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課后穩(wěn)固訓(xùn)練:化學(xué)平衡常數(shù)
一、選擇題
1.以下關(guān)于平衡常數(shù)的說法中,正確的選項(xiàng)是()
A.在平衡常數(shù)表達(dá)式中,反響物濃度用起始濃度表示,生成物濃度用平衡濃度表示
B.化學(xué)平衡常數(shù)較大的可逆反響,所有反響物的轉(zhuǎn)化率一定大
C.可以用化學(xué)平衡常數(shù)來定量描述化學(xué)反響的限度
D.平衡常數(shù)的大小與溫度、濃度、壓強(qiáng)、催化劑有關(guān)
解析:平衡常數(shù)中的濃度都是平衡濃度,它僅受溫度的影響,A、D錯(cuò)誤;化學(xué)平衡
常數(shù)大小可以描述反響的限度,C正確;轉(zhuǎn)化率不但受平衡常數(shù)的影響,而且還受自
身起始濃度及其他物質(zhì)濃度的影響,B錯(cuò)誤。
答案:C
2、.于可逆反響:C(s)+C02(g)=^2C0(g),在一定溫度下其平衡常數(shù)為《,以
下條件的變化中能使4發(fā)生變化的是()
A.將C(s)的外表積增大B.增大體系壓強(qiáng)
C.升高體系溫度D.使用適宜的催化劑
解析:平衡常數(shù)/只與溫度有關(guān),與濃度、壓強(qiáng)、是否使用催化劑無關(guān)。
答案:C
;定一定條件下,有以下分子數(shù)之比相同的可逆反響,其平衡常數(shù)/值分別是
①Hz+Fz=^2HF/=10";?H2+C12^^2HC1仁10。③Hz+Bn=^2HBrK
=10:④Hz+l2=^2HI仁1。比擬《值大小,可知各反響的正反響進(jìn)行的程度由
大到小的順序是()
A.①②③④B.④②③①
C.①④③②D.無法確定
解析:化學(xué)平衡常數(shù)越大,表示該反響的正反響進(jìn)行的程度越大,故A正確。
答案:A
2.只改變一個(gè)影響因素,平衡常數(shù)片與化學(xué)平衡移動(dòng)的關(guān)系表達(dá)錯(cuò)誤的選項(xiàng)是()
A.?值不變,平衡可能移動(dòng)
B.彳值變化,平衡一定移動(dòng)
C.平衡移動(dòng),4值可能不變
D.平衡移動(dòng),4值一定變化
解析:平衡常數(shù)只與溫度有關(guān)系,溫度不變平衡也可能發(fā)生移動(dòng),那么/值不變,
平衡可能移動(dòng),A正確;/值變化,說明反響的溫度一定發(fā)生了變化,因此平衡一定
移動(dòng),B正確;平衡移動(dòng),溫度可能不變,因此4值可能不變,C正確;平衡移動(dòng),
溫度可能不變,因此/值不一定變化,D錯(cuò)誤。
答案:D
4..以下反響的平衡常數(shù):①IL(g)+S(s)H2s(g),片;②S(s)+
02(g)^^S02(g),總那么反響H2(g)+S02(g)U^02(g)+H2s(g)的平衡常數(shù)是()
A.“B.K-K2
K、
C.KBKzD,兀
c(HS)cM
解析:K\—2,Kz=,第三個(gè)反響的平衡常數(shù)&
cWC(O2)
c[H2S[1]__^L
=C田2)XC(SO2)="*無二元°
C(。2)
答案:D
5.對(duì)于反響2X(g)+Y(g)^^2Z(g),以下說法中正確的選項(xiàng)是()
⑵
A-由于\(X)?c(Y),隨著反響的進(jìn)行,Z的濃度不斷增大,X、Y的濃度不
斷減小,平衡常數(shù)不斷增大
B.當(dāng)溫度不變時(shí),增大反響物的濃度,使《變小
C.可逆反響到達(dá)平衡時(shí),逆反響便立即停止了
D.溫度發(fā)生變化,上述反響的4值也發(fā)生變化
解析:平衡常數(shù)4只與溫度有關(guān)方項(xiàng)正確。
答案:D
6.放熱反響C0(g)+H20(g)=C02(g)+H2(g)在溫度一時(shí)到達(dá)平衡,Q(C0)=G(H2。)
=1.0mol,其平衡常數(shù)為《。其他條件不變,升高反響體系的溫度至友時(shí),
反響物的平衡濃度分別為C2(C0)和0(由0),平衡常數(shù)為左,那么()
A.假設(shè)增大C0濃度,瓦和4都增大
B.KA瓜
C.6&0)=@(艮0)
D.a(C0)>,2(C0)
解析:升高溫度,該平衡左移,a(C0)>G(C0),用>用,因?yàn)獒苤慌c溫度有關(guān),與濃
度無關(guān),那么增大C0濃度不會(huì)影響4、K2O
答案:C
7.在20℃,5.05X1(/Pa條件下,密閉容器中進(jìn)行反響2A(g)+圮?04C(g),
達(dá)平衡時(shí)c(A)=1.00mol?,現(xiàn)將壓強(qiáng)減小到1.01XIO,pa,建立平衡后,0(A)
=0.18mol?,那么以下說法正確的選項(xiàng)是()
A.x>2
B.假設(shè)增大該體系的壓強(qiáng),平衡向左移動(dòng),化學(xué)平衡常數(shù)變小
C.假設(shè)增大該體系的壓強(qiáng),平衡向右移動(dòng),化學(xué)平衡常數(shù)不變
d(C)
D.反響的平衡常數(shù)表達(dá)式為y
(A),c(B)
解析:由題意假設(shè)平衡不移動(dòng),那么c(A)=0.20mol?廠1,故減小壓強(qiáng),平衡向正
反響方向移動(dòng),正反響為氣體總體積增大的反響,x=l,A錯(cuò)誤;增大該體系的壓強(qiáng),
平衡向左移動(dòng),C錯(cuò)誤;壓強(qiáng)對(duì)化學(xué)平衡常數(shù)不影響,化學(xué)平衡常數(shù)不變,B錯(cuò)誤;
/(C)
反響的化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式是仁/⑷?c⑻,D正確。
答案:D
8.在高溫、催化劑條件下,某反響到達(dá)平衡,平衡常數(shù)人。。。恒
clC02J,cIH2J
容時(shí),溫度升高/2濃度減小。以下說法正確的選項(xiàng)是()
A.該反響的焰變?yōu)檎?/p>
B.恒溫恒容下,增大壓強(qiáng),叢濃度一定減小
C.升高溫度,逆反響速率減小
催化劑.
D.該反響的化學(xué)方程式為CO+H2O局溫CO2+H2
解析:因?yàn)樵摽赡娣错懙幕瘜W(xué)平衡常數(shù)仁邑傳產(chǎn)嚅一,可得出該反響的化
cICO2J,cIH2J
催化劑.
學(xué)方程式為C02(g)+H2(g)'高溫CO(g)+H?O(g),D項(xiàng)錯(cuò)誤;由于恒容時(shí),溫度
升高,氫氣濃度減小,說明平衡向正反響方向移動(dòng),故正反響為吸熱反響,即焰變
為正值5項(xiàng)正確;該反響為反響前后氣體分子數(shù)不變的反響,恒溫恒容下,如充入
惰性氣體使壓強(qiáng)增大,也濃度不變出項(xiàng)錯(cuò)誤;升高溫度,正、逆反響速率都增大,C
項(xiàng)錯(cuò)誤。
答案:A
9.在25。(2時(shí),密閉容器中X、Y、Z三種氣體的初始濃度和平衡濃度如下表:
物質(zhì)XYZ
初始濃度/(mol?L-1)0.10.20
0.00.0
平衡濃度/(mol-r1)0.1
55
以下說法錯(cuò)誤的選項(xiàng)是()
A.反響到達(dá)平衡時(shí),X的轉(zhuǎn)化率為50%
B.反響可表示為X+3Y^^2Z,其平衡常數(shù)為1600
C.增大壓強(qiáng)使平衡向生成Z的方向移動(dòng),平衡常數(shù)增大
D.改變溫度可以改變此反響的平衡常數(shù)
解析:溫度為25P,增大壓強(qiáng),平衡常數(shù)不變工項(xiàng)錯(cuò)誤。
答案:C
10、將0.050molS02(g)和0.030mol(Ug)充入容積為1L的密閉容器中,反響
2s02(g)+02(g)=^S03(g)在一定條件下到達(dá)平衡,測(cè)得c(SOj=0.040mol-L-1,
那么該條件下反響的平衡常數(shù)K為()
A.4B.16
C.32D.1.6X103
解析:依據(jù)平衡常數(shù)K=2,可知K=L6X101
cSO2,c02
答案:D
11、在密閉容器中發(fā)生如下反響:mA(g)+nB(g)dpC(g),到達(dá)平衡后,保持溫度
不變,將氣體體積縮小到原來的一半,當(dāng)?shù)竭_(dá)新平衡時(shí),C的濃度為原來1.9倍,
以下說法錯(cuò)誤的選項(xiàng)是()
A.m+n>pB.平衡向逆反響方向移動(dòng)
C.A的轉(zhuǎn)化率降低D.C的濃度增加
答案:A
1
解析::mA(g)+nB(g)=一pC(g),到達(dá)平衡后,溫度不變,將氣體體積壓縮到萬,
假設(shè)平衡不移動(dòng)工的濃度為原來的2倍,當(dāng)?shù)竭_(dá)平衡時(shí)C的濃度為原來的1.9倍,
那么體積減小時(shí)平衡逆向移動(dòng)。A.體積縮小,相當(dāng)于加壓,平衡逆向移動(dòng),那么m+n
<p,故A錯(cuò)誤;B.由上述分析可知,平衡逆向移動(dòng),故B正確;C.平衡逆向移動(dòng),A
的轉(zhuǎn)化率減小,故C正確;D.根據(jù)題意,C的濃度增加,故D正確;應(yīng)選A。
12、一定條件下,對(duì)于可逆反響X(g)+3Y(g)=32Z〔g),假設(shè)X、Y、Z的起
始濃度分別為5、C2、C3(均不為零),到達(dá)平衡時(shí),X、Y、Z的濃度分別為0.Imol/L、
0.3mol/L,0.08mol/L,那么以下判斷正確的選項(xiàng)是()
A.Ci:C2=3:1
B.平衡時(shí),丫和Z的生成速率之比為2:3
C.X、Y的轉(zhuǎn)化率相等
D.5的取值范圍為0.04mol/L<Ci<0,14mol/L
解析::A.設(shè)X轉(zhuǎn)化的濃度為x,
X(g)+3Y(g)=2Z(g)
初始:Clc2c3
轉(zhuǎn)化:x3x2x
平衡:0.ImoL/L0.3moi/L0.08mol/L
那么:Ci:c2=(x+0.ImoL/L):(3x+0.3mol/L)=1:3,故A錯(cuò)誤;B.平衡時(shí),
正逆反響速率相等,那么Y和Z的生成速率之比為3:2,故B錯(cuò)誤;C.反響前后X、
Y氣體的濃度比相同符合反響系數(shù)之比,所以到達(dá)平衡狀態(tài)時(shí),轉(zhuǎn)化率相同,故C正
確;D.反響為可逆反響,物質(zhì)不可能完全轉(zhuǎn)化,如反響向正反響分析進(jìn)行,那么0
Vc,如反響向逆反響分析進(jìn)行,那么CiVO.14moi?L,故有OVciVO.14moi?L1,
故D錯(cuò)誤;應(yīng)選C。
答案:C
二、非選擇題
13.在一定溫度下,將3molCO2和2mol乩混合于2L的密閉容器中,發(fā)生如下
反響:C02(g)+H2(g)'CO(g)+H20(g)o
(1)該反響的化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式仁O
(2)在700。(2時(shí),該反響的平衡常數(shù)片=0.6,那么該溫度下反響CO(g)+
111
H20(g)C()2(g)+H2(g)的平衡常數(shù)花=,反響益C()2(g)+不H2(g)0
CO(g)H0(g)的平衡常數(shù)%=。
乙2
(3)在8302時(shí),該反響的平衡常數(shù)用=1.0,那么該反響為反響(填“吸
熱"或"放熱")o
解析:⑴根據(jù)化學(xué)平衡常數(shù)的概念K=cf叱?。(2)友=
clC02J?cIH2J
c(CO2)?c〔小)11(co)?c"2(L0)廠i—
c〔CO)-c曰0)=百=前"L67"(HJ=\"在6=
0.77o(3)由于升高溫度,該反響的平衡常數(shù)增大,故該反響為吸熱反響。
11
所以c(CO)=0.5mol,L-,(?(H20)=0.5mol,L',<?(C02)=1mol,L^,(?(乩)=
,7立0.5X0.51
0.5mol,L故1/匚=77<偏《)r~1.0,反響應(yīng)向正反響方向進(jìn)行,所以
ix(j.oz
0(正)>v(逆)。
⑴―舊0)
口木,⑴C(CO2)?C舊)
(2)1.670.77
(3)吸熱
14、某溫度下,在裝有催化劑的容積為2L的反響容器中,充入SO2和。2各4moi
充分反響5min后到達(dá)平衡,測(cè)得反響容器內(nèi)混合氣體的壓強(qiáng)為原來的80虬答復(fù)
以下問題:
(1)用。2的濃度變化表示該反響的化學(xué)反響速率。
⑵求S02的轉(zhuǎn)化率。
(3)求該反響的平衡常數(shù)。
答案:(1)0.16mol/(L,min)(
2)80%
⑶13.3
解析:
2SO2+O2;-2S03
起始濃度(mol/L)220
轉(zhuǎn)化濃度(mol/L)2xx2x
平衡濃度(mol/L)2-2x2-x2x
反響5min后到達(dá)平衡,測(cè)得反響容器內(nèi)混合氣體的壓強(qiáng)為原來的80%,那么
2-2A+2-A-+2A-=08,解得X=O.8,那么
4
(1)用的濃度變化表示該反響的化學(xué)反響速率v(02)=0.8mol/L+5min=0.16
mol/(L,min)
⑵SO2的轉(zhuǎn)化率="X1OO%=8O%°
2
-------------------=133
⑶該反響的平衡常數(shù)K=(2-2x)/2r)。
15、乙醇是重要的化工產(chǎn)品和液體燃料,可以利用以下反響制取乙醇:
催化劑、
02C02(g)+6H2(g)催化劑CH3cH20H(g)+3HzO(g)(298K時(shí),4=2.95X10")。
22
@2C0(g)+4H2(g)典絲CH3cH20H㈤+馱④(298K時(shí),^=1.71X10)o
(1)寫出反響①的平衡常數(shù)表達(dá)式K=o
(2)條件相同時(shí),反響①與反響②相比,轉(zhuǎn)化程度更大的是o
(3)在一定壓強(qiáng)下,測(cè)得反響①的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表:
CQ轉(zhuǎn)>7^
500600700800
n(H:)/n(CO2)-
1.545332012
602815
243
3833722
62
根據(jù)表中數(shù)據(jù)分析:
a.溫度升高,4值(填"增大”"減小"或"不變”)。
b.提高氫碳比[A(H2)/A(C02)],對(duì)生成乙醇(填“有利”或"不利")。
解析:(1)根據(jù)平衡常數(shù)的定義知反響①的《=唔*'4^-。(2)因及=
cICO2J?cIH2J
L71X1022>%=2.95X10",由平衡常數(shù)的意義知反響②進(jìn)行得更徹底,轉(zhuǎn)化率更
高。(3)分析表格中數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn),在〃(H2)/〃(C02)相同時(shí),隨著溫度的升高,C02的轉(zhuǎn)化
率降低,所以7T值減小。分析表格中數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn),在溫度相同時(shí),隨〃(H2)/〃(C02)值的
增大,C()2的轉(zhuǎn)化率升高,有利于生成乙醇。
田心小cCHQH)-c31H2。)
答案:⑴。1一
⑵反響②
(3)減小有利
16、在溫度為373K時(shí),將0.lOOmol無色的MOi氣體放入1L抽空的密閉容器中,
立刻出現(xiàn)紅棕色,直至建立帥01=二2N02的平衡.以下圖是隔一定時(shí)間測(cè)定到的
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