2022年高考物理一輪-靜電場(chǎng)中的圖象問題教師講解版

文檔來源網(wǎng)絡(luò)整理侵權(quán)必刪8.3靜電場(chǎng)中的圖象問題必備知識(shí)清單靜電場(chǎng)中的圖像問題v－t圖像根據(jù)v－t圖像中速度變化、斜率確定電荷所受合力的方向與合力大小變化，確定電場(chǎng)的方向、電勢(shì)高低及電勢(shì)能變化φ－x圖像(1)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于φ－x圖線的斜率大小，電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，φ－x圖線存在極值，其切線的斜率為零(2)在φ－x圖像中可以直接判斷各點(diǎn)電勢(shì)的高低，并可根據(jù)電勢(shì)高低關(guān)系確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向(3)在φ－x圖像中分析電荷移動(dòng)時(shí)電勢(shì)能的變化，可用WAB＝qUAB，進(jìn)而分析WAB的正負(fù)，然后作出判斷E－t圖像根據(jù)題中給出的E－t圖像，確定E的方向，再在草稿紙上畫出對(duì)應(yīng)電場(chǎng)線的方向，根據(jù)E的大小變化，確定電場(chǎng)的強(qiáng)弱分布E－x圖像(1)反映了電場(chǎng)強(qiáng)度隨位移變化的規(guī)律(2)E＞0表示電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向，E＜0表示電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸負(fù)方向(3)圖線與x軸圍成的“面積”表示電勢(shì)差，“面積”大小表示電勢(shì)差大小，兩點(diǎn)的電勢(shì)高低根據(jù)電場(chǎng)方向判定Ep－x圖像(1)反映了電勢(shì)能隨位移變化的規(guī)律(2)圖線的切線斜率大小等于電場(chǎng)力大小(3)進(jìn)一步判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、動(dòng)能、加速度等隨位移的變化情況命題點(diǎn)精析（一）v-t圖象根據(jù)v-t圖象的速度變化、斜率變化(即加速度大小的變化)，確定電荷所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)力的大小變化情況，進(jìn)而確定電場(chǎng)的方向、電勢(shì)的高低及電勢(shì)能的變化．典型例題例1(多選)如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)固定的點(diǎn)電荷，其中Q1帶負(fù)電，a、b、c三點(diǎn)在它們連線的延長線上．現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以一定的初速度沿直線從a點(diǎn)開始向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)經(jīng)過b、c兩點(diǎn)(粒子只受電場(chǎng)力作用)，粒子經(jīng)過a、b、c三點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb、vc，其速度—時(shí)間圖象如圖乙所示．以下說法中正確的是()A．Q2一定帶正電B．Q2的電荷量一定小于Q1的電荷量C．b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大D．粒子由a點(diǎn)到c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過程中，粒子的電勢(shì)能先增大后減小【答案】ABD【解析】從速度圖象上看，可見從a到b做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，在b點(diǎn)時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則電場(chǎng)力為零，所以該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，負(fù)電荷在ab間做減速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力向左，合場(chǎng)強(qiáng)向右，b點(diǎn)左側(cè)合電場(chǎng)主要取決于Q2，故Q2帶正電；負(fù)電荷在bc間做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力向右，合場(chǎng)強(qiáng)向左，b點(diǎn)右側(cè)合電場(chǎng)主要取決于Q1，故A正確，C錯(cuò)誤；b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式keq\f(Q1,r\o\al(2,1))＝keq\f(Q2,r\o\al(2,2))，因?yàn)閞1>r2，故Q1>Q2，即Q2的電荷量一定小于Q1的電荷量，故B正確；負(fù)電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；從b點(diǎn)到c點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故粒子從a到b再到c的過程中，電勢(shì)能先增大后減小，故D正確．練1半徑為R、均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球?qū)ΨQ的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E沿半徑方向分布的示意圖如圖所示，圖中E0已知，E－r曲線下O～R部分的面積等于R～2R部分的面積，則下列說法正確的是()A．r＝2R處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E＝eq\f(E0,2)B．球體所帶的總電荷量為Q＝eq\f(E0R2,k)C．球心與球表面間的電勢(shì)差U＝E0RD．質(zhì)量為m、電荷量為－q的負(fù)電荷在2R處靜止釋放，到達(dá)球面時(shí)的速度大小v＝eq\r(\f(2qE0R,m))【答案】B【解析】球外電場(chǎng)可等效于電荷量集中在球心的點(diǎn)電荷產(chǎn)生，則E0＝keq\f(Q,R2)，E＝keq\f(Q,r2)＝keq\f(Q,（2R）2)，對(duì)比可得E＝eq\f(E0,4)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)R處的電場(chǎng)強(qiáng)度為E0，有E0＝keq\f(Q,R2)，解得Q＝eq\f(E0R2,k)，故B正確；E－r曲線與r軸圍成的面積表示電勢(shì)差，則球心與球表面間的電勢(shì)差ΔU＝eq\f(1,2)E0R，故C錯(cuò)誤；E－r曲線下O～R部分的面積等于R～2R部分的面積，知表面與2R處的電勢(shì)差大小為U＝eq\f(1,2)E0R，根據(jù)動(dòng)能定理得－qU＝0－eq\f(1,2)mv2，解得v＝eq\r(\f(qE0R,m))，故D錯(cuò)誤。練2一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A點(diǎn)經(jīng)B、C運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，其“速度—時(shí)間”圖象如圖所示．分析圖象后，下列說法正確的是()A．A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C處的電場(chǎng)強(qiáng)度B．B、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)一定都為零C．粒子在A處的電勢(shì)能大于在C處的電勢(shì)能D．A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于B、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差【答案】A【解析】因?yàn)関－t圖線的斜率大小等于粒子的加速度大小，故粒子在A處的加速度大于在C處的加速度，A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C處的電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)A正確；B、D兩點(diǎn)切線的斜率為零，故兩點(diǎn)的加速度為零，場(chǎng)強(qiáng)為零，但是電勢(shì)不一定都為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；粒子在A處的速度大于在C處的速度，則在A處的動(dòng)能大于在C處的動(dòng)能，在A處的電勢(shì)能小于在C處的電勢(shì)能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知：q|UCA|＝eq\f(1,2)mveq\o\al(A2,)－eq\f(1,2)mveq\o\al(C2,)；qUBD＝eq\f(1,2)mveq\o\al(D2,)－eq\f(1,2)mveq\o\al(B2,)，由圖線可知eq\f(1,2)mveq\o\al(D2,)－eq\f(1,2)mveq\o\al(B2,)>eq\f(1,2)mveq\o\al(A2,)－eq\f(1,2)mveq\o\al(C2,)，則A、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差小于B、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．命題點(diǎn)精析（二）φ-x圖象(1)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小等于φ-x圖線的斜率大小，電場(chǎng)強(qiáng)度為零處，φ-x圖線存在極值，其切線的斜率為零．(2)在φ-x圖象中可以直接判斷各點(diǎn)電勢(shì)的大小，并可根據(jù)電勢(shì)大小關(guān)系確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．(3)在φ-x圖象中分析電荷移動(dòng)時(shí)電勢(shì)能的變化，可用WAB＝qUAB，進(jìn)而分析WAB的正負(fù)，然后作出判斷．例2在坐標(biāo)－x0到x0之間有一靜電場(chǎng)，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φ隨坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖所示，一電荷量為e的質(zhì)子從－x0處以一定初動(dòng)能僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向穿過該電場(chǎng)區(qū)域。則該質(zhì)子()A．在－x0～0區(qū)間一直做加速運(yùn)動(dòng)B．在0～x0區(qū)間受到的電場(chǎng)力一直減小C．在－x0～0區(qū)間電勢(shì)能一直減小D．在－x0～0區(qū)間電勢(shì)能一直增加【答案】D【解析】從－x0到0，電勢(shì)逐漸升高，意味著該區(qū)域內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左，質(zhì)子受到的電場(chǎng)力向左，與運(yùn)動(dòng)方向相反，所以質(zhì)子做減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；設(shè)在x～x＋Δx，電勢(shì)為φ～φ＋Δφ，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系式E＝eq\f(Δφ,Δx)，當(dāng)Δx無限趨近于零時(shí)，eq\f(Δφ,Δx)表示x處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小(即φ～x圖線的斜率)，從0到x0區(qū)間，圖線的斜率先增大后減小，所以電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，根據(jù)F＝Ee，質(zhì)子受到的電場(chǎng)力先增大后減小，B錯(cuò)誤；在－x0～0區(qū)間質(zhì)子受到的電場(chǎng)力方向向左，與運(yùn)動(dòng)方向相反，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，C錯(cuò)誤，D正確。練3(多選)在一靜止點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，任一點(diǎn)的電勢(shì)φ與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示．電場(chǎng)中四個(gè)點(diǎn)a、b、c和d的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed.點(diǎn)a到點(diǎn)電荷的距離ra與點(diǎn)a的電勢(shì)φa已在圖中用坐標(biāo)(ra，φa)標(biāo)出，其余類推．現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點(diǎn)依次經(jīng)b、c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，在相鄰兩點(diǎn)間移動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd.下列選項(xiàng)正確的是()A．EaEb＝41 B．EcEd＝21C．WabWbc＝31 D．WbcWcd＝13【答案】AC【解析】設(shè)點(diǎn)電荷的電荷量為Q，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(Q,r2)，rarb＝12，rcrd＝36，可知，EaEb＝41，EcEd＝41，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；將一帶正電的試探電荷由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)做的功Wab＝q(φa－φb)＝3q(J)，試探電荷由b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)做的功Wbc＝q(φb－φc)＝q(J)，試探電荷由c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)做功Wcd＝q(φc－φd)＝q(J)，由此可知，WabWbc＝31，WbcWcd＝11，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤．練4在一靜止點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，任一點(diǎn)的電勢(shì)φ與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示．電場(chǎng)中四個(gè)點(diǎn)a、b、c和d的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed.點(diǎn)a到點(diǎn)電荷的距離ra與點(diǎn)a的電勢(shì)φa已在圖中用坐標(biāo)(ra，φa)標(biāo)出，其余類推．現(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點(diǎn)依次經(jīng)b、c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，在相鄰兩點(diǎn)間移動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd.下列選項(xiàng)正確的是()A．Ea∶Eb＝4∶1 B．Ec∶Ed＝2∶1C．Wab∶Wbc＝3∶1 D．Wbc∶Wcd＝1∶3【答案】AC【解析】由題圖可知，a、b、c、d到點(diǎn)電荷的距離分別為1m、2m、3m、6m，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E＝keq\f(Q,r2)可知，eq\f(Ea,Eb)＝eq\f(r\o\al(b2,),r\o\al(a2,))＝eq\f(4,1)，eq\f(Ec,Ed)＝eq\f(r\o\al(d2,),r\o\al(c2,))＝eq\f(4,1)，故A正確，B錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做功W＝qU，a與b、b與c、c與d之間的電勢(shì)差分別為3V、1V、1V，所以eq\f(Wab,Wbc)＝eq\f(3,1)，eq\f(Wbc,Wcd)＝eq\f(1,1)，故C正確，D錯(cuò)誤．命題點(diǎn)精析（三）E-x圖象在給定了電場(chǎng)的E-x圖象后，可以由圖線確定電場(chǎng)強(qiáng)度的變化情況，電勢(shì)的變化情況，E-x圖線與x軸所圍圖形“面積”表示電勢(shì)差．在與粒子運(yùn)動(dòng)相結(jié)合的題目中，可進(jìn)一步確定粒子的電性、動(dòng)能變化、電勢(shì)能變化等情況．例3如圖甲所示，一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固定在A點(diǎn)，在距離A點(diǎn)為d處固定一豎直放置的足夠長光滑絕緣桿，O、B為桿上的兩點(diǎn)，AB連線與桿垂直。桿上穿有一可視為點(diǎn)電荷、質(zhì)量為m的帶正電小球，現(xiàn)讓小球從O點(diǎn)由靜止開始向下運(yùn)動(dòng)，以O(shè)點(diǎn)為x＝0位置，豎直向下為正方向，建立直線坐標(biāo)系。小球的電勢(shì)能Ep隨坐標(biāo)x的變化關(guān)系圖像如圖乙所示。已知靜電力常量為k，重力加速度為g。(1)求小球運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)的速度大??；(2)如果小球通過x＝2d時(shí)的加速度a＝1.5g，求小球所帶電荷量?！敬鸢浮?1)eq\r(2gd－\f(2（E2－E1）,m))(2)eq\f(\r(2)mgd2,kQ)【解析】(1)當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能最大，由題圖乙可知OB＝d，根據(jù)功能關(guān)系可知E1＋mgd＝E2＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)解得vB＝eq\r(2gd－\f(2（E2－E1）,m))；(2)小球通過x＝2d時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得mg＋keq\f(qQ,（\r(2)d）2)cos45°＝ma解得q＝eq\f(\r(2)mgd2,kQ)。練5有一半徑為R的均勻帶電薄球殼，在通過球心的直線上，各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E隨與球心的距離x變化的關(guān)系如圖所示；在球殼外空間，電場(chǎng)分布與電荷量全部集中在球心時(shí)相同，已知靜電常量為k，半徑為R的球面面積為S＝4πR2，則下列說法正確的是()A．均勻帶電球殼帶電密度為eq\f(E0,4πk)B．圖中r＝1.5RC．在x軸上各點(diǎn)中有且只有x＝R處電勢(shì)最高D．球面與球心間電勢(shì)差為E0R【答案】A【解析】由圖線可知，距離球心R處的場(chǎng)強(qiáng)為E0，則根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可知：E0＝eq\f(kQ,R2)，解得球殼帶電荷量為Q＝eq\f(E0R2,k)，則均勻帶電球殼帶電密度為eq\f(Q,4πR2)＝eq\f(E0,4πk)，選項(xiàng)A正確；根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式eq\f(1,2)E0＝eq\f(kQ,r2)，解得r＝eq\r(2)R，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由題意可知在x軸上各點(diǎn)中，在0～R范圍內(nèi)各點(diǎn)的電勢(shì)均相同，球面與球心間的電勢(shì)差為零，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．練6空間存在平行于x軸方向的靜電場(chǎng)，其電勢(shì)φ隨x的分布如圖10所示．一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始，僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)．則下列說法正確的是()A．該粒子帶正電荷B．空間存在的靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E是沿x軸正方向均勻減小的C．該粒子從原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)到x0過程中電勢(shì)能是減小的D．該粒子運(yùn)動(dòng)到x0處的速度是eq\r(\f(qφ0,2m))【答案】AC【解析】沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由題圖可知電場(chǎng)方向沿x正方向，帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由靜止開始沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，受力方向與電場(chǎng)方向一致，帶電粒子帶正電，A正確；沿x軸正方向電勢(shì)均勻降低，電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，B錯(cuò)誤；沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，C正確；根據(jù)動(dòng)能定理得qφ0＝eq\f(1,2)mv2，v＝eq\r(\f(2qφ0,m))，D錯(cuò)誤．例4(多選)靜電場(chǎng)在x軸上的場(chǎng)強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)正方向，帶正電的點(diǎn)電荷沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)電荷()A．在x2和x4處電勢(shì)能相等B．由x1運(yùn)動(dòng)到x3的過程中電勢(shì)能增大C．由x1運(yùn)動(dòng)到x4的過程中電場(chǎng)力先增大后減小D．由x1運(yùn)動(dòng)到x4的過程中電場(chǎng)力先減小后增大【答案】BC【解析】由題圖可知，x1到x4場(chǎng)強(qiáng)先變大，再變小，則點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力先增大后減小，C正確，D錯(cuò)誤；由x1到x3及由x2到x4過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，A錯(cuò)誤，B正確．練7如圖甲所示，在某電場(chǎng)中建立x坐標(biāo)軸，A、B為x軸上的兩點(diǎn)，xA、xB分別為A、B兩點(diǎn)在x軸上的坐標(biāo)值．一電子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸運(yùn)動(dòng)，該電子的電勢(shì)能Ep隨其坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示，則下列說法中正確的是()A．該電場(chǎng)一定不是孤立點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)B．A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C．電子由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力對(duì)其所做的功W＝EpA－EpBD．電子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于在B點(diǎn)的動(dòng)能【答案】AC【解析】由題圖乙可知，電子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能分別為EpA和EpB，且EpB>EpA，說明電子由A運(yùn)動(dòng)到B時(shí)電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，電場(chǎng)力對(duì)其所做的功為W＝EpA－EpB，選項(xiàng)C正確；電場(chǎng)力做負(fù)功，故動(dòng)能減小，故電子在A點(diǎn)的動(dòng)能大于B點(diǎn)的動(dòng)能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由于A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能與兩個(gè)位置間的關(guān)系如題圖乙所示，說明電勢(shì)是均勻增加的，故這一定是勻強(qiáng)電場(chǎng)，即不是孤立點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)，選項(xiàng)A正確；A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．練8一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向上。t=0時(shí)刻，一帶電粒子以一定初速度水平射入該電場(chǎng)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功的功率為P，不計(jì)粒子重力，則P-t關(guān)系圖象是()A. B.

C. D.【答案】A【解析】解：帶電粒子垂直進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故沿電場(chǎng)方向上的速度為：v=at=Eqmt；

故ts秒時(shí)電場(chǎng)力的功率為：P=Eqv=E2q2mt；

故說明P與時(shí)間成正比，故A正確BCD錯(cuò)誤。

故選：A核心素養(yǎng)大提升分析兩坐標(biāo)軸，及圖像所表達(dá)的物理意義，分析圖像斜率，面積所代表的的物理含義，例5在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2，其靜電場(chǎng)的電勢(shì)φ在x軸上分布如圖所示．下列說法正確有（）A.q1和q2帶有異種電荷B.x1處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C.負(fù)電荷從x1移到x2，電勢(shì)能減小D.負(fù)電荷從x1移到x2，受到的電場(chǎng)力增大【答案】AC【解析】：圖像的斜率代表場(chǎng)強(qiáng)的大小，x1處的電勢(shì)為0，可見只能帶異種電荷，故A正確，從圖像可知從x1到x2電勢(shì)增加，可見場(chǎng)強(qiáng)的方向沿x軸負(fù)方向，所以電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做正功，電勢(shì)能減小；從x1到x2斜率逐漸減小，場(chǎng)強(qiáng)減小，電場(chǎng)力減小；練9(多選)某空間存在沿x軸方向的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸的變化情況如圖所示，有一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為＋q的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)以初速度v0沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)速度恰好減到零，點(diǎn)電荷只受電場(chǎng)力的作用，則()A．A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)B．