條直線，故圖像的y軸表示sin%、x軸表示sin4

故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

②根據(jù)折射率公式有：九=聾=黑=^=1.45

(3)光路如圖所示

“黑線”表示做出的光路圖，“紅線”表示實(shí)際光路圖，可知光線在上界面的入射角和折射角不

變，則折射率的測(cè)量值等于準(zhǔn)確值。

故答案為：(1)4D；(2)①B；②1.45；(3)等于。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)步驟分析判斷；

(2)①根據(jù)折射定律推導(dǎo)分析；

②根據(jù)折射定律和幾何知識(shí)計(jì)算；

(3)根據(jù)做出的光路圖和實(shí)際光路圖對(duì)比入射角和折射角分析判斷。

本題考查“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理，數(shù)據(jù)處理和誤差分析。

10.【答案】力B。向下5.1x10-6

【解析】解：(1)本實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量電流和電容器兩端的電壓，故只需要電壓和電流傳感器，傳感

器1串聯(lián)在電路中，因此應(yīng)為電流傳感器；傳感器2與電容器并聯(lián)，應(yīng)為電壓傳感器。

故答案為：A；B-.

(2)當(dāng)開關(guān)擲向1后的一段時(shí)間里，電容器充電，隨電容器上電量的增加，電壓增加，電路中電流

減小，故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

(3)電容器上端與電源正極相連，上極板為正極，故開關(guān)擲向2后，通過R的電流方向向下；

(4)電容器總的電荷量從1—t圖象可以求出來，每一小格表示的電荷量q。=1X10-6x0.2C=

2.0x10-7C?圖象共包圍51格，所以電容器總的電荷量Q=51q()=1.02x10-5。；由、=uc可

得，該電容器的電容C='=彳1°5/=o.51x10-5尸。

故答案為：(1)4B；(2)0；(3)向下；(4)5.1x10-6尸。

(1)電流傳感器串聯(lián)接入電路、電壓傳感器并聯(lián)接入電路;

(2)電容器充電時(shí)電流是越來越小的；

(3)根據(jù)電源與電容器的連接確定電容的正負(fù)極，從而確定放電時(shí)的電流方向；

(4)根據(jù)/-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積可求出電容器的放電量，根據(jù)Q=CE可知該電容器的電容。

本題考查“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)，注意明確實(shí)驗(yàn)原理，明確電路結(jié)構(gòu)，掌握根據(jù)圖

象求電量的方法。

11.【答案】解：(1)L=6km=6000m

2

20s內(nèi)，導(dǎo)彈的位移為x=vot+^at=200x20m+X40X2027n=12000m

無人靶機(jī)被擊中前飛行速度大小u=2三=120°^~6000m/s=300m/s

(2)當(dāng)導(dǎo)彈的速度與無人靶機(jī)的速度相等時(shí)，距離最大，設(shè)時(shí)間為t',由速度一時(shí)間公式得：v0+

at'=v+a'(t'—t0)

to—Is

代入數(shù)據(jù)解得：t'=7s

2

導(dǎo)彈的位移為匕=vot'+；at'2=200x7m+^x40X7m=2380m

vt2

無人靶機(jī)的位移為&=o+?(t'-t0)+^a'(t'-t0)=300xIm+300x(7-l)m+；x30x

(7-l)2m=2640m

最大距離為=x2+—L=2640m+2380m—6000m=6260m

答：(1)無人靶機(jī)被擊中前飛行速度大小為300m/s；

(2)導(dǎo)彈與無人靶機(jī)的最大距離為6260小。

【解析】(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間公式求解導(dǎo)彈的位移，根據(jù)位移關(guān)系和x=處求解無

人靶機(jī)的速度；

(2)當(dāng)導(dǎo)彈的速度與無人靶機(jī)的速度相等時(shí)，距離最大，根據(jù)速度一時(shí)間公式求解時(shí)間，根據(jù)位移

一時(shí)間公式求解導(dǎo)彈和無人靶機(jī)的位移，根據(jù)位移關(guān)系求解最大距離。

本題考查追及相遇問題，解題關(guān)鍵是分析好兩者的位移關(guān)系和速度關(guān)系，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)公

式列式求解即可。

12.【答案】解：(D設(shè)中子的質(zhì)量為小，碳核的質(zhì)量為M=12M,第一次碰撞前中子的速度為北，

碰后中子和碳核的速度分別為力和外由中子與碳核碰撞是彈性正碰，故滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守

恒，則有m%=m%+Mv,：7n詔=gm譜+"M/,聯(lián)立解得內(nèi)=-含%，因?yàn)橹凶优c碳核的每

次碰撞都是彈性正碰，而且碰撞前碳核都是靜止的，故每次碰撞滿足的規(guī)律與第一次碰撞一樣，

同理可得第二次碰撞后中子的速度為%=需處；

(2)反應(yīng)前速度大小相等，由于兩核之間是斥力，速度方向不可能相同，如果相同就不能克服庫侖

斥力做功了，所以反應(yīng)前速度方向一定相反，對(duì)撞過程中當(dāng)兩核的速度相同時(shí)，兩核相距最近，

此時(shí)系統(tǒng)減少的動(dòng)能恰好轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能W，這樣根據(jù)能量守恒算出的反應(yīng)前笊核的動(dòng)能是至少需

要的動(dòng)能；

規(guī)定反應(yīng)前氟核的速度方向?yàn)檎较颍笮≡O(shè)為功，則笈核速度為一功，設(shè)在笈與完兩核剛達(dá)到

2

核力作用范圍的速度為。，根據(jù)動(dòng)量守恒可得-2mvH=5mv,W=；x5m詔-x5mv,

聯(lián)立解得皿=E女=gx2nu哈=-^W1.

代入數(shù)據(jù)可得：Ek=4.17XIO-*/。

答：(1)速度大小為%的快中子經(jīng)過兩次碰撞后末速度的大小為外=樵%；

(2)一個(gè)僦