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文檔簡介
廣西“智桂杯”2022屆高三上學(xué)期理數(shù)大數(shù)據(jù)精準診斷性大聯(lián)考試卷
閱卷人
-------------------、單選題(共12題;共24分)
得分
1.(2分)(2022高三上?)已知集合/={久|田<3},B={-3,-2,0,2,3},則ACB=()
A.{-2,2}B.{-2,0}
C.{-2,0,2}D.{一3,-2,0,2,3}
【答案】C
【解析】【解答】由|%|<3得—3<x<3,所以4={x||x|<3}={x[—3<x<3},又因為B=
{-3,-2,0,2,3),所以ACB={-2,0,2}。
故答案為:C
【分析】利用絕對值不等式求解方法求出集合A,再利用交集的運算法則求出集合A和集合B的交
集。
2.(2分)(2022高三上)已知復(fù)數(shù)2=,,貝弦在復(fù)平面上對應(yīng)的點在()
L—L
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D(zhuǎn).第四象限
【答案】B
【解析】【解答】因為z=Q=百練非"=二為=一4+全,
JL—I(JL—I八JL十ZLL
所以z=-3,
所以z在復(fù)平面上對應(yīng)的點為(-與》,
所以Z在復(fù)平面上對應(yīng)的點在第二象限。
故答案為:B
【分析】利用復(fù)數(shù)的乘除法運算法則求出復(fù)數(shù)z,再利用復(fù)數(shù)的幾何意義求出復(fù)數(shù)對應(yīng)的點的坐標,
再結(jié)合點的坐標確定點所在的象限。
3.(2分)(2022高三上?)在平面直角坐標系中,若角a的頂點在原點,始邊在%軸的正半軸,終邊在
第二象限,則下列三角函數(shù)值中大于零的是()
A.sin(a-%)B.cos(a+今
C?sin(7T+a)D.—cos(7r—a)
【答案】A
【解析】【解答】由誘導(dǎo)公式有sin(a-芻=-cosa,又因為a為第二象限角,cosa<0,.1.sin(a-
今)>0;由誘導(dǎo)公式有cos(a+*)=-sina,又因為a為第二象限角,sina>0,二cos(a+*)<0;
由誘導(dǎo)公式有sin(?r+a)=—sina,又因為a為第二象限角,sina>0,sin(7T+a)<0;由誘導(dǎo)公
式有—cos(?r—a)=cosa,又因為a為第二象限角,cosa<0,—cos(7r—a)<0O
故答案為:A.
【分析】利用已知條件結(jié)合誘導(dǎo)公式,再利用三角函數(shù)值在各象限的符號,從而找出三角函數(shù)值中
大于零的選項。
4.(2分)(2022高三上?)下列命題是真命題的是()
A.有甲、乙、丙三種個體按3:1:2的比例分層抽樣調(diào)查,如果抽取的甲個體數(shù)為9,則樣本容量
為30
B,若甲組數(shù)據(jù)的方差為5,乙組數(shù)據(jù)的方差為7,則這兩組數(shù)據(jù)中較穩(wěn)定的是乙
C.數(shù)據(jù)1,2,3,4,4,5的平均數(shù)、中位數(shù)相同
D.數(shù)據(jù)1,2,2,2,3,4,4,4,5,5,6的眾數(shù)是2和4
【答案】D
【解析】【解答】解:對于A:樣本容量為9+喬泊=18,A不符合題意;
對于B:方差越小數(shù)據(jù)越集中,故甲較穩(wěn)定,B不符合題意;
對于C:數(shù)據(jù)1,2,3,4,4,5的平均數(shù)為表1+2+3+4+4+5)=容中位數(shù)為竽=幺C
不符合題意;
對于D:數(shù)據(jù)1,2,2,2,3,4,4,4,5,5,6的眾數(shù)是2和4,D符合題意;
故答案為:D
【分析】利用已知條件結(jié)合分層抽樣的方法,再結(jié)合方差的求解方法結(jié)合方差與穩(wěn)定性的關(guān)系,再
利用平均數(shù)和中位數(shù)公式、眾數(shù)定義,進而找出真命題的選項。
5.(2分)(2022高三上)某幾何體的三視圖如圖所示(圖中小正方形的邊長為1),則該幾何體的體
積為()
【解析】【解答】由三視圖知,原幾何體是棱長為6的正方體中的三棱錐ABC,且AB=3,
由正方體的性質(zhì)可知:SMBC=;X3x6=9,三棱錐D-/BC的底面ABC上的高為6,
二該幾何體的體積為V=|x9x6=18o
故答案為:C.
【分析】利用已知條件,由三視圖知原幾何體是棱長為6的正方體中的三棱錐。-ABC,且AB=3,
由正方體的性質(zhì)結(jié)合三角形的面積公式可知三角形4ABC的面積和三棱錐D-ABC的底面ABC上的
高為6,再結(jié)合三棱錐的體積公式求出該幾何體的體積。
6.(2分)(2022高三上)已知征了均為單位向量,若口一2瓦=8,則向量五與另的夾角為()
A.JB.JC.穹D.至
bJ36
【答案】B
【解析】【解答】由「一2百=8,得|五_24=3,
即五2+4fe2—4a-b=3'
設(shè)單位向量五與石的夾角為0,
則有1+4—4cos8=3,
解得COS8=4又因為g0,兀],所以吟。
故答案為:B
【分析】利用已知條件結(jié)合單位向量的定義,再結(jié)合數(shù)量積求向量的模的公式,再利用數(shù)量積的運
算法則結(jié)合數(shù)量積的定義,從而求出單位向量方與B的夾角的余弦值,再利用兩向量夾角的取值范
圍,進而求出向量4與B的夾角。
7.(2分)橢圓需+g=i的焦點為尸1,&,點P在橢圓上,若\PF2\=2,貝1JN&PF2的大
小為()
A.150°B.135°C.120°D.90°
【答案】C
【解析】【解答】由題意,I&F2I=2V7.|PFi|+\PF2\=6,又\PF2\=2,則\PFX\=4,
777
由余弦定理可得……f2:騎槌產(chǎn)=-1.
=
故ZF1PF2=120°.
故答案為:C.
【分析】根據(jù)橢圓的定義可得|PF1|=4,|FiFz|=2位,再利用余弦定理即可得到結(jié)論.
8.(2分)(2022高三上)被譽為信息論之父的香農(nóng)提出了一個著名的公式:C=Wlog2(l+》),其
中C為最大數(shù)據(jù)傳輸速率,單位為bit/s;W為信道帶寬,單位為Hz;點為信噪比.香農(nóng)公式在5G技術(shù)
中發(fā)揮著舉足輕重的作用.當全=99,W=2000Hz時,最大數(shù)據(jù)傳輸速率記為的;在信道帶寬不變
的情況下,若要使最大數(shù)據(jù)傳輸速率翻一番,則信噪比變?yōu)樵瓉淼亩嗌俦叮ǎ?/p>
A.2B.9C.99D.101
【答案】D
【解析】【解答】當》=99,W=2000Hz時,
s
Cl=WZlog2(l+給=20001og2(l+99)=40001og210,
c
由80001og210=20001og2(l+書),
得410g210=log2(l+,).所以需=9999,
所以黑101,即信噪比變?yōu)樵瓉淼?01倍。
故答案為:D
【分析】利用已知條件結(jié)合對數(shù)的運算法則,從而得出信噪比變?yōu)樵瓉淼谋稊?shù)。
9.(2分)(2020高二下?瀘縣月考)已知定點B(3,0),點4在圓(%4-I)2+y2=4上運動,則線
段AB的中點M的軌跡方程是()
A.(%+I)2+y2=1B.(%—2)2+y2=4
C.(x—l)2+y2=1D.(x+2)2+=4
【答案】C
【解析】【解答】設(shè)M(x,y),則火孫,后)滿足(當已孕)=(“).故芻丁.故做2支一
3,2y).
又點A在圓(%+I,+y2=4上.故(2%-3+I)2+(2y)2=4=>(x-I)2+y2=1.
故選:C
2
【分析】設(shè)M(x,y)再表達出A的坐標代入圓方程(x+l)+y2=4化簡即可.
10.(2分)(2022高三上?)函數(shù)/(%)=Asin3%+⑴)(3>0,切<今)的部分圖象如圖所示,/(%)
的圖象與y軸交于M點,與無軸交于C點,點N在/(久)的圖象上,點M、N關(guān)于點C對稱,則下列說法中
正確的是()
B.函數(shù)/(%)的最小正周期是2兀
C.函數(shù)人乃的圖象關(guān)于直線%=穿對稱
O
D.函數(shù)/(x)的圖象向右平移著后,得到函數(shù)g(x)的圖象,則g(x)為偶函數(shù)
【答案】A
【解析】【解答】點M、N關(guān)于點C對稱,貝憶[,0),T=2-(5+J)=7r,所以B不符合題意;
由3=竿=2,可得/(%)=Zsin(2x+0),代入(金,/),可得sin/+@)=1,
解得8=界2/OT,kEZ,\(p\<則0即/'(x)=4sin(2x+&),
因為/(%=4sin(等+9=0,所以/(%)的圖象關(guān)于點管,0)對稱,C不符合題意;
由圖象可得/(%)在《+卜兀,烏+人兀),kCZ遞減,則/(%)在(萼,粵)遞減,所以A符合題意;
函數(shù)/(%)的圖象向右平移系后,可得g(x)=Asin2x,是奇函數(shù),D不符合題意.
故答案為:A
【分析】利用已知條件結(jié)合正弦型函數(shù)的部分圖象,進而求出正弦型函數(shù)的解析式,再利用換元法
將正弦型函數(shù)轉(zhuǎn)化為正弦函數(shù),再利用正弦函數(shù)的單調(diào)性,進而求出正弦型函數(shù)在區(qū)間(竽,岑)上的
單調(diào)性,利用正弦型函數(shù)的最小正周期公式,進而求出正弦型函數(shù)的最小正周期,再利用換元法將
正弦型函數(shù)轉(zhuǎn)化為正弦函數(shù),再利用正弦函數(shù)的對稱性,進而求出正弦型函數(shù)的對稱軸,利用已知
條件結(jié)合正弦型函數(shù)的圖象變換,從而得出函數(shù)g(x)的圖象,再結(jié)合偶函數(shù)的圖象的對稱性,進而
判斷出函數(shù)g(x)為偶函數(shù),進而找出說法正確的選項。
11.(2分)(2022高三上)甲、乙、丙、丁4人站到共有4級的臺階上,若每級臺階最多站2人,
同一級臺階上的人不區(qū)分站的位置,則不同的站法總數(shù)是()
A.204B.84C.66D.60
【答案】A
【解析】【解答】解:因為甲、乙、丙、丁4人站到共有4級的臺階上,且每級臺階最多站2人,所
以分為3類:
第一類,甲、乙、丙、丁各自站在一個臺階上,共有:牖=24種站法;
第二類,有2人站在同一臺階上,剩余2人站在另一個臺階上,共有:寵1.以?度=36種站法;
第三類,有2人站在同一臺階上,剩余2人各自站在一個臺階上,共有:或以“=144,
所以每級臺階最多站2人,同一級臺階上的人不區(qū)分站的位置的不同的站法總數(shù)是24+36+144=
204o
故答案為:A
【分析】利用已知條件結(jié)合分類加法計數(shù)原理,再利用分組的方法結(jié)合組合數(shù)公式和排列數(shù)公式,
進而求出不同的站法總數(shù)。
12.(2分)(2022高三上)已知關(guān)于工的函數(shù)/(%)=bx2-2bx+\x-l\+b2+b-4有唯一零點x=
a,貝必+b=()
A.-1B.3C.-l或3D.4
【答案】B
【解析】【解答】/(%)=b(x-l)2+|x-1|4-62-4,令t=x-l,
則有g(shù)(t)=bt2+|t|+b2-4是偶函數(shù),
若只有唯一零點,則必過原點,即g(0)=0,從而匕=+2,
當b=—2時,有3個零點,舍去,
故b=2,此時t=a—1=0,貝Ija=1,故a+b=3。
故答案為:B
【分析】利用/(%)=b(x-1)2+1%-1|+匕2-4,令t=%-1,得出g(t)=況2+田+爐一4,再
利用已知條件結(jié)合偶函數(shù)的定義,從而判斷出函數(shù)9(。=尻2+田+匕2—4是偶函數(shù),若只有唯一
零點,則必過原點,即g(0)=0,再結(jié)合代入法得出b的值,再利用分類討論的方法結(jié)合函數(shù)求零
點的方法,進而結(jié)合已知條件,從而求出a的值,進而求出a+b的值。
閱卷入
二、填空題(共4題;共4分)
得分
(2x—y>4
13.(1分)(2022高三上)已知實數(shù)x,y滿足|x+2yW4,貝Ijz=3%一2y的最小值是
[y<o
【答案】6
【解析】【解答】畫出不等式組表示的可行域,如圖中陰影部分所示.
由z=3x-2y可得y=1-
平移直線y=|x結(jié)合圖形可得,當直線y=|x-*經(jīng)過可行域內(nèi)的點A時,直線在y軸上的
截距最大,此時z取得最小值,
由題意得A點坐標為(2,0),
,,^min=3x2=6,
即z=3x-2y的最小值是60
故答案為6。
【分析】利用二元一次不等式族組畫出可行域,再利用可行域找出最優(yōu)解,再結(jié)合最優(yōu)解求出線性
目標函數(shù)的最小值。
14.(1分)(2022高三上)已知△ABC,點。在BC的延長線上,且AB=47=2,CD=1,AD=
V7,則△ABC的面積為.
【答案】V3
【解析】【解答】在△4C0中,AC=2,CD=1,AD=用、
222
由余弦定理可知,AC-{-CD-AD_4+1_7_1
2AC-CD=2x2x1-2
又因為N/CD€(0,兀),所以N4CD=等,所以N4CB=不
又因為=AC=2,所以△ABC為等邊三角形,
所以△ABC的面積為3x2x2xsinJ=V3o
故答案為:V3o
【分析】利用已知條件結(jié)合余弦定理得出cosNHCD的值,再利用三角形中角的取值范圍,所以
ZACDe(0,/r),進而求出N4CD的值,進而結(jié)合兩角互補的性質(zhì),從而求出NACB的值,再利用
AB=AC=2結(jié)合N4CB的值,所以△ABC為等邊三角形,再利用三角形的面積公式結(jié)合三角形的形
狀,進而求出三角形a/BC的面積。
15.(1分)(2022高三上)已知雙曲線C:馬一g=1的左'右焦點分別為鼻、/2,點P在雙曲線上,
淤b
△P&F2的內(nèi)切圓圓心為/,且滿足兩?隔=可?隔,PF2IF/2,則雙曲線。的離心率
為.
【答案】V2+1
【解析】【解答】由兩.麗=可?兩,即兩?麗一可?時=0,即時?(配一可)=可]
2
斤7=0,所以PF11/尸2,又因為/尸2是NPF20的角平分線,所以&F2=PF2,即2C=J,即2ac=
a
b2,所以c?—a2=2ac,從而e2—2e—1=0,解得e=應(yīng)+1或6=—a+1(舍去)。
故答案為:魚+1。
【分析】由兩?麗=可?兩結(jié)合數(shù)量積的運算法則和兩向量垂直數(shù)量積為0的等價關(guān)系,所以
PFi1/F2,再利用/F2是NPBa的角平分線,所以%&=「尸2,再利用焦距的定義結(jié)合兩點距離公
式,從而得出2ac=b2,再利用雙曲線中a,b,c三者的關(guān)系式,所以c?一a?=2ac,再結(jié)合雙曲線的
離心率公式變形,進而解方程結(jié)合雙曲線的離心率的取值范圍,從而求出雙曲線的離心率的值。
16.(1分)(2022高三上)已知正四面體P—ABC的棱長為3/,點。分別為24,PB,PC上靠近P
的三等分點,平面DEF截正四面體P-4BC的外接球所得截面的面積為.
【答案】等
【解析】【解答】過P作PQJ?平面4BC于Q,交平面DEF于G.
p
根據(jù)對稱性,球心在線段PQ上,設(shè)球心為。,連接0B,已知正四面體P-ABC的棱長為3夜,則
PB=3A/2,BQ=V6,PQ=2A/3,設(shè)球半徑為R,則OQ=2百一R,在^OQB中由勾股定理,R*2=
(26—R,+6,解得/?=芋,點分別為PA,PB,PC上靠近P的三等分點,易得小四面體的高
PG=攣,則OG=OP-PG=^,平面。"截球所得的圓半徑「2=解一"2=珞則截得的圓
363
面積為導(dǎo)。
故答案為:學(xué),
【分析】過P作PQJL平面/BC于Q,交平面DEF于G,根據(jù)對稱性,球心在線段PQ上,設(shè)球心為0,
連接。8,已知正四面體P-力BC的棱長為3魚,從而求出PB,BQ,PQ的值,設(shè)球的半徑為R,進而
得出0Q=2通-R,在三角形40QB中,由勾股定理得出球的半徑,再利用點。,瓦口分別為
P4PB,PC上靠近P的三等分點,從而易得小四面體的高,進而結(jié)合幾何法求出0G的長,再結(jié)合勾
股定理得出平面?!敖厍蛩玫膱A的半徑M=R2一0G2=學(xué)再利用圓的面積公式,進而求出截得
的圓的面積。
閱卷入
—三、解答題(共7題;共70分)
得分
17.(10分)(2022高三上)已知等差數(shù)列{an}滿足的=9,+CLQ=22.
(1)(5分)求的通項公式;
(2)(5分)等比數(shù)列{%}的前n項和為%,且比=的,再從下面①②③中選取兩個作為條件,
求滿足又<2021的n的最大值.
①匕3=01+02;②S3=7;③刈+1>bn.
(注:若選擇不同的組合分別解答,則按第一個解答計分.)
【答案】(1)解:設(shè)等差數(shù)列{即}的公差為d,因(14+。8=22,貝IJ2a6=22,即a6=11,于是得
d=a6—a5=ll—9=2,
從而有即=a5+(n-5)x2=2n-1,
所以{。九}的通項公式是冊=2n-1.
(2)解:選擇①②:設(shè)等比數(shù)列{,}的公比為q,
因b1=。1,b3=ar+a2,由⑴知,3=1,%=4,而S3=7,則歷=S3-①一優(yōu)=2,即有q=
”=2
比’
于是得?=比仁武)=2"-1,因Sn<2021,即2"-1<2021,而neN*,解得nW10,貝IJ
幾max=10,
所以滿足%<2021的九的最大值為1().
選擇①③:設(shè)等比數(shù)列{g}的公比為q,
因打=。1,仇=。1+。2,由(1)知,則比=1,b3=4,由q2=1^=4,解得q=±2,又力幾+i>
bn,則有q=2,
于是得s=比七,=2"-1,因Sn<2021,即2"-1<2021,而nCN*,解得nS10,貝IJ
幾max=1°,
所以滿足又<2021的九的最大值為10.
選擇②③:設(shè)等比數(shù)列{%}的公比為小
因S3=7,由(1)知,br=1,則l+q+q2=7,解得q=2或q=-3,而“+〔>b九,則有q=2,
于是得Sn=勺在滬=2“一1,因Sn<2021,即邛一1<2021,而nCN*,解得nW10,貝IJ
Fax=10.
所以滿足Sn<2021的門的最大值為10.
【解析】【分析】(1)利用已知條件結(jié)合等差數(shù)列的性質(zhì),進而求出等差數(shù)列的第六項的值,再利用
等差數(shù)列的性質(zhì),進而求出公差,再結(jié)合等差數(shù)列的性質(zhì),進而求出等差數(shù)列的通項公式。
(2)選擇①②:設(shè)等比數(shù)列{也}的公比為q,再利用必=%,3=由+。2,由⑴知,瓦=1,
加=4,再利用S3=7,從而結(jié)合等比數(shù)列的前n項和公式結(jié)合等比數(shù)列的通項公式,進而求出公比
的值,再結(jié)合等比數(shù)列前n項和公式結(jié)合Sn<2021,再利用neN*,從而求出n的取值范圍,進而
求出n的最大值,從而得出滿足又<2021的n的最大值;
a
選擇①③:設(shè)等比數(shù)列{%}的公比為q,再利用比=。1,b3=i+02>由⑴知,則d=1,3=
4,再利用等比數(shù)列的通項公式求出公比的值,再結(jié)合"+i>b”,從而結(jié)合數(shù)列的單調(diào)性,進而求出
滿足要求的公比的值,再利用等比數(shù)列前n項和公式結(jié)合Sn<2021,再利用neN*,從而求出n的
取值范圍,進而求出n的最大值,從而得出滿足Sn<2021的n的最大值;
選擇②③:設(shè)等比數(shù)列{時}的公比為q,再利用S3=7,由(1)知,>=1,再結(jié)合等比數(shù)列前n項
和公式,從而求出公比的值,再利用九+i>",從而結(jié)合數(shù)列的單調(diào)性,進而求出滿足要求的公比
的值,再利用等比數(shù)列前n項和公式結(jié)合又<2021,再利用neN*,從而求出n的取值范圍,進而
求出n的最大值,從而得出滿足S”<2021的n的最大值。
18.(10分)(2022高三上)某網(wǎng)站統(tǒng)計了某網(wǎng)紅螺獅粉在2020年7月至11月的總銷售量y(單
位:萬),得到以下數(shù)據(jù):
月份工7891011
銷售量y1012111220
乏\~y廣Tl1(勺一乃(無一,)
(參考公式:相關(guān)系數(shù),
▽“,.參考數(shù)據(jù):內(nèi)“3.162,線性回歸方
〉。尸)>⑶「力
乙=1。=1
七1(石一工)0「力乙日勺乃一九句
程:9=8%+6,其中°=--="77,a=y-bx)
〉(%j—%)〉xf—nx£
乙"i=l
2
<2n(ad-bc')—其中7i=a+h+c+d.
K-(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)
臨界值表:
P(K2>ko)0.0100.0050.001
k。6.6357.87910.828
(1)(5分)根據(jù)表中所給數(shù)據(jù),用相關(guān)系數(shù)r加以判斷,是否可用線性回歸模型擬合y與x的關(guān)
系?若可以,求出y關(guān)于x之間的線性回歸方程;若不可以,請說明理由;
(2)(5分)為調(diào)查顧客對該網(wǎng)紅螺蛔粉的喜歡情況,隨機抽查了200名顧客,得到如下列聯(lián)
表,請?zhí)顚懴旅娴?X2列聯(lián)表,并判斷是否有99.9%的把握認為“顧客是否喜歡該網(wǎng)紅螺蝴粉與性別
有關(guān)”.
喜歡不喜歡總計
男100
女60
總計11()
【答案】(1)解:由已知得'%=9,y—13,
W「1(工一工)2=10,2廣1d-y)2=64,2:=1(々_X)仇一/=20
205/W?
r=-,…"==―=—7—?n0.7Q911,
710x642/104
因為|r|x|0.791|e[0.75,1].
說明y與x的線性相關(guān)關(guān)系很強.,可用線性回歸模型擬合y與x的關(guān)系
b=而=2,a=y—=13—18=—5,
則y關(guān)于%的線性回歸方程為:y=2%-5.
⑵解:2x2列聯(lián)表如下所示:
喜歡不喜歡總計
男7030100
女4060100
總計11090200
2
2一200x(70x60-40x30),?g[0.8,
K—100x100x110x90~18.182>10.828
??.有99.9%的把握認為顧客是否喜歡網(wǎng)紅螺獅粉與性別有關(guān).
【解析】【分析】(1)利用已知條件結(jié)合相關(guān)系數(shù)求解方法,從而求出|川。|0.791|€[0.75,1],說明
y與x的線性相關(guān)關(guān)系很強,可用線性回歸模型擬合y與久的關(guān)系,再利用最小二乘法,進而求出y關(guān)
于%之間的線性回歸方程。
(2)利用已知條件填寫2x2列聯(lián)表,再利用獨立性檢驗的方法,進而判斷出有99.9%的把握認為
顧客是否喜歡網(wǎng)紅螺螂粉與性別有關(guān)。
19.(10分)(2022高三上)如圖,四棱錐P—4BCD中,AB//CD,BC1CD.BC=CD=PD=2,
力B=4,側(cè)面P4B是以4B為斜邊的等腰直角三角形.
p
(1)(5分)求證:CDJ.PD;
(2)(5分)作出平面24。與平面PBC的交線m,并求直線m與平面P4B所成角的大小.
【答案】(1)證明:取AB中點為E,連接OE,PE,
':AB//CD,BC1CD.BC=CD=PD=2,AB=4
...四邊形BCDE是正方形,
:.AB1DE,
?.?側(cè)面PAB是以AB為斜邊的等腰直角三角形,
:.AB1PE,
".'DE^PE=E
:.AB1平面PDE,
':AB//CD,
平面PDE,又PCu平面PDE,
:.CD1PD
(2)解:延長/W,BC交于點Q,則直線PQ即為交線m,
由(1)知PD=DE=2,
又因為側(cè)面R4B是以AB為斜邊的等腰直角三角形,AB=4
所以PE=2,
所以APDE是邊長為2的正三角形,取DE中點為0,如圖建系,
可得4(1,-2,0),6(1,2,0),P(0,0,回(?(-3,2,0),
AB=(0,4,0),PB=(1,2,-V3),QP=(3,-2,V3)
設(shè)平面P/B的法向量為n=(x,y,z),
則1n-AB=(x,y,z)-(0,4,0)=4y=0
In■麗=(x,y,z)■(1,—2,V3)=%—2y+V3z=0
取z=l,得n=(遮,0,1),sin(n,QP)=
所以直線m與平面PAB所成角的大小為60°.
【解析】【分析】⑴取AB中點為E,連接PE,再利用AB〃C。,BC1CD,BC=CD=PD=
2,AB=4,再利用正方形的定義,從而判斷出四邊形BCDE是正方形,所以AB1DE,再利用側(cè)面
P4B是以4B為斜邊的等腰直角三角形,所以再利用線線垂直,從而證出線面垂直,所以
直線力BJ_平面PDE,再利用4B〃CD,所以CDJ_平面PDE,再利用線面垂直的定義證出線線垂直,
從而證出CDLPDo
(2)延長AQBC交于點Q,則直線PQ即為交線m,由(1)知PD=DE=2,再利用側(cè)面P4B是以AB為
斜邊的等腰直角三角形,/B=4,所以PE=2,所以三角形aPDE是邊長為2的正三角形,取DE中
點為0,從而建立空間直角坐標系,進而求出點的坐標,再結(jié)合向量的坐標表示求出向量的坐標,再
利用數(shù)量積求向量夾角的公式,進而求出直線m與平面P4B所成角的正弦值,從而求出直線加與平面
P4B所成角的大小。
20.(10分)(2022高三上)如圖,已知拋物線:C:/=y,M(0,l),/V(0,-l),過點M垂直于y軸的
垂線與拋物線C交于B,C,點D,E滿足CE=;ICN,ND=XNB(0<A<1).
(1)(5分)求證:直線DE與拋物線有且僅有一個公共點;
(2)(5分)設(shè)直線DE與此拋物線的公共點為Q,記ABCQ與AOEN的面積分別為Si,S2,求知
的值.
【答案】(1)證明:易知設(shè)DQ,y),由而=2而,可得(x,y+l)=4(1,2),
故有。(兒24-1),同理EQ—1,1—2/1),
于是直線DE的方程是y-(2/1-1)=(4/1-2)(x-A),
2
y=(4A-2)x-(2A-1)
(xz=y
得到(%-(24-I))?=0,
此方程有兩個相等的根:%=(22—1)代入①,得y=(24-I)2,
故直線DE與拋物線有且僅有一個公共點Q(22-1,(2A-I)2)
22
(2)解:S]=SMCQ=:|BC|./=1x2x(l-y(?)=|x2x(l-(2A-l))=4(A-A)
設(shè)直線。E與y軸交于G,則G(0,—(24-l)2),
于是S2=SM)EN=;|NG|?|切—=;,(—(24-l)2+1)-(A-(A—1))=2(A—A2)
【解析】【分析】⑴利用已知條件,易知8(1,1),C(—1,1),設(shè)D(x,y),由而=2而結(jié)合向量共線
的坐標表示,進而求出點。(尢22-1),同理得出EQ-l,l-24),再利用兩點式求出直線DE的方
程,再與拋物線方程聯(lián)立,得到(X-(24—1))2=0,再結(jié)合代入法得出y=(24-1)2,進而證出直
線DE與拋物線有且僅有一個公共點。
(2)利用已知條件結(jié)合三角形的面積公式,得出SI=SABCQ=4。-/),設(shè)直線DE與y軸交于G,
再結(jié)合賦值法和代入法,進而求出點G(0,-(24-1)2),再結(jié)合三角形的面積公式,得出$2=
SADEN=2(4-/),進而求出§的值。
21.(10分)(2022高三上)已知函數(shù)f(x)=6以—乂
(1)(5分)若曲線y=/(%)在點(0,/(0))處切線的斜率為1,求/(%)的單調(diào)區(qū)間;
(2)(5分)若不等式a(7(x)+%+1)22(x+1)】nx對xe(0,+可)都成立,求a的取值范圍.
【答案】(1)解:/'(%)=一L則/(0)=。-1=1,即a=2
/./(x)=2e2z-l,令/(x)=0,得4=一警
當》<-學(xué)時,/(x)<0;當x>—竽時,/(%)>0
故/(無)的單調(diào)遞減區(qū)間為(一°,一苧),單調(diào)遞增區(qū)間為(一苧,+。)
(2)解:由題意可知,不等式磯6?!?1)>2(%+:)lnx變形為白?+l)lneax>(%2+l)lnx2.
設(shè)F(t)=(t+l)lnt(t>0),則尸(t)=Int+:+1,F(t)==
當0<t<1時尸(t)<0,即尸(t)在(0,1)上單調(diào)遞減,當t>l時F(t)>0,即F(t)在(1,+叼上單調(diào)遞
增,則F(t)在(0,+。)上有且只有一個極值點t=1,該極值點就是產(chǎn)⑷的最小值點,所以尸(t)N
F(l)=Ini+|+1=2>0,即尸(t)在(0,+。)上單調(diào)遞增.
若使得對任意%>0,恒有+1)>2(%+成立.
則需對任意x>0,恒有F(eg)>尸(%2)成立.
即對任意x>0,恒有es>/成立,則q>等在(0,+。)恒成立.
設(shè)g(x)=^(xG(0,+a))則g(%)=⑵M"三⑵nx)_2-
當0<%<e時,g(x)>0,函數(shù)g(x)在(0,e)上單調(diào)遞增
當久〉e時,g(x)<0,函數(shù)g(x)在(e,+8)上單調(diào)遞減
則g(久)在(0,+。)上有且只有一個極值點%=e,該極值點就是g(x)的最大值點.
所以g(x)max=g(e)=",即a2工.
【解析】【分析】(1)利用已知條件結(jié)合導(dǎo)數(shù)的幾何意義,進而求出實數(shù)a的值,從而求出函數(shù)的解
析式,再利用求導(dǎo)的方法判斷函數(shù)的單調(diào)性,進而求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間。
(2)由題意可知,不等式a(eg+1)>2(x4-31nx變形為(6〃+l)lneax>(x2+l)lnx2,設(shè)
F(t)=(t+l)lnt(t>0),再利用求導(dǎo)的方法判斷函數(shù)的單調(diào)性,進而求出函數(shù)的極值點,從而求出
函數(shù)的最小值點,進而求出函數(shù)的最小值,再結(jié)合求導(dǎo)的方法判斷函數(shù)的單調(diào)性,進而判斷出函數(shù)
F(t)在(0,+叼上單調(diào)遞增,若使得對任意久>0,恒有a(eg+1)>2(%+61nx成立,則需對任意
%〉0,恒有F(es)2尸(/)成立,即對任意x>0,恒有6公?%2成立,則。之竽在(0,+叼恒成
立,設(shè)9(%)=竿,1€(0,+8)),再利用求導(dǎo)的方法判斷函數(shù)的單調(diào)性,進而求出函數(shù)的極值點,
從而求出函數(shù)的最大值點,進而求出函數(shù)的最大值,再結(jié)合不等式恒成立問題求解方法,進而求出
實數(shù)a的取值范圍。
22.(10分)(2022高三上)在平面直角坐標系xOy中,已知曲線E的參數(shù)方程為[x=*sa
為參數(shù)),直線,的參數(shù)方程為(t為參數(shù),040<兀).以坐標原點為極點,無軸非負半軸為
極軸建立極坐標系.
(1)(5分)求曲線E和直線1的極坐標方程;
(2)(5分)直線/與曲線E交于4B兩點,若初=2通,求直線/的斜率.
【答案】(1)解:???曲線E的參數(shù)方程[x=£cosag為參數(shù)),
(y=V3sina+3
:.x2+(y—3)2=3,即工2+y2—6y+6=0,
將p2=%2+y2,y=psin。代入,
**?曲線E的極坐標方程為p2-6psin。+6=0.
???直線1的參數(shù)方程為官二;;;:,(t為參數(shù),04/?<兀),
???直線Z的極坐標方程為6=S(p£R,04/?V兀)
(2)解:將直線/的極坐標方程9=B(pWR,048<7)代入曲線E:p2—6psin0+6=0
得p2—6psing+6=0.
n
4=36sin2j5—24>0,sin2s>1
設(shè)點AS1,S),B(J)2,B),
由韋達定理得Pl+。2=6sin0,P1P2=6,
v0^4=2OB,?1?Pi=2P2,
解得sin0=滿足A>0,又;0W0<Jr,二夕=可或
直線/的斜率k=tan0=±V3.
【解析】【分析】(1)利用已知條件結(jié)合參數(shù)方程與普通方程的轉(zhuǎn)化方法,再結(jié)合極坐標與直角坐標
的互化公式,進而求出曲線E和直線I的極坐標方程。
(2)利用直線1與曲線E交于4B兩點,聯(lián)立二者方程結(jié)合判別式法和韋達定理,再利用向量共線
的坐標表示,進而求出直線I的傾斜角,再利用直線的傾斜角與直線的斜率的關(guān)系式,進而求出直線
I的斜率。
23.(10分)(2022高三上)設(shè)函數(shù)6%)=|x-3|-|x+1|.
(1)(5分)解不等式/(%)<—1;
(2)(5分)若f(x)W|x+a|恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
4,工工一1,
【答案】(1)解:函數(shù)/(%)=|久一3|-1%+1|='—2%+2,-1<x<3,
-4,xN3.
當工<一1時,由/(%)<一1得:4<一1不成立,無解,
當一1<%<3時,由/(%)<—1得:一2x+2<—1,解得%>宗則有|<%<3,
當x23時,由/(%)<-1得:一4<一1恒成立,則有%23,
綜上得:久>/
所以/(%)<一1的解集為(|,+。).
(2)解:在同一個坐標系中作出函數(shù)y=/(%)和y=閉的圖象,點人一^旬在函數(shù)丫二八口的圖象
上,如圖,
而函數(shù)y=|x+a|的圖象是由函數(shù)y=|%|圖象向左或向右平移|a|個單位得到的,
當函數(shù)y=|久|圖象向左(a>0)平移a個單位時,得到y(tǒng)=|x+a|的圖象與函數(shù)y=f(x)的圖象有兩個
交占
在這兩個交點之間,y=|x+a|的圖象不在y=/(%)的圖象上方,即存在x()使得+a]</(X()),不
滿足題意,
當函數(shù)y=|x|圖象向右(a<0)平移-a個單位時,得到y(tǒng)=|x+a|的圖象,
平移到點A在y=|x+a|的圖象上,即a=-3時,函數(shù)y=f(尤)的圖象總是在y=|x+a|的圖象及
下方,即恒有/(久)<|x+a|成立,
將y=團的圖象繼續(xù)向右平移,即a<—3時,函數(shù)y=/(x)的圖象總是在y=|x+a|的圖象的下
方,恒有/'(%)<|x+a|成立,
綜上得a<—3,
所以實數(shù)a的取值范圍a<-3.
【解析】【分析】(1)利用已知條件結(jié)合零點分段法,從而求出絕對值不等式/Xx)<-1的解集。
(2)在同一個坐標系中作出函數(shù)y=/'(%)和y=閉的圖象,再利用點4(-1,4)在函數(shù)y=/(%)的圖
象上,再結(jié)合函數(shù)的圖像的平移變換,則函數(shù)y=|x+a|的圖象是由函數(shù)y=|用圖象向左或向右平
移|可個單位得到的,再利用分類討論的方法結(jié)合函數(shù)的圖像的平移變換,進而利用已知條件和不等
式恒成立問題求解方法,進而求出實數(shù)a的取值范圍。
試題分析部分
1、試卷總體分布分析
總分:98分
客觀題(占比)25.0(25.5%)
分值分布
主觀題(占比)73.0(74.5%)
客觀題(占比)13(56.5%)
題量分布
主觀題(占比)10(43.5%)
2、試卷題量分布分析
大題題型題目量(占比)分值(占比)
填空題4(17.4%)4.0(4.1%)
解答題7(30.4%)70.0(71.4%)
單選題12(52.2%)24.0(24.5%)
3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析
序號難易度占比
1普通(56.5%)
2容易(13.0%)
3困難(30.4%)
4、試卷知識點分析
序號知識點(認知水平)分值(占比)對應(yīng)題號
1直線與平面垂直的性質(zhì)10.0(10.2%)19
2等比數(shù)列的前n項和10.0(10.2%)17
3直線與圓的位置關(guān)系10.0(10.2%)22
4直線與圓錐曲線的綜合問題10.0(10.2%)20
5排列、組合及簡單計數(shù)問題2.0(2.0%)11
6點的極坐標和直角坐標的互化10.0(10.2%)22
7復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運算2.0(2.0%)2
8簡單線性規(guī)劃1.0(1.0%)13
9導(dǎo)數(shù)的幾何意義10.0(10.2%)21
10用空間向量求直線與平面的夾角10.0(10.2%)19
11軌跡方程2.0(2.0%)9
12平面向量共線(平行)的坐標表示10.0(10.2%)22
13運用誘導(dǎo)公式化簡求值2.0(2.0%)3
14眾數(shù)、中位數(shù)、平
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