南寧市2024屆高三一模（普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試）物理試卷（含答案解析）

后附原卷掃描版南寧市2024屆普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試后附原卷掃描版物理注意事項(xiàng)： 2024.031.滿分100分,考試時(shí)間75分鐘。2.考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。3.考試結(jié)束后，將答題卡交回。一、單項(xiàng)選擇題(本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。)1.醫(yī)學(xué)影像診斷設(shè)備PET/CT是借助于示蹤劑可以聚集到病變部位的特點(diǎn)來發(fā)現(xiàn)疾病的。示蹤劑常利用同位素116C作示蹤原子標(biāo)記，其半衰期為20min。小型回旋加速器輸出的高速質(zhì)子轟擊147N獲得116CA.用高速質(zhì)子轟擊147N，生成116B.用高速質(zhì)子轟擊147N，生成116C的同時(shí)釋放的粒子是C.當(dāng)C聚集到病變部位時(shí)，其半衰期會發(fā)生變化D.用高速質(zhì)子轟擊147N，在一次核反應(yīng)過程中，核反應(yīng)前147N和質(zhì)子的質(zhì)量之和，一定與核反應(yīng)后1?2.如圖所示，用三個(gè)完全相同的小立柱將足球支起，小立柱的上端可視為點(diǎn)，小立柱的位置連線成正三角形，放在水平桌面上，足球與小立柱的觸點(diǎn)與足球球心的連線與豎直方向的夾角均為37°，已知每個(gè)小立柱對足球的支持力大小為2.5N，不計(jì)足球與小立柱間的摩擦及小立柱的重力,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,則下列說法正確的是A.單個(gè)小立柱對足球的支持力方向豎直向上B.足球所受的重力為7.5NC.足球?qū)π×⒅淖饔昧εc桌子對小立柱的作用力是平衡力D.足球?qū)π×⒅淖饔昧εc桌子對小立柱的作用力是相互作用力南寧市2024屆普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試物理第1頁(共6頁)3.下圖是一款小型電鉆的簡化電路圖，它由變壓器及電機(jī)兩部分構(gòu)成，變壓器為理想變壓器，電機(jī)的內(nèi)阻為1Ω，額定電壓為11V，額定電流為2A。當(dāng)變壓器輸入電壓為220V的正弦交流電時(shí)電鉆正常工作，下列說法正確的是A.變壓器原線圈電流的最大值為0.12B.變壓器副線圈電流的最大值為2AC.變壓器的輸入功率為4WD.電機(jī)產(chǎn)生的機(jī)械功率為22W4.B超是醫(yī)院對病人進(jìn)行檢查的重要設(shè)備，B超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組超聲波，遇到人體不同組織時(shí)會產(chǎn)生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號由計(jì)算機(jī)處理，從而形成B超圖像。如圖為血管探頭沿x軸正方向發(fā)送的簡諧超聲波圖像，t=0時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)M。已知此超聲波的頻率為1×10?Hz。下列說法正確的是A.質(zhì)點(diǎn)M開始振動(dòng)的方向沿y軸正方向B.血管探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為1.4×103m/sC.t=0.75×10??s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)到橫坐標(biāo).x=28×10?2mm處D.0～0.75×10??s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M的路程為1.6mm5.某種海鳥可以像標(biāo)槍一樣一頭扎入水中捕魚，假設(shè)其在空中的俯沖看作自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入水中后可以看作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示，自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t?,，整個(gè)過程的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為53t1,最大速度為V?=6m/s,A.t?=1sB.整個(gè)過程中，鳥下落的高度為3mC.t?至53t1D.t?至53t1時(shí)間內(nèi)，鳥所受的阻力是重力的1.52/66.質(zhì)譜儀在物理研究中起著非常重要的作用。如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖。粒子源(在加速電場上方，未畫出)產(chǎn)生的帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度和勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A?A?。平板S下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B?的勻強(qiáng)磁場。不計(jì)帶電粒子的重力和粒子間的作用力，下列表述正確的是A.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里B.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于EC.粒子打在膠片上的位置離狹縫P越遠(yuǎn)，粒子的比荷qmD.某種元素同位素的原子核，打在膠片上的位置離狹縫P越遠(yuǎn)，表明其質(zhì)量數(shù)越大7.2024年2月23日，“長征5號”遙七運(yùn)載火箭搭載通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星十一號發(fā)射成功，被譽(yù)為龍年首發(fā)。衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道后，主要用于開展多頻段、高速率衛(wèi)星通信技術(shù)驗(yàn)證。設(shè)地球同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的n倍，下列說法中正確的是A.地球同步衛(wèi)星可以靜止在北京上空B.同步衛(wèi)星運(yùn)行速度是第一宇宙速度的1C.同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度是地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)獲得的速度的1D.若忽略地球的自轉(zhuǎn)效應(yīng)，則同步衛(wèi)星的向心加速度是地球表面重力加速度的1二、多項(xiàng)選擇題(本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。)8.體育課上一位同學(xué)練習(xí)足球控球技術(shù)，某次練習(xí)中足球由靜止自由下落1.25m時(shí)，不等足球著地就被這位同學(xué)用腳背接住并快速豎直向上踢出，球離開腳背后上升的最大高度仍為1.25m。已知足球與腳背的作用時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，重力加速度大小g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力，則A.足球下落到與腳背剛接觸時(shí)動(dòng)量大小為4kg?m/sB.足球自由下落過程重力的沖量大小為2N·sC.足球與腳背作用過程中，足球的動(dòng)量變化量為零D.腳背對足球的平均作用力大小為44N南寧市2024屆普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試物理第3頁(共6頁)3/69.圖甲所示是一種靜電除塵裝置，其原理簡圖如圖乙所示，在板狀收集器A與線狀電離器B間加恒定高壓，讓廢氣從一端進(jìn)入靜電除塵區(qū)經(jīng)過凈化后從另一端排出，其中一帶負(fù)電的塵埃微粒沿圖乙中虛線向收集器A運(yùn)動(dòng)，P、Q是運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，不計(jì)微粒重力和微粒間的相互作用，不考慮微粒運(yùn)動(dòng)過程中的電荷量變化。下列分析正確的是A.P點(diǎn)電勢比Q點(diǎn)電勢低B.微粒在P點(diǎn)速度比Q點(diǎn)的大C.微粒在P點(diǎn)具有的電勢能比Q點(diǎn)的大D.紅在P點(diǎn)具有的電勢能比Q點(diǎn)的小10.圖甲所示的無人機(jī)，某次從地面由靜止開始豎直向上飛行，該過程中加速度a隨上升高度h的變化關(guān)系如圖乙所示。已知無人機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度為g，取豎直向上為正方向，不計(jì)空氣阻力，則從地面飛至3h?高處的過程中，無人機(jī)A.先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.飛至h?高處時(shí)速度大小為ghC.飛至2ho高處時(shí)無人機(jī)所受的升力為2mgD.機(jī)械能增加量為5.5mgho三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共16分。)11.(6分)某同學(xué)在做“測定玻璃折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，已經(jīng)畫好了部分圖線，如圖甲所示，在玻璃磚一側(cè)插上大頭針P?、P?，確定入射光線AO?，F(xiàn)需在玻璃磚另一側(cè)插上P?和P?大頭針，以確定光在玻璃磚中的折射光線。(1)下列確定P?位置的方法正確的是；A.透過玻璃磚觀察，使P?擋住P?的像B.透過玻璃磚觀察,使P?擋住P?、P?的像C.先插上P?大頭針，在靠近玻璃磚一側(cè)P?擋住P?的位置(2)在圖甲中作出光在玻璃磚中光線和從玻璃磚中出射后的光線的光路圖，并畫出玻璃磚中光線的折射角θ?(3)經(jīng)過多次測量作出：sinθ?-sinθ?的圖像如圖乙所示，玻璃磚的折射率為；(保留三位有效數(shù)字)南寧市2024屆普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試物理第4頁(共6頁)12.(10分)利用6V的恒壓電源、量程為0~0.6A的電流表(內(nèi)阻不計(jì))、定值電阻、阻值隨長度均勻變化的電阻絲(總長度為0.05m，總阻值為25Ω)、金屬彈簧(電阻不計(jì))、開關(guān)、導(dǎo)線，改裝成如圖甲的測力計(jì)，拉力為零時(shí)滑片P剛好在電阻絲的左端。(1)圖甲的電路中，如果開關(guān)閉合，拉力F增加時(shí)，電流表的示數(shù)(選填“增大”、“減小”或“不變”)(2)圖甲的電路中，定值電阻的作用是，阻值至少為Ω；(3)彈簧所受拉力F與其伸長量△L的關(guān)系如圖乙.若定值電阻為20Ω，則電流表的示數(shù)I與彈簧所受拉力F的關(guān)系式I=(A)，由此可知用電流表改裝的測力計(jì)刻度是(選填“均勻”“不均勻”)的。四、計(jì)算題(本大題共3小題，共38分。解析應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不得分，有數(shù)字計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。)13.(10分)某學(xué)校開展慶祝活動(dòng)，使用氣球渲染氣氛。早晨，學(xué)校地表附近的氣溫為27℃，大氣壓強(qiáng)為P?，此時(shí)在地表附近的氣球體積為V?。若氣球?qū)崃己?，氣球?nèi)所充的氦氣可視為理想氣體，氣球內(nèi)外氣壓差很小可以忽略。(1)正午時(shí)大氣壓仍為P?，此時(shí)地表附近的氣球體積增大了130,求此時(shí)地表附近氣溫達(dá)到多少(2)若某高處的大氣壓強(qiáng)為45P0,氣溫為5/614.(13分)如圖甲所示，光滑水平面上寬度為3L的區(qū)域有方向垂直于水平面向下的勻強(qiáng)磁場，初始時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B?，一個(gè)邊長為L，質(zhì)量為m，總電阻為R的單匝正方形金屬框在拉力作用下以速度v?向右勻速進(jìn)入磁場，當(dāng)金屬框完全進(jìn)入磁場時(shí)撤去拉力，線框依然能以速度v?繼續(xù)勻速運(yùn)動(dòng)至磁場右邊界，速度方向始終與磁場邊界垂直。以金屬框cd邊到達(dá)磁場左邊界時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度按如圖乙所示的規(guī)律變化。(1)求金屬框進(jìn)入磁場過程中，通過回路的電荷量q；(2)求金屬框進(jìn)入磁場過程中，拉力對金屬框所做的功W；(3)cd邊由磁場左邊界運(yùn)動(dòng)到磁場右邊界的過程中，求金屬框產(chǎn)生的焦耳熱Q。15.(15分)“離心軌道演示儀”是學(xué)習(xí)機(jī)械能守恒定律的經(jīng)典演示裝置，如圖甲所示，該實(shí)驗(yàn)裝置可以簡化為如圖乙所示的物理模型：豎直平面內(nèi)由傾斜斜面軌道AB、半徑為r?=0.1m的圓周軌道BCD和半徑為r?=0.25m的部分圓周軌道CE構(gòu)成的裝置固定于水平地面，B、C兩處軌道平滑連接，軌道正前方放置一個(gè)豎直擋板，板面正對著軌道。圓心(O?、O?與C點(diǎn)在同一豎直線上，O?E與豎直方向的夾角為β=53°，E點(diǎn)與豎直擋板的距離(d=1.2m。現(xiàn)將質(zhì)量為m=0.1kg的小球從斜面的某高度h處由靜止釋放。斜面軌道AB(1)若小球的初始高度h?=0.5m,求小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)C時(shí)，對軌道BCD壓力的大??；(2)若小球能沿軌道到達(dá)E點(diǎn)，求h的最小值hmin；(3)若小球釋放后，第二次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)與靜止在C點(diǎn)的質(zhì)量為m3的另一個(gè)小球發(fā)生彈性正碰，碰撞后被碰小球通過E點(diǎn)之后恰好能垂直碰到豎直擋板，求小球釋放時(shí)的高度.南寧市2024屆普通高中畢業(yè)班第一次適應(yīng)性測試物理第6頁(共6頁)6/6廣西2024屆高中畢業(yè)班適應(yīng)性測試物理參考答案選擇題(1-7題為單選題,每題4分,共28分;8-10題為多選題,每題6分,共18分)題號12345678910答案BCABBDBBDACCDl【答案】B【詳解】AB.根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，寫出用高速質(zhì)子轟擊147N生成1可知同時(shí)釋放出α粒子，A錯(cuò)誤，B正確；C.C的半衰期不變，C錯(cuò)誤；D.在一次核反應(yīng)中，質(zhì)量數(shù)不變，但質(zhì)量會發(fā)生變化。故選B。2【答案】C【詳解】AB.單個(gè)立柱對足球的作用力是支持力，立柱與足球接觸方式屬于點(diǎn)和面接觸，此時(shí)立柱和足球間的彈性形變沿徑向方向，則立柱對足球的彈力指向球心，由于三個(gè)立柱對稱擺放，可知每個(gè)立柱給足球的支持力大小相同，對其中一根立柱的支持力的分析如圖所示，則豎直方向滿足F1F代入數(shù)據(jù)解得G=6N故選項(xiàng)AB錯(cuò)誤;CD.小立柱處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，即足球?qū)α⒅淖饔昧εc桌面對立柱的作用力第1頁共8頁是平衡力，不是相互作用力，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤，C正確。故選C3.【答案】A【詳解】AB.變壓器原線圈與副線圈匝數(shù)之比n?:n?=U?:U?可知n?:n?=20:1,原線圈電流有效值為0.1A，所以電流最大值為(0.12,A正確。副線圈是正弦交變電流，電流瞬時(shí)值不斷變化，所以CD，變壓器輸入功率為.P?=U?I?=22W,，電機(jī)產(chǎn)生的機(jī)械功率為P=P1-I故選A4.【答案】B【詳解】A，因?yàn)椴ㄏ騲軸正方向傳播，所以起振方向是y軸正方向，A錯(cuò)誤；B，超聲波的傳播速度為v=λf；可得y=1.4×103m/s,所以B正確;CD,t=0.75×10??s為四分之三周期，質(zhì)點(diǎn)M的路程是振幅的3倍，即1.2mm。機(jī)械波中質(zhì)點(diǎn)位置不會遷移到x=28×10?2m處，只是在平衡位置左右做振幅為0.4mm的簡諧運(yùn)動(dòng)。所以C和D都錯(cuò)誤。故選B。5.【答案】B【詳解】在0-t?時(shí)間內(nèi)是自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，可知t?=0.6s,，運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為1s，由三角形面積可知，整個(gè)過程下落的高度為3m，所以A錯(cuò)誤，B正確。由t?至53t1時(shí)間內(nèi)v-t圖像的斜率可知加速度為-15m/s2,根據(jù)牛頓第二定律可得：f-mg=ma求出阻力f=2.5mg,,所以故選B。6.【答案】D第2頁共8頁

【詳解】A，根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電，則在速度選擇器中電場力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據(jù)左手定則知，磁場方向垂直紙面向外,故A錯(cuò)誤;B，在速度選擇器中，電場力和洛倫茲力平衡，有qE=qvB解得v=EB能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于EB,CD，粒子進(jìn)入磁場B?后，由洛倫茲力提供向心力，則有qv解得r=mvqB0=mEqBB0粒子打在膠片上的位置越遠(yuǎn)離狹縫P，粒子的軌跡半徑越大，粒子的比荷qm越??；粒故選D。7.【答案】B【詳解】只要周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同的衛(wèi)星都是地球同步衛(wèi)星，除了赤道平面的同步衛(wèi)星可以靜止在赤道上空，其他同步衛(wèi)星不能與地球上某位置保持相對靜止，A錯(cuò)誤；由萬有引力提供向心力得Gr2Mm=mv2,則v=GM,又r=nR，第一宇宙速度v'=GM,地球同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的n倍，所以同步衛(wèi)星運(yùn)行速度是第一宇宙速度的1n,B正確。同步衛(wèi)星與地球赤道上的物體具有相同的角速度，根據(jù)v=rω知，同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度是地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的速度的n倍，C錯(cuò)誤。根據(jù)Gr28.【答案】BD【詳解】AB，足球剛下落到腳上的速度為v=2gh=5m/s,所以落到腳上時(shí)的動(dòng)量為第3頁共8頁

對自由落體過程，根據(jù)動(dòng)量定律可得，重力的沖量大小為2kg?m/s,所以A錯(cuò)誤,B正確。CD，足球與腳作用過程中，足球動(dòng)量的變化大小為∠P=2mv=4kg?m/s,根據(jù)動(dòng)量定理可得：(F-mg)t=∠P可得F=44N所以C錯(cuò)誤,D正確。故選BD。9.【答案】AC【詳解】A，因?yàn)檠刂妶鼍€的方向電勢逐漸降低，所以P點(diǎn)的電勢比Q點(diǎn)低，A正確；BCD，微粒由P向Q運(yùn)動(dòng)過程中，只受電場力作用，電場力做正功，動(dòng)能增加，電勢能減少,所以B錯(cuò)誤,C正確,D錯(cuò)誤。故選AC。10.【答案】CD【詳解】A.先做變加速運(yùn)動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.飛至h?高處時(shí)合外力做功為W=根據(jù)動(dòng)能定理W=聯(lián)立解得v=故B錯(cuò)誤;C.飛至2h?高處時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律F-mg=mg得無人機(jī)的升力為F=2mg第4頁共8頁故C正確;D.飛至3ho高處時(shí)，由圖像求面積可得無人機(jī)速度為5gh0,則動(dòng)能增加2.5mgh?,重力勢能增加3mgh?,所以機(jī)械能增加量為5.5mgh?,故故選CD。11.(每空2分,共6分)【答案】(1)B(2)如圖(3)1.25【詳解】根據(jù)光的折射定律可得，折射率n=sinθ1sinθ212.(每空2分,共10分)【答案】(1)增大(2)保護(hù)電流表不會被燒壞10(3)12?-F不均勻【詳解】(1)拉力F增大時(shí)，滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)，電阻絲接入電路電阻減小，電流增大。(2)定值電阻可以保護(hù)電流表不會被燒壞，當(dāng)電阻絲接入電路電阻為零時(shí)，根據(jù)歐姆定律可得I=ER放可得當(dāng)I=0.6A時(shí)(3)由圖像可知，當(dāng)拉力為F時(shí)，設(shè)觸頭P向右移動(dòng)距離為∠L，則有：∠L=1k對應(yīng)電阻∠R=根據(jù)歐姆定律可得：I=式中E=6V,所以電流表的示數(shù)Ⅰ與彈簧所受拉力F的關(guān)系式為I=第5頁共8頁由此關(guān)系式可知測力計(jì)刻度不均勻。13.(10分)【答案】(1)37℃;(2)1.2V?【解析】(1)由題意可知此過程為等壓變化過程，由蓋-呂薩克定律知V0T0=且T解得T=310K(1分)可知t=37℃(1分)(2)由理想氣體狀態(tài)方程P1V1T且P解得V?=1.2V?(2分)14.(13分)【答案】1q=B0RL【解析】(1)金屬框進(jìn)入磁場過程：E=ΔtΔΦ,I=R其中△Φ=B?L2(1分)聯(lián)立可得：q=B0RL(2)金屬框進(jìn)入磁場過程：感應(yīng)電動(dòng)勢為.E=BoLV?(1分)感應(yīng)電流為I=第6頁共8頁線框所受安培力大小為FA=BoIL(1由平衡條件得外力大小為F=FA(1金屬框進(jìn)入磁場過程拉力做的功：(1分)(3)金屬框進(jìn)入磁場過程產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力做的功Q1=B02金屬框在磁場中運(yùn)動(dòng)過程：E=ΔBΔtS=2Lv0產(chǎn)生的焦耳熱：此過程中拉力做功為零。(1分)金屬框從進(jìn)入磁場到cd邊到達(dá)磁場的右邊界的過程：(1分)15.(15分)【答案】(1)11N;(2)0.25m;(3)0.6m【解析】(1)設(shè)小球達(dá)到C點(diǎn)時(shí)速度為vc，此時(shí)軌道對小球的支持力為F，小球?qū)壍赖膲毫镕′，則有從釋放點(diǎn)到C位置由動(dòng)能定理可得mgh=12mv在C位置有F-mg=mvC2r11由牛頓第三定律