福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二上期末物理試卷

2018-2019學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（上）期末物理試卷一、選擇題（12小題,每小題4分,共48分。在每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中,第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求,第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分,選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)或不選的得0分。)1．（4分）發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）A．奧斯特 B．法拉第 C．庫(kù)侖 D．安培2．（4分）兩個(gè)分別帶有電荷量﹣Q和+3Q的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為r的兩處，它們間的庫(kù)侖力的大小為F．兩小球相互接觸后將其固定在原處，則兩球間庫(kù)侖力的大小為（）A． B．3F C． D．2F3．（4分）如圖所示，M、N為兩個(gè)帶電量相等的正點(diǎn)電荷，在其連線的中垂線上有一點(diǎn)P（規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法中正確的是（）A．P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右 B．P點(diǎn)到O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小 C．P點(diǎn)的電勢(shì)大于O點(diǎn)的電勢(shì) D．一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在O點(diǎn)的電勢(shì)能4．（4分）如圖所示，兩塊較大的平行金屬板A、B水平放置，并通過(guò)電阻R與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，閉合電鍵S，兩板間有一帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A．油滴帶負(fù)電 B．A、B兩板電壓小于E C．若將A板向上平移一小段距離，則油滴向下加速 D．若將B板向左平移一小段位移，則油滴向下加速5．（4分）M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，∠MOP＝90°．在甲圖中，M、N處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，在乙圖中M、P處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面。導(dǎo)線中電流方向如圖所示，電流強(qiáng)度大小相等。則甲、乙兩圖中圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比為（）A． B．1 C． D．26．（4分）如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形閉合金屬線框abc處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)垂直線框平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．當(dāng)線框中通入順時(shí)針?lè)较螂娏鱅時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．bc邊受到的安培力方向垂直于bc邊向上 B．a(chǎn)b邊受到的安培力大小為BIL C．a(chǎn)b邊與bc邊受到的安培力的合力大于ac邊受到的安培力 D．整個(gè)線框所受的安培力的合力為零7．（4分）如圖所示，電動(dòng)機(jī)M與電阻R串聯(lián)后兩端接在電壓恒為U電源上，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻r與電阻R阻值相等，電動(dòng)機(jī)正常工作，下列判斷正確的是（）A．流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于流過(guò)電阻R的電流 B．電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電阻R兩端電壓 C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率大于電阻R的發(fā)熱功率 D．電動(dòng)機(jī)的總功率等于電阻的功率8．（4分）如圖是根據(jù)某次測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作出的路端電壓U與干路電流l的圖線，下列說(shuō)法正確的是（）A．路端電壓U越大，干路電流I越大 B．橫軸截距表示短路電流，即I0＝0.4A C．此電源的內(nèi)阻為5Ω D．此電源的最大輸出功率為0.5W9．（4分）在如圖所示電路中，L1、L2、L3是三只小燈泡，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為0，三只燈泡原來(lái)都能發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．L1變亮，L2亮度不變，L3變暗 B．L1和L2變亮，L3變暗 C．L1的電壓變化的絕對(duì)值等于L3的電壓變化的絕對(duì)值 D．通過(guò)L1的電流變化的絕對(duì)值等于通過(guò)L2的電流變化的絕對(duì)值10．（4分）在地面附近有一豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng)E，一帶電油滴以某初速度從a處運(yùn)動(dòng)到b處，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示，不計(jì)空氣阻力，此過(guò)程中對(duì)油滴描述正確的是（）A．油滴帶正電 B．油滴的動(dòng)能減小 C．油滴的電勢(shì)能減小 D．油滴的動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小11．（4分）如圖所示，兩平行金屬板水平放置，使上板帶上一定量正電荷，下板帶上等量的負(fù)電荷，并在兩板之間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶正電粒子以初速度v0沿垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)的方向，從兩金屬板左端中央水平射入后恰能做直線運(yùn)動(dòng)。粒子重力不計(jì)，則下列判斷正確的是（）A．若只減小粒子的初速度，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng) B．若只改變粒子的電性，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng) C．若只改變粒子的電量，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng) D．若只將粒子的初速度反向，從兩板右端射入，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)12．（4分）如圖，圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．P是圓外一點(diǎn)，OP＝3r。一質(zhì)量為m、電荷量為qq＞0的粒子從P點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于OP射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)圓心O，不計(jì)重力。則下列判斷正確的是（）A．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心位于線段OP的中點(diǎn) B．粒子以垂直于OP連線的方向通過(guò)O點(diǎn) C．粒子的速度小于 D．粒子從P點(diǎn)到O點(diǎn)的時(shí)間大于二、實(shí)驗(yàn)題（共16分）13．（6分）某同學(xué)要做描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A．待測(cè)小燈泡（額定電壓2.5V，額定電流0.5A）B．電流表（量程3A，內(nèi)阻約為0.1Q）C．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）D．電壓表（量程3.0V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．電壓表（量程150V，內(nèi)阻約為50kΩ）F．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100Ω．額定電流50mA）G．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10Q，額定電流1.0A）H．電源（電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）。電鍵及導(dǎo)線等。（1）為了順利完成實(shí)驗(yàn)并能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選用、電壓表選用、滑動(dòng)變阻器選用（均填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的字母）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求選用了合適的器材，并完成部分電路的連接，如圖所示，請(qǐng)你幫他完成其余部分的線路連接（用黑色水筆畫(huà)線表示對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線）閉合電鍵前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P移到端（填“右”或“左”）。14．（10分）圖a為某同學(xué)組裝的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖，圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是定值電阻，R6是可變電阻；是表頭，虛線方框內(nèi)為選擇開(kāi)關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表的選擇開(kāi)關(guān)有5個(gè)擋位，分別為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流10mA擋和25mA擋，歐姆×100Ω擋。（1）圖a中的B端應(yīng)與（選填“紅”或“黑”）色表筆相連接。（2）選擇開(kāi)關(guān)接“1”時(shí)，對(duì)應(yīng)的擋位是。A．直流電流10mA擋B．直流電流25mA擋（3）在某次測(cè)量中，將選擇開(kāi)關(guān)接“3”，該多用電表指針位置如圖b所示，則多用電表讀數(shù)為。（4）該同學(xué)為了較精確地測(cè)量另一定值電阻的阻值Rx，采用如圖c所示的電路，電源電壓U恒定，利用多用電表的電流檔（內(nèi)阻不計(jì)）測(cè)電路電流。閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值R，記錄相應(yīng)的R和多用電表讀數(shù)I，得到R﹣的關(guān)系圖線，如圖d所示。則Rx＝Ω，電源電壓U＝V．三、計(jì)算題(本題有4小題,共36分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式、重要的演算步驟和答案,只寫(xiě)最后答案的不能得分。)15．（7分）如圖所示的閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，燈泡A標(biāo)有“4.5V，3W”，燈泡B標(biāo)有“3V，3W”。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)A、B兩燈均正常發(fā)光。求（1）R的阻值；（2）電源的內(nèi)阻r。16．（8分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E＝6.0V、內(nèi)阻r＝0.5Ω的直流電源?，F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m＝0.05kg的導(dǎo)體棒ab垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0＝2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：（1）導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（2）導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的摩擦力大小（3）若僅將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，求導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的支持力大小。17．（9分）如圖所示，傾角為37°的絕緣斜面AB和絕緣水平面BC平滑連接，斜面與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，斜面AB長(zhǎng)L＝4m，空間存在著平行于斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為10×103N/c?，F(xiàn)有質(zhì)量為m＝1kg，帶電量為+20×10﹣3c的滑塊從A點(diǎn)以初速度6m/s沿斜面下滑。g取10m/s2，求：（1）滑塊在斜面AB運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）滑塊在水平面BC運(yùn)動(dòng)的最大位移。18．（12分）如圖所示，在xOy坐標(biāo)平面內(nèi)，x＜0的區(qū)域存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第一象限與y軸夾角為30°的傾斜直線OM下方和第四象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為m，帶電量為q的粒子在電場(chǎng)中的P點(diǎn)以初速度v0沿x軸正方向射出，恰好經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知P點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣L、L），磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝，不計(jì)粒子重力。求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小；（2）粒子第二次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的坐標(biāo)；（3）粒子從開(kāi)始到第二次經(jīng)過(guò)y軸所經(jīng)歷的時(shí)間。

2018-2019學(xué)年福建省龍巖市一級(jí)達(dá)標(biāo)校高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（12小題,每小題4分,共48分。在每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中,第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求,第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分,選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)或不選的得0分。)1．（4分）發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）A．奧斯特 B．法拉第 C．庫(kù)侖 D．安培【分析】根據(jù)我們對(duì)于法拉第、奧斯特、安培、歐姆這四位科學(xué)家對(duì)于物理所作貢獻(xiàn)的了解來(lái)作答?！窘獯稹拷猓簥W斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體周?chē)嬖诖艌?chǎng)，是第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家；故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】多了解物理學(xué)史，了解科學(xué)家的貢獻(xiàn)，有利于對(duì)培養(yǎng)學(xué)習(xí)物理的興趣。2．（4分）兩個(gè)分別帶有電荷量﹣Q和+3Q的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為r的兩處，它們間的庫(kù)侖力的大小為F．兩小球相互接觸后將其固定在原處，則兩球間庫(kù)侖力的大小為（）A． B．3F C． D．2F【分析】清楚兩小球相互接觸后，其所帶電量先中和后均分．再根據(jù)庫(kù)侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問(wèn)題．【解答】解：接觸前兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力大小為F＝k，兩個(gè)相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開(kāi)，其所帶電量先中和后均分，所以?xún)汕蚍珠_(kāi)后各自帶點(diǎn)為+Q，距離仍不變，則庫(kù)侖力為F′＝k，所以?xún)汕蜷g庫(kù)侖力的大小為F。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查庫(kù)侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問(wèn)題，注意接觸后，間距沒(méi)有變化是解題的關(guān)鍵．3．（4分）如圖所示，M、N為兩個(gè)帶電量相等的正點(diǎn)電荷，在其連線的中垂線上有一點(diǎn)P（規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說(shuō)法中正確的是（）A．P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右 B．P點(diǎn)到O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小 C．P點(diǎn)的電勢(shì)大于O點(diǎn)的電勢(shì) D．一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在O點(diǎn)的電勢(shì)能【分析】M、N為兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷，在O上方，其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向O→P，由于電場(chǎng)線的疏密情況不確定，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化情況不確定，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的，電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)?！窘獯稹拷猓篈、在O上方，在等量同種電荷連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向O→P，故A錯(cuò)誤；B、由于電場(chǎng)線的疏密情況不確定，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化情況不確定，因此P點(diǎn)到O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能先增大后減小，也可能一直減小，故B正確；C、依據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的，因此P點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D、P點(diǎn)的電勢(shì)小于O點(diǎn)的電勢(shì)，帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能大于在O點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要掌握等量異種電荷電場(chǎng)線的分布情況及特點(diǎn)，要抓住電場(chǎng)線的對(duì)稱(chēng)性，要注意在電場(chǎng)線分布情況不確定時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小也不確定。4．（4分）如圖所示，兩塊較大的平行金屬板A、B水平放置，并通過(guò)電阻R與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，閉合電鍵S，兩板間有一帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A．油滴帶負(fù)電 B．A、B兩板電壓小于E C．若將A板向上平移一小段距離，則油滴向下加速 D．若將B板向左平移一小段位移，則油滴向下加速【分析】根據(jù)電場(chǎng)力與重力平衡，則可確定油滴的電性，因電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓不變，即為E，A極板豎直向上平移一小段距離，依據(jù)電容的定義式C＝，分析電容變化，再結(jié)合C＝，并由E＝，分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化，從而即可分析該點(diǎn)油滴的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹拷猓篈、下極板B帶正電，而電場(chǎng)力與重力平衡，則油滴帶正電，故A錯(cuò)誤；B、電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓即等于E，故B錯(cuò)誤；C、由于電壓不變，若將A板向上平移一小段距離，即板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴受到的電場(chǎng)力減小，帶點(diǎn)油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若將B板向左平移一小段位移，依據(jù)電容的定義式C＝，再結(jié)合C＝，并由E＝，則由電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度增強(qiáng)，則電場(chǎng)力增大，則油滴向上加速，故D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，考查分析和判斷能力，掌握電容的定義式與決定式的區(qū)別，注意理解電容器的電壓不變與電量不變的情況。5．（4分）M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，∠MOP＝90°．在甲圖中，M、N處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，在乙圖中M、P處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面。導(dǎo)線中電流方向如圖所示，電流強(qiáng)度大小相等。則甲、乙兩圖中圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比為（）A． B．1 C． D．2【分析】由磁場(chǎng)的疊加可知每根導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度大小，移動(dòng)之后距O點(diǎn)的距離不變，故磁感強(qiáng)度大小不變，根據(jù)矢量的合成法則，及數(shù)學(xué)知識(shí)，即可求解?！窘獯稹拷猓涸O(shè)兩導(dǎo)線在O點(diǎn)各自形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0．則根據(jù)幾何關(guān)系可知，甲圖兩導(dǎo)線形成的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B0，那么乙圖中，兩導(dǎo)線在圓心處的磁場(chǎng)夾角為90°，大小不變，根據(jù)矢量的合成法則，則其在圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B0，因此甲、乙兩圖中圓心處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】磁感強(qiáng)度為矢量，在求合磁感強(qiáng)度時(shí)應(yīng)先分別求得各導(dǎo)線O點(diǎn)的磁感強(qiáng)度再由矢量的合成方法﹣平行四邊形求得總的磁感強(qiáng)度。6．（4分）如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形閉合金屬線框abc處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)垂直線框平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．當(dāng)線框中通入順時(shí)針?lè)较螂娏鱅時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．bc邊受到的安培力方向垂直于bc邊向上 B．a(chǎn)b邊受到的安培力大小為BIL C．a(chǎn)b邊與bc邊受到的安培力的合力大于ac邊受到的安培力 D．整個(gè)線框所受的安培力的合力為零【分析】根據(jù)左手定則判斷安培力的方向，根據(jù)安培力的計(jì)算公式F＝BIL計(jì)算安培力的大小?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)左手定則可知bc邊受到的安培力方向垂直于bc邊向下，故A錯(cuò)誤；B、ab邊受到的安培力大小為F＝BIL，故B錯(cuò)誤；CD、三條邊構(gòu)成閉合的三角形，三邊受到的安培力的合力為零，故ab邊與bc邊受到的安培力的合力等于ac邊受到的安培力，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查安培力的計(jì)算，牢記安培力的計(jì)算公式是解答本題的關(guān)鍵。7．（4分）如圖所示，電動(dòng)機(jī)M與電阻R串聯(lián)后兩端接在電壓恒為U電源上，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻r與電阻R阻值相等，電動(dòng)機(jī)正常工作，下列判斷正確的是（）A．流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于流過(guò)電阻R的電流 B．電動(dòng)機(jī)兩端電壓大于電阻R兩端電壓 C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率大于電阻R的發(fā)熱功率 D．電動(dòng)機(jī)的總功率等于電阻的功率【分析】電動(dòng)機(jī)M與電阻R串聯(lián)，電流相等，根據(jù)焦耳定律分析放出的熱量關(guān)系。R是純電阻電路，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，根據(jù)歐姆定律分析R的電壓與電流的關(guān)系，判斷電動(dòng)機(jī)兩端電壓的關(guān)系。根據(jù)能量守恒定律分析消耗的功率關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、電動(dòng)機(jī)M與電阻R串聯(lián)，電流相等，故A錯(cuò)誤；B、設(shè)電動(dòng)機(jī)M線圈電阻與電阻R的電阻均為R，電路中電流為I，根據(jù)歐姆定律得：電阻兩端的電壓UR＝IR，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，其電壓UM＞IR，則有UM＞UR，所以電阻兩端電壓小于電動(dòng)機(jī)兩端電壓，故B正確。C、電阻相等，根據(jù)P＝I2R可知，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率等于電爐的發(fā)熱功率，故C錯(cuò)誤；D、電動(dòng)機(jī)消耗的功率PM＝UMI，電阻消耗的功率PR＝URI，UM＞UR，則PM＞UR，即電動(dòng)機(jī)消耗的功率大于電爐消耗的功率，故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題中電爐是純電阻電路，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，兩個(gè)電路焦耳定律都適用，但歐姆定律只適用于電爐，不適用于電動(dòng)機(jī)。8．（4分）如圖是根據(jù)某次測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)作出的路端電壓U與干路電流l的圖線，下列說(shuō)法正確的是（）A．路端電壓U越大，干路電流I越大 B．橫軸截距表示短路電流，即I0＝0.4A C．此電源的內(nèi)阻為5Ω D．此電源的最大輸出功率為0.5W【分析】由閉合電路歐姆定律可得出路端電壓與電流的關(guān)系，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。當(dāng)外電路電阻為零，外電路短路?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)I＝知，U越大，電流越小，故A錯(cuò)誤；B、由圖示圖象可知，外電路電壓為1.2V時(shí)，電路電流為0.4A，橫軸截距不是短路電流，故B錯(cuò)誤；C、圖象的斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻，電源內(nèi)阻r＝＝Ω＝2Ω，故C錯(cuò)誤；D、圖象與縱軸截距的坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，由圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)E＝2V，最大輸出功率為Pm＝＝0.5W，故D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題在測(cè)定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)中，作為數(shù)據(jù)處理的方法，是實(shí)驗(yàn)重點(diǎn)考查內(nèi)容，應(yīng)結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行理解，此題要注意縱坐標(biāo)的起始坐標(biāo)不為零。9．（4分）在如圖所示電路中，L1、L2、L3是三只小燈泡，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為0，三只燈泡原來(lái)都能發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．L1變亮，L2亮度不變，L3變暗 B．L1和L2變亮，L3變暗 C．L1的電壓變化的絕對(duì)值等于L3的電壓變化的絕對(duì)值 D．通過(guò)L1的電流變化的絕對(duì)值等于通過(guò)L2的電流變化的絕對(duì)值【分析】由圖可知L3與R串聯(lián)后與L2并聯(lián)，再與R0、L1串聯(lián)；由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；將R0、L1作為內(nèi)電阻處理，由U＝E﹣Ir可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關(guān)系。【解答】解：A、B當(dāng)滑片左移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)電壓及R0、L1兩端的電壓增大，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過(guò)L3的電流增大，故L3變亮；故A錯(cuò)誤；B、L2電壓變化量大小與L1電流變化量大小比值即為電源的內(nèi)阻，電阻R0及燈泡L1的電阻之和，因此比值不變，B正確；C、因L1中電流增大，L3中電流增大，而L2中電流減?。婚_(kāi)始時(shí)有：I1＝I2+I3，故I1電流的變化值一定小于L3中電流的變化值；故C正確；D、因并聯(lián)部分的電壓與L1、R0及內(nèi)電阻上的總電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)；L2兩端的電壓減小，L1、R0及內(nèi)阻r兩端的電壓增大，而電動(dòng)勢(shì)不變，故L1上電壓變化值小于L2上的電壓變化值，故D錯(cuò)誤；故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題不但考查電路中各量的變化方向，還考查了各電阻中電流及電壓的變化值，題目較為新穎，要求學(xué)生能靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的電流電壓規(guī)律及閉合電路的歐姆定律。10．（4分）在地面附近有一豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng)E，一帶電油滴以某初速度從a處運(yùn)動(dòng)到b處，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示，不計(jì)空氣阻力，此過(guò)程中對(duì)油滴描述正確的是（）A．油滴帶正電 B．油滴的動(dòng)能減小 C．油滴的電勢(shì)能減小 D．油滴的動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小【分析】根據(jù)軌跡的凹向確定合力的方向，從而得出帶電液滴所受合外力情況，進(jìn)而根據(jù)牛頓第二定律判斷產(chǎn)生的加速度；根據(jù)產(chǎn)生的加速度和速度的關(guān)系，即可判斷物體的運(yùn)動(dòng)形式；根據(jù)能量守恒得出機(jī)械能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和的變化。【解答】解：A、根據(jù)軌跡的凹向確定合力的方向?yàn)橄蛏?，故油滴帶?fù)電，故A錯(cuò)誤；B、由軌跡可知，合力做正功，則動(dòng)能增加，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)能量守恒知，機(jī)械能和電勢(shì)能之和不變，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C正確；D、根據(jù)能量守恒知，重力勢(shì)能增加，則動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小，故D正確；故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道合力大致指向軌跡的凹向，知道合力做功與動(dòng)能的關(guān)系，以及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系。11．（4分）如圖所示，兩平行金屬板水平放置，使上板帶上一定量正電荷，下板帶上等量的負(fù)電荷，并在兩板之間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶正電粒子以初速度v0沿垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)的方向，從兩金屬板左端中央水平射入后恰能做直線運(yùn)動(dòng)。粒子重力不計(jì)，則下列判斷正確的是（）A．若只減小粒子的初速度，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng) B．若只改變粒子的電性，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng) C．若只改變粒子的電量，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng) D．若只將粒子的初速度反向，從兩板右端射入，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)【分析】帶電粒子原來(lái)做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛倫茲力二力平衡，當(dāng)粒子的速度、電性、電量變化時(shí)將改變洛倫茲力，分析洛倫茲力的變化，判斷粒子的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹拷猓簬щ娏Ｗ釉瓉?lái)做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛倫茲力二力平衡，有qv0B＝qE．帶電粒子所受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力方向向下，A、若只減小粒子的初速度，電場(chǎng)力不變，有qv0B＜qE，粒子將向下偏轉(zhuǎn)，粒子不能做直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、若只改變粒子的電性，電場(chǎng)力與洛倫茲力的方向都改變，但大小不變，仍然平衡，粒子仍然做做直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、若只改變粒子的電量，電場(chǎng)力與洛倫茲力仍然滿(mǎn)足二力平衡，粒子仍能做直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若只將粒子的初速度反向，從兩板右端射入，電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向都向上，不能做直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)共存區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，往往既要受到電場(chǎng)力作用，又要受到洛侖茲力作用。這兩個(gè)力的特點(diǎn)是，電場(chǎng)力是恒力，而洛侖茲力的大小、方向隨速度變化。若二力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)。若二力不平衡，則帶電粒子所受合外力不可能為恒力，因此帶電粒子將做復(fù)雜曲線運(yùn)動(dòng)。12．（4分）如圖，圓心為O、半徑為r的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．P是圓外一點(diǎn)，OP＝3r。一質(zhì)量為m、電荷量為qq＞0的粒子從P點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于OP射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過(guò)圓心O，不計(jì)重力。則下列判斷正確的是（）A．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心位于線段OP的中點(diǎn) B．粒子以垂直于OP連線的方向通過(guò)O點(diǎn) C．粒子的速度小于 D．粒子從P點(diǎn)到O點(diǎn)的時(shí)間大于【分析】畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出軌跡半徑；以此討論各個(gè)選項(xiàng)即可?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)題意，畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由幾何關(guān)系有：（3r﹣R）2＝R2+r2解得：R＝，不是OP的中點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B、由圖得：tanθ＝＝，θ＝37°，所以粒子與OP連線的夾角為90°﹣37°＝53°，故B錯(cuò)誤；C、由R＝，又R＝，得v＝＜，故C正確；D、粒子在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)的位移為r，在圓形區(qū)域內(nèi)θ角對(duì)應(yīng)的弧長(zhǎng)x＝解得：x≈0.8r＜r，所以粒子從P點(diǎn)到O點(diǎn)的時(shí)間大于，故D正確。故選：CD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，知道洛倫茲力提供粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，關(guān)鍵是畫(huà)軌跡，確定圓心和半徑，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解。二、實(shí)驗(yàn)題（共16分）13．（6分）某同學(xué)要做描繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A．待測(cè)小燈泡（額定電壓2.5V，額定電流0.5A）B．電流表（量程3A，內(nèi)阻約為0.1Q）C．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）D．電壓表（量程3.0V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．電壓表（量程150V，內(nèi)阻約為50kΩ）F．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100Ω．額定電流50mA）G．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10Q，額定電流1.0A）H．電源（電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）。電鍵及導(dǎo)線等。（1）為了順利完成實(shí)驗(yàn)并能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選用C、電壓表選用D、滑動(dòng)變阻器選用G（均填寫(xiě)實(shí)驗(yàn)器材前的字母）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求選用了合適的器材，并完成部分電路的連接，如圖所示，請(qǐng)你幫他完成其余部分的線路連接（用黑色水筆畫(huà)線表示對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線）閉合電鍵前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P移到左端（填“右”或“左”）?！痉治觥浚?）根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表，為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。（2）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置。【解答】解：（1）燈泡額定電流為0.5A，電流表應(yīng)選擇C；燈泡額定電壓為2.5V，電壓表應(yīng)選擇D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇G；（2）描繪小燈泡的伏安特性曲線，測(cè)量范圍較大，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，小燈泡的阻值相對(duì)于電流表內(nèi)阻來(lái)說(shuō)很小，電流表應(yīng)采用外接法，據(jù)此完善電路圖如圖所示：由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于左端。故答案為：（1）CDG；（2）如圖所示，左?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置。14．（10分）圖a為某同學(xué)組裝的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖，圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是定值電阻，R6是可變電阻；是表頭，虛線方框內(nèi)為選擇開(kāi)關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表的選擇開(kāi)關(guān)有5個(gè)擋位，分別為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流10mA擋和25mA擋，歐姆×100Ω擋。（1）圖a中的B端應(yīng)與紅（選填“紅”或“黑”）色表筆相連接。（2）選擇開(kāi)關(guān)接“1”時(shí)，對(duì)應(yīng)的擋位是B。A．直流電流10mA擋B．直流電流25mA擋（3）在某次測(cè)量中，將選擇開(kāi)關(guān)接“3”，該多用電表指針位置如圖b所示，則多用電表讀數(shù)為1.1×103Ω。（4）該同學(xué)為了較精確地測(cè)量另一定值電阻的阻值Rx，采用如圖c所示的電路，電源電壓U恒定，利用多用電表的電流檔（內(nèi)阻不計(jì)）測(cè)電路電流。閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值R，記錄相應(yīng)的R和多用電表讀數(shù)I，得到R﹣的關(guān)系圖線，如圖d所示。則Rx＝200Ω，電源電壓U＝8V．【分析】（1）歐姆表內(nèi)置電源的正極與黑表筆相連，紅表筆與負(fù)極相連，分析圖示電路圖答題。（2）表頭與分流電阻并聯(lián)可以改裝成電流表，分流電阻阻值越大，電流表量程越小。（3）根據(jù)多用電表所測(cè)量的量與量程確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)。（4）由閉合電路的歐姆定律求得到R﹣的關(guān)系式，據(jù)圖線結(jié)合關(guān)系式求各量值?！窘獯稹拷猓海?）由圖（a）所示電路圖可知，B與歐姆表內(nèi)置電源的負(fù)極相連，B為紅表筆。（2）由圖（a）所示電路圖可知，開(kāi)關(guān)S接位置1時(shí)，分流電阻較小，此時(shí)電流擋的量大程；即B正確，（3）接1時(shí)為歐姆檔，讀數(shù)為：1.1×103Ω，（4）由閉合電路歐姆定律得：U＝I（Rx+R）得R＝﹣Rx圖線的斜率為U＝＝8v，截距為Rx＝200Ω故答案為：（1）紅（2）B（3）1.10×103Ω（4）200，8【點(diǎn)評(píng)】會(huì)規(guī)范使用多用電表，能正確讀出多用電表的示數(shù)，是解決本題的關(guān)鍵，在平時(shí)實(shí)驗(yàn)訓(xùn)練過(guò)程中要多加注意規(guī)范操作和正確使用，多用電表的讀數(shù)，重點(diǎn)是分清測(cè)量的物理量不同，讀數(shù)方法不同，電壓、電流對(duì)應(yīng)量程、電阻是倍率；要特別注意。三、計(jì)算題(本題有4小題,共36分。解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式、重要的演算步驟和答案,只寫(xiě)最后答案的不能得分。)15．（7分）如圖所示的閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，燈泡A標(biāo)有“4.5V，3W”，燈泡B標(biāo)有“3V，3W”。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)A、B兩燈均正常發(fā)光。求（1）R的阻值；（2）電源的內(nèi)阻r?！痉治觥棵鞔_電路結(jié)構(gòu)，由B燈正常發(fā)光可得電流IB，由歐姆定律可得R的電壓從而得出A燈的電壓由歐姆定律即可求得R的阻值，根據(jù)A燈求出A在的之路的電流，從而知總電流，由全電路歐姆定律求得r的阻值?！窘獯稹拷猓毫鬟^(guò)R及B燈的電流IB＝＝A＝1A所以R＝＝Ω＝1.5Ω流過(guò)A燈的電流IA＝＝A＝A由閉合電路歐姆定律：E＝UA+（IA+IB）r解得：r＝0.9Ω答：（1）R的阻值為1.5Ω；（2）電源的內(nèi)阻r為0.9Ω?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于直流電路的計(jì)算問(wèn)題，往往先求出局部的電阻，再求出外電路總電阻，根據(jù)歐姆定律求出路端電壓和總電流，再計(jì)算各部分電路的電壓和電流。16．（8分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.4m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在空間內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E＝6.0V、內(nèi)阻r＝0.5Ω的直流電源?，F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m＝0.05kg的導(dǎo)體棒ab垂直放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0＝2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：（1）導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（2）導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的摩擦力大?。?）若僅將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，求導(dǎo)體棒受到金屬導(dǎo)軌的支持力大小?！痉治觥浚?）根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流強(qiáng)度，根據(jù)安培力的計(jì)算公式求解；（2）畫(huà)出導(dǎo)體棒受力示意圖，將重力正交分解，根據(jù)平衡條件求解摩擦力的大小和方向；（3）若將磁場(chǎng)方向改為豎直向上，根據(jù)平衡條件進(jìn)行解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I＝＝2A導(dǎo)體棒受到的安培力：F安＝BIL＝0.40N（2）導(dǎo)體棒所受重力沿斜面向下的分力F1＝mgsin37°＝0.3N由于F1小于F安，故導(dǎo)體棒受沿斜面向下的摩擦力f，受力如圖。根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件mgsin37°+f＝F安f＝0.1N（3）對(duì)導(dǎo)體棒受力分析如圖，受豎直向下的重力mg、水平向右的安培力BIL和垂直導(dǎo)軌向上的支持力N由正交分解得：N＝mgc