2023年海南省新高考物理試卷（含解析）

2023年海南省新高考物理試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.社元素衰變時(shí)會(huì)放出口粒子，其中s粒子是（）

A.中子B.質(zhì)子C.電子D.光子

2.如圖所示，帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻.........十一...........

XXIXX

強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)和受力說(shuō)法正確的是（）B

?v

A.小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右x

B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度不變xxx

C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度保持不變

D.小球受到的洛倫茲力對(duì)小球做正功

3.如圖所示，工人利用滑輪組將重物緩慢提起，下列說(shuō)法正確

的是（）

A.工人受到的重力和支持力是一對(duì)平衡力

B.工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用

力

C.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力變小

D.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力不變

4.下面上下兩圖分別是一列機(jī)械波在傳播方向上相距6nl的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)圖像，下列

說(shuō)法正確的是（）

A.該波的周期是5sB.該波的波速是3m/s

C.4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)D.4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)

5.下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）

O……二------------o

A.分子間距離大于r0時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力

B.分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離力處過(guò)程中分子勢(shì)能變大

C.分子勢(shì)能在r°處最小

D.分子間距離在小于且減小時(shí)，分子勢(shì)能在減小

6.汽車測(cè)速利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，汽車可簡(jiǎn)化為一個(gè)矩形

線圈abed,埋在地下的線圈分別為1、2,通上順時(shí)針（俯視

）方向電流，當(dāng)汽車經(jīng)過(guò)線圈時(shí)（）

A.線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上

B.汽車進(jìn)入線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bed

C.汽車離開線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bed

D.汽車進(jìn)入線圈2過(guò)程受到的安培力方向與速度方向相同

A.2n2：1B.4n2：1C.2n3：1D.4n3：1

二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）

9.如圖所示，1、2軌道分別是天宮二號(hào)飛船在變軌前后的軌道,

下列說(shuō)法正確的是（）

A.匕船從1軌道變到2軌道要點(diǎn)火加速

B.飛船在1軌道周期大于2軌道周期

C.飛船在1軌道速度大于2軌道

D.飛船在1軌道加速度大于2軌道

10.已知一個(gè)激光發(fā)射器功率為P,發(fā)射波長(zhǎng)為4的光，光速為c,普朗克常量為九，則（）

A.光的頻率為亨B.光子的能量為與

A

C.光子的動(dòng)量為與D.在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)為等

11.如圖是工廠利用u=220「s譏100兀W的交流電給36U照明燈供電的電路，變壓器原線

圈匝數(shù)為1100匝，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電源電壓有效值為220/IUB.交變電流的周期為0.02s

C.副線圈匝數(shù)為180匝D.副線圈匝數(shù)為240匝

12.如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中4、B帶正電，C帶負(fù)電，0、M、

N為4B邊的四等分點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

ec

AB

8…M..O*.N.J…⑥

A.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同

C.負(fù)電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能比在。點(diǎn)時(shí)要小D.負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能比在。點(diǎn)時(shí)要大

13.如圖所示，質(zhì)量為抽，帶電荷為+q的點(diǎn)電荷，從原點(diǎn)以初速度為射入第一象限內(nèi)的電磁

場(chǎng)區(qū)域，在0＜丫＜%,0＜y＜殉仁。、y（）為已知）區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x＞溝區(qū)

域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，控制電場(chǎng)強(qiáng)度（E值有多種可能），可讓粒子從NP射入磁場(chǎng)

后偏轉(zhuǎn)打到接收器MN上，貝弘）

2

A.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度滿足^=弊

q說(shuō)

B.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度為％J鬻

C.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到NM的距離為翳

D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值是曬身期

mJ

三、簡(jiǎn)答題（本大題共3小題，共9.0分）

14.用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏P平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角

度照射，此時(shí)在屏上的Si處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處。

（1）請(qǐng)畫出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖；

（2）已經(jīng)測(cè)出=%OA=12,5石2=b，則折射率n=。

（3）若改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則S1S2間的距離會(huì)（填“變大”，“變小”或

“不變”）。

15.用如圖1所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100^4,內(nèi)阻約為20000的微安表頭的內(nèi)阻，所用

電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V,有兩個(gè)電阻箱可選，%(0?9999.90),/?2(0-99999.9/2)

(2)根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整;

E

(3)下列操作順序合理排列是：

①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；

②閉合開關(guān)52,調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；

③斷開52,閉合工，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)R"使表頭滿偏;

④斷開Si、S2,拆除導(dǎo)線，整理好器材

(4)如圖2是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為，該測(cè)量值(大于、小于、等

于)真實(shí)值。

XI

⑥

(5)將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為

______V.

(6)某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，52斷開，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，52

閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為：

o(用即、RN表示)

16.某飲料瓶?jī)?nèi)密封一定質(zhì)量理想氣體，t=27久時(shí)，壓強(qiáng)p=1.050xl()5pa。1Z1

(1)￡'=37汽時(shí)，氣壓是多大？

(2)保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與(1)時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的多少倍？

四、計(jì)算題(本大題共2小題，共20.0分)

17.如圖所示，U形金屬桿上邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=15cm,質(zhì)量為m=lx10-3kg,下端插入導(dǎo)電液體

中，導(dǎo)電液體連接電源，金屬桿所在空間有垂直紙面向里8=8x10-27的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

(1)若插入導(dǎo)電液體部分深h=2.5cm,閉合電鍵后，金屬桿飛起后，其下端離液面高度”=

10cm,設(shè)桿中電流不變，求金屬桿離開液面時(shí)的速度大小和金屬桿中的電流有多大；(g=

10m/s2)

(2)若金屬桿下端剛與導(dǎo)電液體接觸，改變電動(dòng)勢(shì)的大小，通電后金屬桿跳起高度卬=5cm,

通電時(shí)間，=0.002s,求通過(guò)金屬桿截面的電荷量。

XXXXXXXX

B

xxxxxxxx

XxLXXXX

18.如圖所示，有一固定的光滑［圓弧軌道，半徑R=0.2m,一質(zhì)量為=Mg的小滑塊B從

軌道頂端滑下，在其沖上長(zhǎng)木板C左端時(shí)，給木板一個(gè)與小滑塊相同的初速度，已知me=3kg,

8、C間動(dòng)摩擦因數(shù)%=0.2,。與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃2=08。右端有一個(gè)擋板，C長(zhǎng)為L(zhǎng)。

求：

(1)B滑到4的底端時(shí)對(duì)A的壓力是多大？

(2)若。未與C右端擋板碰撞，當(dāng)B與地面保持相對(duì)靜止時(shí)，8、C間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少？

(3)在0.166＜乙VO.87n時(shí)，B與C右端擋板發(fā)生碰撞，且碰后粘在一起，求B從滑上C到最終

停止所用的時(shí)間。

答案和解析

I.【答案】c

【解析】解：放射性元素衰變時(shí)放出的三種射線a、B、y-其中￡粒子是電子。故C正確，ABD

錯(cuò)誤。

故選：Co

￡粒子是電子，由此即可正確解答。

本題考查了原子核衰變的生成物，特別要知道0粒子是電子，￡衰變的實(shí)質(zhì)是因?yàn)橐粋€(gè)中子轉(zhuǎn)化成

質(zhì)子而釋放出的電子。

2.【答案】A

【解析】解：4帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，小球受洛倫茲力和重力

的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則，可知小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右，故A正確；

反小球受洛倫茲力和重力的作用，做曲線運(yùn)動(dòng)，速度的方向時(shí)刻變化，故B錯(cuò)誤；

C小球受洛倫茲力和重力的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，重力始終豎直向下，洛倫茲力始終與速度方向垂直，

且速度方向時(shí)刻變化，合力方向時(shí)刻變化，根據(jù)牛頓第二定律，加速度的方向時(shí)刻變化，故C錯(cuò)

誤。

。.小球受洛倫茲力和重力的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力始終與速度方向垂直，根據(jù)功的定義，洛

倫茲力永不做功，故。錯(cuò)誤。

故選Ao

明確小球運(yùn)動(dòng)中受力情況，知道洛倫茲力不做功，從而分析小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度、加速度情況。

本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，注意明確洛倫茲力不做功這一性質(zhì)，同時(shí)正確分析功能關(guān)系

以及掌握牛頓第二定律公式的應(yīng)用。

3.【答案】B

【解析】解：AB,對(duì)人受力分析有

則有0+FT=mg

根據(jù)一對(duì)平衡力和一對(duì)相互作用力的概念可知，工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力

與反作用力，故4錯(cuò)誤、8正確；

CD、對(duì)滑輪做受力分析有

則隨著重物緩慢拉起過(guò)程，。逐漸增大，則％逐漸增大，故錯(cuò)誤。

故選：Bo

一對(duì)平衡力大小相等，方向相反，作用在一個(gè)物體上，一對(duì)相互作用力大小相等，方向相反，是

兩個(gè)物體的相互作用力；

對(duì)滑輪進(jìn)行受力分析，根據(jù)幾何關(guān)系得出繩子拉力的變化趨勢(shì)。

本題主要考查了共點(diǎn)力的平衡問題，熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系即可完成解答。

4.【答案】C

【解析】解：4根據(jù)振動(dòng)圖像可看出該波的周期是4s,故A錯(cuò)誤;

8.由圖像可知，質(zhì)點(diǎn)Q、P的起振方向相反

則兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離滿足x=n/l+T4,其中n=0,1,2,...

根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系:

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得"=用，其中n=0,1,2,故B錯(cuò)誤；

C.由P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，故C正確;

。.由Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，故力錯(cuò)誤。

故選：Co

A.根據(jù)振動(dòng)圖像給出的信息作答；

8根據(jù)圖像求解兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離滿足的關(guān)系，再根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系分析求解波速；

CD.根據(jù)振動(dòng)圖像判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向。

能夠根據(jù)振動(dòng)圖像給出的信息求解周期、判斷質(zhì)點(diǎn)在某時(shí)刻的振動(dòng)方向；要注意波在傳播過(guò)程中

的周期性。

5.【答案】C

【解析】解：人分子間距離大于分子間表現(xiàn)為引力，故4錯(cuò)誤；

BCD,分子間距離變小，引力做功，勢(shì)能減小，在r0處勢(shì)能最小，繼續(xù)減小距離，分子間表現(xiàn)為

斥力，分子力做負(fù)功，勢(shì)能增大，故8。錯(cuò)誤，C正確；

故選:Co

當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的增大而減??；分子力表現(xiàn)為引力

時(shí)，r增大，分子力先增大后減小，分子勢(shì)能一直增大。

本題考查了分子力、分子勢(shì)能等知識(shí)點(diǎn)，利用F-r圖象、Ep-r圖象記憶分子力及分子勢(shì)能變化

是一種很好的方法。

6.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)安培定則可知，線圈1、2中的電流形成的磁場(chǎng)方向都是豎直向下的，故A

錯(cuò)誤；

BC、汽車進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈abed磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向是adeba,

離開時(shí)磁通量向下減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向是abeda,故B錯(cuò)誤、C正確；

。、根據(jù)楞次定律的推廣可知，安培力的方向總是與汽車相對(duì)于磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)方向相反，所以汽車

進(jìn)入線圈2過(guò)程受到的安培力方向與速度方向相反，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)安培定則判斷線圈1、2中的電流形成的磁場(chǎng)方向；根據(jù)楞次定律判斷矩形線圈abed的感應(yīng)電

流方向；安培力的方向總是與矩形線圈abed相對(duì)于磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)方向相反。

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向的一般步驟是：確定原磁場(chǎng)的方向-原磁場(chǎng)的變化-引起感應(yīng)

電流的磁場(chǎng)的變化T楞次定律T感應(yīng)電流的方向。

7.【答案】C

【解析】解：電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電

勢(shì)為：

E?D2E

電容器下極板的電勢(shì)為：叫=卷?4R=普

則電容兩端的電壓為：U=<pr-(p±

解得：u=胃

則電容器上的電荷量為：Q=CU

解得：Q=5CE,故C正確、A8O錯(cuò)誤。

故選：Co

若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，根據(jù)歐姆定律求解電容器上、下極板的電勢(shì)，由此得到兩極板間的電

壓，再根據(jù)Q=O/進(jìn)行解答。

本題主要是考查含容電路的分析，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，根據(jù)歐姆定律求解電容器兩極

板間的電壓。

8.【答案】C

【解析】解：對(duì)小球受力分析如圖所示:

在ACHP中，根據(jù)正弦定理有』=』

其中4CP"=4OPB,乙CHP=乙HPD=4APO

Ap40

在A4P。中，根據(jù)正弦定理smm/POB)

sinZ-APO

在ABP。中，根據(jù)正弦定理_之=_名

sinzPOBsinzBPO

根據(jù)庫(kù)侖定律自=k罡，F(xiàn)B=

3

聯(lián)立以上各式，解得％：Q2=2n：1

綜上分析，故ABO錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)庫(kù)侖定律結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)即可完成作答。

本題考查了庫(kù)侖定律的應(yīng)用，對(duì)于數(shù)學(xué)知識(shí)在物理學(xué)中的運(yùn)用是學(xué)生應(yīng)該具備的關(guān)鍵能力之一。

9.【答案】ACD

【解析】解：4、飛船從較低的軌道1進(jìn)入較高的軌道2要點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動(dòng)才能完成，故A正

確；

BCD、飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：

八Mmv24n2

Gyr=m-=myrr=ma

可得a號(hào)”膺,T=2兀

可知飛船在軌道1的周期小于在軌道2的周期，在軌道1的速度大于在軌道2的速度，在軌道1的加

速度大于在軌道2的加速度，故B錯(cuò)誤，CC正確。

故選：ACD.

飛船做離心運(yùn)動(dòng)時(shí)必須點(diǎn)火加速；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式，得出飛船的周期、速度和加速

度與軌道半徑的關(guān)系，再比較各個(gè)量的大小。

解決本題的關(guān)鍵要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一重要思路，知道線速度、周期、向心加速度與軌

道半徑的關(guān)系。

10.【答案】AC

【解析】解：4根據(jù)波速與波長(zhǎng)、頻率之間的關(guān)系可知光的頻率：v=pA故A正確：

B.光子的能量：E=hv=與,故B錯(cuò)誤；

A

C.根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)計(jì)算公式/1=?？傻霉庾拥膭?dòng)量：p=p故C正確；

PA

。.在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)：n=?=?,故。錯(cuò)誤。

Ehe

故選：AC.

根據(jù)波速與波長(zhǎng)、頻率之間的關(guān)系求解光的頻率；根據(jù)光子能量計(jì)算公式求解光子的能量；根據(jù)

德布羅意波長(zhǎng)計(jì)算公式求解光子的動(dòng)量；每秒內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)與每個(gè)光子能量的乘積是激光器每

秒做的功，根據(jù)激光發(fā)射器功率求解時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)。

本題主要是考查光子能量的計(jì)算，解答本題的關(guān)鍵是掌握光子能量計(jì)算公式以及德布羅意波長(zhǎng)的

計(jì)算公式，能夠根據(jù)能量關(guān)系求解光子數(shù)。

11.【答案】BC

【解析】解：4、根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式，電源電壓的有效值U=之浮P=220U，故A錯(cuò)

V2

誤；

B、根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式，交流電的周期7=如=患$=0。25,故8正確：

0)IOOTT

CD、根據(jù)曹=妙可得副線圈匝數(shù)2=手叫=嘉*1100匝=180匝，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：BC.

根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式計(jì)算有效值和周期，根據(jù)變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比。

本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只

有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且

相等。

12.【答案】BC

【解析】解：4根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)以及對(duì)稱性可知，MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，不過(guò)方向不同，

故A錯(cuò)誤；

8.因在4B處的正電荷在MN兩點(diǎn)的合電勢(shì)相等，在C點(diǎn)的負(fù)電荷在MN兩點(diǎn)的電勢(shì)也相等，由此可

分析出MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故B正確；

CD.根據(jù)題意可知，負(fù)電荷從M到0,因4B兩電荷的合力對(duì)負(fù)電荷的庫(kù)侖力從。指向則該力對(duì)

負(fù)電荷做負(fù)功，C點(diǎn)的負(fù)電荷也對(duì)該負(fù)電荷做負(fù)功，可知三個(gè)電荷對(duì)該負(fù)電荷的合力對(duì)其做負(fù)功，

根據(jù)功能關(guān)系可知該負(fù)電荷的電勢(shì)能增加，即負(fù)電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在。點(diǎn)??；同理可知負(fù)電荷

在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在。點(diǎn)小。故C正確，。錯(cuò)誤。

故選:BC。

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)和對(duì)稱性得出MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系；

根據(jù)電勢(shì)的疊加特點(diǎn)得出MN兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系；

根據(jù)電荷的受力特點(diǎn)得出其合力的方向，根據(jù)電場(chǎng)力的做功特點(diǎn)結(jié)合功能關(guān)系得出電勢(shì)能的大小

關(guān)系。

本題主要考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，熟悉場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)的計(jì)算公式，分清其標(biāo)矢性，結(jié)合粒

子的受力分析和功能關(guān)系即可完成解答。

13.【答案】AD

【解析】解：4、根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，若粒子打到PN中點(diǎn)，則

vf

X方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：x0=o

*2

y方向粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有：jy0=1?t

根據(jù)牛頓第二定律得：Eq=ma

2

解得：E=*￡故A正確；

8、粒子從PN中點(diǎn)射出時(shí)，y方向根據(jù)勻變速位移與平均速度關(guān)系式得：?=

剛出電場(chǎng)射入磁場(chǎng)時(shí)速度巧=J詔+為=J詔+0)2

將1=詈代入解得：%就+%，故B錯(cuò)誤；

c0x0

C、粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度方向與豎直方向夾角為氏軌跡如下圖所示：

XXX

XXX

XXX

XXX

-----------------------------------?X

則tan。言若

2

將a、t代入得：￡。九0=警

粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度V=

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：qvB=m-

則粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到MN的距離為d=rcosO

聯(lián)立解得d=膂，故C錯(cuò)誤；

。、當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)有最大運(yùn)動(dòng)半徑時(shí)，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度最大，則在電場(chǎng)中沿電場(chǎng)方向加速

的距離最大，則y方向速度及合速度最大，此時(shí)粒子從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，則為巾=竽

x0=%亡

v

出離電場(chǎng)的最大速度：vm=JVo+ym=1J足+4%

則由洛倫茲力提供向心力得：quB=血亍

可得最大半徑：%=嗎=3受料，故。正確。

7nqBqBIxg

故選：ADo

A、根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向和垂直電場(chǎng)方向列運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解加速度,

再由牛頓第二定律可以求解電場(chǎng)強(qiáng)度；

3、根據(jù)在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向和垂直電場(chǎng)方向列運(yùn)動(dòng)學(xué)公式就可以求解粒子從NP中

點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度；

C、根據(jù)粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，推出進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向和大小表達(dá)式，再根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中

做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑表達(dá)式等結(jié)合幾何關(guān)系求軌跡圓心到NM的距離；

D,粒子在電場(chǎng)中沿電場(chǎng)方向加速的距離最大時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大，根據(jù)洛倫

茲力提供向心力可以求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值。

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻變速

直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分析判斷，進(jìn)入磁場(chǎng)帶電粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，注意從電場(chǎng)進(jìn)

入磁場(chǎng)的合速度大小以及速度方向決定了在磁場(chǎng)中的軌跡半徑以及圓弧長(zhǎng)度等，需要我們結(jié)合軌

跡圖以及幾何關(guān)系分析。

14.【答案】出-^j變小

【解析】解：(1)根據(jù)題意結(jié)合光的傳播情況作出光路圖如圖所示:

(2)根據(jù)光的折射定律可得：幾=膽

根據(jù)幾何關(guān)系可得:

AB

sini

AB2+OA

.AC48-S1S2_

sm=而h-b

J(AB-S^^+OA2J(h~h)2+l2

hjULB)，鳥

聯(lián)立解得:

(3)若玻璃磚寬度變小，相當(dāng)于把a(bǔ)d邊下移，與兩條光線的交點(diǎn)距離變小，即BC就小，那S/2也

會(huì)變小。

I22

故答案為：(1)光路圖見解析；(2)出：3)+々(3)變小。

l+l

-3)Jl2

(1)根據(jù)傳播路徑畫出光路圖；

(2)根據(jù)光的折射定律結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行解答；

(3)若玻璃磚寬度變小，相當(dāng)于把a(bǔ)d邊下移，根據(jù)光路圖進(jìn)行分析。

本題主要是考查了光的折射，解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路圖，根據(jù)圖

中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律和全反射的條件列方程求解。

15.【答案】kR2RM小于13,

【解析】解：(1)根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，RM與&相當(dāng)，當(dāng)閉合52之后，變阻器上方的電流

應(yīng)基本不變，就需要RN較大，對(duì)下方分壓電路影響甚微。故RM應(yīng)選&，RN應(yīng)選Rz；

(2)實(shí)物圖如圖：

E

(3)為保證電路安全，閉合開關(guān)前先將滑動(dòng)變阻器調(diào)至左側(cè)，電阻箱調(diào)至最大，先閉合開關(guān)，調(diào)

節(jié)電阻箱RM，再閉合S2調(diào)節(jié)電阻箱R”，最后斷開開關(guān)整理器材，正確的操作順序是：①③②④；

(4)讀出的RM即是微安表的內(nèi)阻。

當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路：

閉合S2后，相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值，變小了，不難得到流過(guò)RN的電流大于原來(lái)的電流，則

流過(guò)RM的電流大于與，故RM＜心。

(5)按讀數(shù)規(guī)則，只需要讀出65即可，按換算關(guān)系磊=言可知，電壓為：u=130V

(6)根據(jù)題意可得：/(A+RN)=4+祖)RN+!&

乙KM乙

解得:&=粽

故答案為：(1)R1，R2;(3)①③②④；(4)RM，小于；(5)1.3；(6)微喘。

(1)根據(jù)半偏法的測(cè)量原理分析判斷；

(3)根據(jù)保護(hù)電路和半偏法測(cè)量步驟分析判斷；

(4)根據(jù)半偏法原理和電路結(jié)構(gòu)分析判斷；

(5)根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)計(jì)算；

(6)根據(jù)歐姆定律分析判斷。

本題要掌握半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻原理，掌握電路連接方式分析、掌握歐姆定律。

16.【答案】解：(1)瓶?jī)?nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為

7=(27+273)K=300K,T'=(37+273)K=310K

溫度變化過(guò)程中體積不變，故由查理定律有

TT'

解得：p'=1.085x105Pa

(2)保持溫度不變，擠壓氣體，等溫變化過(guò)程，由玻意耳定律有

pV=p'V'

解得：V?0.968V

答：(1"'=37久時(shí)，氣壓為1.085xl()5pa；

(2)保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與(1)時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的0.968倍。

【解析】(1)根據(jù)題意得出氣體變化前后的狀態(tài)參量，結(jié)合查理定律列式得出氣體的壓強(qiáng)；

(2)氣體的溫度保持不變，根據(jù)玻意耳定律得出氣體的體積。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出氣體變化前后的狀態(tài)參

量，結(jié)合玻意耳定律和查理定律即可完成分析。

17.【答案】解：(1)設(shè)金屬桿離開液面時(shí)的速度大小為"，金屬桿中的電流大小為/。金屬桿離開

液體后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：

v2—2gH

解得：v=J2gH=V2x10x10x10-2m/s=V_2m/s

通電過(guò)程金屬桿受到的安培力大小為：

FA=B1L

對(duì)金屬桿到達(dá)最高點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：

FAh-mg(H+h)=0

聯(lián)立解得：/=￥姻空=I"“丁10x(10)2.5)x10：a=4.174

BLh8xl0-zxl5xl0-zx2.5xl0-z

(2)對(duì)金屬桿，通電時(shí)間t'=0.002s,規(guī)定向上為正方向，由動(dòng)量定理得:

(BI'L-mg)t'—mv'—0

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

v'2=2gH'

通過(guò)金屬桿截面的電荷量

,,mJ2gH'+mgt'1X10-3XJ2xl0x5xl0-2+lxl0-3xl0x0.002

q=l't'=△-----------=--------------------32--------=2---------------c=0.085C

BL8x10X15X101

答：(1)金屬桿離開液面時(shí)的速度大小為，Nm/s，金屬桿中的電流為4.174；

(2)通過(guò)金屬桿截面的電荷量為0.085C。

【解析】(1)根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解金屬桿剛剛離開液面的速度，對(duì)金屬桿與液面接觸的過(guò)程,

根據(jù)安培力公式，應(yīng)用動(dòng)能定理求解電流；

(2)由于給了時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理求解電流，再根據(jù)電流求解電荷量。

本題是安培力與動(dòng)能定理、動(dòng)量定理結(jié)合的問題，需要我們掌握安培力公式、動(dòng)能定理以及動(dòng)量

定理，應(yīng)用動(dòng)量定理列式時(shí)需要規(guī)定正方向。

18.【答案】解：(1)滑塊下滑到軌道底部，有

19

ggR=2mBvo~o

解得：v