2022-2023學年山東省泰安重點中學高一（上）期末物理試卷（含解析）

2022-2023學年山東省泰安第二中學高一（下）開學考試

物理試卷

一、選擇題（本大題共12小題，共48分）

1.下列說法正確的是（）

A.伽利略的斜面實驗是牛頓第一定律的實驗基礎(chǔ)

B.物體不受外力作用時，一定處于靜止狀態(tài)

C.力是改變物體運動狀態(tài)的原因

D.牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進行分析的產(chǎn)物，不可能用實驗直接驗證

2.圖甲為雜技表演的安全網(wǎng)示意圖，網(wǎng)繩的結(jié)構(gòu)為正方格形，。、a、b、c、d...等為網(wǎng)繩

的結(jié)點。安全網(wǎng)水平張緊后，若質(zhì)量為m的運動員從高處落下，并恰好落在。點上。該處下凹

至最低點時，網(wǎng)繩dOe、bθg均成120。向上的張角，如圖乙所示，此時。點受到的向下的沖擊

力大小為F,則這時0點周圍每根網(wǎng)繩承受的力的大小為（）

甲

F+mg

A.FLnA2

3.如圖，將一個球放在兩塊光滑斜面板AB和4C之間，兩板與水平面夾角都是60。.現(xiàn)在使AB

板固定，使力C板與水平面的夾角逐漸減小，貝!!（）

A.球?qū)?C板的壓力先增大后減小B.球?qū)?C板的壓力逐漸減小

C.球?qū)?C板的壓力先減小后增大D.球?qū)C板的壓力逐漸增大

4.如圖是某物體做直線運動的v-t圖像，由圖像可得到的正確結(jié)果是（）

A.t=IS時物體的加速度大小為3.0zn∕s2B.第3s末物體開始反向運動

C.前7s內(nèi)物體的位移為0D.物體前3s內(nèi)的平均速度為2τn∕s

5.如圖所示，一條魚在水中正沿直線水平向左加速游動.在這個過程中，關(guān)于水對魚的作

用力的方向，下圖中合理的是

6.“低頭族”在社會安全中面臨越來越多的潛在風險，若司機也屬于低頭一族，出事概率

則會劇增。若高速公路（可視為平直公路）同一車道上兩小車的車速均為108kτn∕∕ι,車距為

105m,前車由于車輛問題而緊急剎車，而后方車輛的司機由于低頭看手機，4s后抬頭才看到

前車剎車，經(jīng)過0.4s的應(yīng)時間后也緊急剎車，假設(shè)兩車剎車時的加速度大小均為6τn∕s2,則

下列說法正確的是（）

A.兩車不會相撞，兩車間的最小距離為12τn

B.兩車會相撞，相撞時前車車速為6m∕s

C.兩車會相撞，相撞時后車車速為18m∕s

D.條件不足，不能判斷兩車是否相撞

7.如圖所示，物體沿斜面由靜止滑下.在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水

平面間的動摩擦因數(shù)相同，斜面與水平面平滑連接.下列圖中以a、f和X分別表示物體速度

大小、加速度大小、摩擦力大小和位移.其中正確的是（）

8.如圖所示，在光滑水平面上，一個小物塊放在靜止的小車上，物塊和小車間的動摩擦因

數(shù)4=0.2,重力加速度g=10m∕s2.現(xiàn)用水平恒力尸拉動小車，關(guān)于物塊的加速度arn和小車

的加速度a”的大小，下列選項可能正確的是（）

m

2222

A.am—lm∕s,aM—2m∕sB.am—2m∕s,aM—lm∕s

2222

C.am—2m∕s,aM=3m∕sD.am=3m∕s,aM=lm∕s

9.釣魚島（如圖所示）自古就是我國固有的領(lǐng)土，它到杭州市、福州市、基隆市的直線距離分

別為約598km、約385km、約190km。若某天我國海監(jiān)船為維護對釣魚島的主權(quán)，早上8:OO

從福州出發(fā)去釣魚島巡航,航行了450km,歷時7時35分到達釣魚島。下列說法中正確的是（）

A.8:OO是指時刻，7時35分是指時間間隔

B.利用所給信息可以求出海監(jiān)船的平均速度

C.該海監(jiān)船位移大小為45Okm

D.盡管海監(jiān)船比較大，但還可以將它看成質(zhì)點

10.2018年10月份，蕭山區(qū)某中學舉行了校秋季運動會，如圖所示是小明同學在參加跳高

決賽的現(xiàn)場，他以背越式跳過1.65m的高度拿到了本屆校運會的亞軍，為班級爭了光。若忽

略空氣阻力，則下列說法錯誤的是（）

A.小明腳離地起跳以后在上升過程中處于超重狀態(tài)，小明下降過程中處于失重狀態(tài)

B.小明腳離地起跳以后在上升過程中和下降過程中處于失重狀態(tài)

C.小明起跳時地面對他的支持力等于他的重力

D.小明起跳以后處于完全失重狀態(tài)所以在下降過程中小明所受重力消失了

11.關(guān)于速度、加速度、合力間的關(guān)系，正確的是（）

A.物體的速度越大，則物體的加速度越大，所受合力也越大

B.物體的速度為零，則物體的加速度一定為零，所受合力也為零

C.物體的速度為零，加速度可能很大，所受的合力也可能很大

D.物體的速度很大，加速度可能為零，所受的合力也可能為零

12.如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率%運行，初速度大小為外的小物塊從與

傳送帶等高的光滑水平地面上的4處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊

A.t2時刻，小物塊離Z處的距離達到最大

B.t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大

C.0~t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向一直向右

D.0?S時間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力

二、非選擇題(52分)

13.某實驗小組設(shè)計了如圖(α)所示的實驗裝置，通過改變重物的質(zhì)量，利用計算機可得滑

塊運動的加速度α和所受拉力F的關(guān)系圖像.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實

驗，得到了兩條α-F圖線，如圖所示。()

位移傳感器位移傳感器

圖(a)圖(b)

(1)圖線.,是在軌道左側(cè)抬高成為斜面情況下得到的(選填“①”或"②”)；

(2)滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)

μ

(3)實驗中是否要求滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量遠遠大于重物質(zhì)量的條件?一.

14.某?？萍蓟顒娱_展/關(guān)于平拋運動的研究學習，實驗的裝置如圖甲所示。

(1)除了木板、小球、斜槽、鉛筆、坐標紙、圖釘之外，下列器材中還需要的是。

A.彈簧測力計B.停表C.刻度尺D天平

(2)讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫小球做平拋運動的軌跡，為了能較準確地描繪

運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面的字母填在橫線上______O

A.斜槽軌道必須光滑

A通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平

C記錄小球位置用的木條(或凹槽)每次必須嚴格地等距離下降

。.小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙(或方格紙)相接觸

(3)如圖乙所示為實驗中用方格紙記錄下的小球的運動軌跡，a、b、c、d為軌跡上的四個點，

小方格的線邊長為L=1.25cm,重力加速度為g=9.8m∕s2,則小球做平拋運動的初速度大小

Uo=-------O

15?一輛汽車在平直的路面上勻速運動，由于前方有事而緊急剎車，從開始剎車到車停止,

被制動的輪胎在地面上發(fā)生滑動時留下的擦痕為14m,剎車時汽車的加速度大小為7zn∕s20

求：

(1)剎車前汽車速度的大小；

(2)剎車后3s內(nèi)汽車的位移；

(3)剎車后第IS內(nèi)汽車的平均速度。

16.繩OC與豎直方向成30。角，。為質(zhì)量不計的光滑滑輪，已知物體B質(zhì)量IOOkg,物體4質(zhì)

量20kg,物塊4和B均靜止,g=10τn∕s2,求：

(1)物體B所受地面的摩擦力和支持力分別為多大？

(2)OC繩的拉力為多大？

17.如圖所示，一足夠長的斜面傾角為37。，斜面BC與水平面AB圓滑連接。質(zhì)量m=2kg的

物體靜止于水平面上的M點，M點距B點之間的距離Z,=16m,物體與水平面和斜面間的動摩

擦因數(shù)均為〃=0.5,現(xiàn)使物體受到一水平向右的恒力F=14N作用，運動至B點時撤去該力

(sin37o=0.6,cos37o=0.8,取g=10m∕s2),貝∣J:

(1)物體到達B點時的速度是多大？

(2)物體沿斜面向上滑行的最遠距離是多少？

(3)物體再次回到B的速度是多大？

C

AMB

18.如圖所示，將小祛碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，祛碼

的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗。若祛碼和紙板的質(zhì)量分別為Tnl

和m2,各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為〃。重力加速度為9。

(1)當紙板相對祛碼運動時，求紙板所受摩擦力大??；

(2)要使紙板相對祛碼運動，求所需拉力的大小；

(3)本實驗中，m1=0.5kg,m2=0.1kg,μ=0.2,祛碼與紙板左端的距離d=0.1τn,取g=

2

10m∕so若祛碼移動的距離超過1=0.002m,人眼就能感知，為確保實驗成功，紙板所需的

拉力至少多大？

答案和解析

1.【答案】ACD

【解析】A伽利略根據(jù)理想斜面實驗，提出力不是維持物體運動的原因，是牛頓第一定律的實驗

基礎(chǔ)，A正確；

A物體不受外力作用時，不一定處于靜止狀態(tài)，也可能處于勻速直線運動，8錯誤；

C.力是改變物體運動狀態(tài)的原因，不是維持物體運動狀態(tài)的原因，C正確；

。.牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進行分析的產(chǎn)物，不可以用實驗直接驗證，。正確。

故選ACD.

2.【答案】B

【解析】由作用力與反作用力可知，。點對雜技演員的作用力大小為F,方向豎直向上。因為dOe、

bθg均成120。向上的張角，網(wǎng)繩dOe、bθg的彈力大小相等，假設(shè)網(wǎng)繩的張力為T,由幾何關(guān)系得

47,cos60°=F

解得，這時。點周圍每根網(wǎng)繩承受的力的大小為

1

T=2F

故選8。

3.【答案】C

【解析】

【分析】

球受重力、兩個擋板的彈力處于平衡，當ZB板固定，知4B板彈力的方向不變，兩彈力的合力豎

直向上，大小為τng,改變AC板彈力的方向，根據(jù)矢量三角形定則，判斷板、4C板對球彈力的

變化。處理力學的動態(tài)分析，抓住不變量，兩彈力的合力大小和方向保持不變，B板得彈力方向

保持不變，根據(jù)三角形定則，可判斷出力的大小變化。

【解答】

兩擋板彈力的合力等于重力，大小方向都不變，B擋板彈力的方向不變，改變C擋板的彈力方向，

根據(jù)三角形定則，(如圖)知B擋板的彈力逐漸減小，C擋板的彈力先減小后增大，故C正確，ABD

【解析】4根據(jù)u-t圖像中圖像的斜率表示加速度，由圖可知，t=Is時物體的加速度大小為

?v3.0..

a===1.5τn∕sz

故4錯誤；

員由圖可知，物體的速度一直為正，則第3s末物體速度方向未改變，故B錯誤；

CD根據(jù)V-t圖像中圖像與橫軸圍成的面積表位移，由圖可得，前7s內(nèi)物體的位移為

1

x7=2×?×(7+l)m—12m

物體前3s內(nèi)的位移為

1、

%3=,X3X(1+3)m=6m

由平均速度公式方=?可得，物體前3s內(nèi)的平均速度為

_6

V—3m/s—2m∕s

故C錯誤，D正確。

故選

5.【答案】A

【解析】

【分析】

對魚進行分析，由牛頓第二定律可明確水對魚的作用力的方向。

本題要注意明確水對魚還有豎直向上的作用力，這一力很容易忽略。

【解答】

魚在水中受水的浮力保持魚在豎直方向的平衡，由于水平方向向左加速，故魚受水平方向向左的

外力；故水對魚的作用力應(yīng)是浮力與向左推動力的合力；故應(yīng)斜向左上方；故4正確；BCo錯誤。

故選Ao

6.【答案】C

【解析】

【分析】

根據(jù)運動學公式分析前車剎車的總時間以及發(fā)生的位移，根據(jù)運動學公式分析該段時間后車的位

移，從而判斷前車停止時兩車是否相撞。

解決該題的關(guān)鍵是明確知道后車的運動情況，知道兩車相撞時所滿足的條件，熟記運動學中的位

移和時間以及速度和時間公式。

【解答】

兩車的初速度%=108km/h=30m∕s,結(jié)合運動學公式知兩車從剎車到速度為0的位移與=

窈=75m，則后車從開始到剎車到速度為0的位移Λ?=30(4+0.4)m+75m=207m>

2a

105m+x1=180m,所以兩車會相撞，相撞時前車已經(jīng)停止，距后車減速到速度為0的位置相距

Zx=207m-180m=27m,根據(jù)減速到速度為零的運動可以視為初速度為零的加速運動處理,

則相撞時后車的速度∕=2α∕x,解得V=I8m∕s,故C正確，ABO錯誤。

故選Co

7.【答案】D

【解析】

【分析】

對物體受力分析可知，在斜面上時物體受到重力、支持力和摩擦力的作用，在這些力的作用下物

體沿著斜面向下做勻加速直線運動，到達水平面上之后，在滑動摩擦力的作用下做勻減速運動，

由此可以判斷物體運動過程中的物理量的關(guān)系。

本題是為圖像的應(yīng)用，要明確斜率、面積等的含義，能根據(jù)圖像讀取有用信息、。

【解答】

A.由于物體的運動先是勻加速運動，后是勻減速運動，在每一個運動的過程中物體的加速度的大

小是不變的，所以物體的加速度一時間的圖像應(yīng)該是兩段水平的直線，不能是傾斜的直線，故A

錯誤；

B.根據(jù)物體的受力情況，可以判斷出物體先是在斜面上做勻加速直線運動，到達水平面上之后做

勻減速運動，所以物體運動的速度一時間的圖像應(yīng)該是傾斜的直線，不能是曲線，故8錯誤；

C.在斜面上物體做勻加速直線運動，X-t圖像斜率應(yīng)增大，故C錯誤；

。.在整個運動的過程中，物體受到的都是滑動摩擦力，所以摩擦力的大小是不變的，并且由于在

斜面上時的壓力比在水平面上時的壓力小，所以在斜面受到的滑動摩擦力也比在水平面上的小，

故。正確。

故選

8.【答案】C

【解析】

【分析】

分別對滑塊和平板車進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出各自加速度.

該題是整體法與隔離法的典型例題，要認真分析兩個物體的受力情況，正確判斷兩物體的運動情

況。

【解答】

若兩個物質(zhì)恰好要發(fā)生相等滑動，則根據(jù)牛頓第二定律，對物體Tn有：

μFN=ma-l,

FN-mg=O

2

解得：a1=2m∕s

對小車F—〃FN=Ma2

解得：F=2(M+m)

若F小于等于2(M+m),二者一起做勻加速直線運動，則它們一起運動的加速度小于等于2m∕s2,

若F大于2(M+τn),則二者都做勻加速直線運動，則m加速度等于2τn∕s2,M的加速度大于2m∕s2,

故只有選項C正確。

故選:Co

9.【答案】ABD

【解析】A?早上8：OO從福州出發(fā)，其中8：00指的是一個時間點，因此為時刻；歷時7時35分是

用了一段時間，為時間間隔，故A正確；

及由題意可知海監(jiān)船航行的位移大小約為385km,歷時7時35分，根據(jù)平均速度的定義可以求出平

均速度大小，方向為福州指向釣魚島，故B正確；

C.位移是從初位置到末位置的有向線段，大小約為385km；路程為軌跡的實際長度，為450km,

故C錯誤；

D該海監(jiān)船在海上航行時，確定位置時其大小可以忽略不計，故可以將該海監(jiān)船看成質(zhì)點，故。

正確。

故選ABD.

10.【答案】ACD

【解析】4B.小明腳離地以后，忽略空氣阻力，只受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，和物體的運動

方向無關(guān)，故3正確，4錯誤；

C小明起跳時，加速度向上，則地面對他的支持力大于重力，故C錯誤；

。完全失重狀態(tài)，即物體只受重力作用，并不是重力消失，故。錯誤。

本題選不正確項，故選40

11.【答案】CD

【解析】解：4、物體的速度大，加速度不一定大，如高速巡航的飛機，速度很大，加速度為零，

合力為零，故A錯誤；

以物體的速度為零，加速度不一定為零，如在槍膛中加速的子彈，開始時速度為零，但加速度不

為零，故8錯誤；

C、物體的速度為零，加速度不一定為零，如在槍膛中加速的子彈，開始時速度為零，但加速度

很大，故合力很大，故C正確；

。、物體的速度大，加速度可能為零，如高速巡航的飛機，速度很大，加速度為零，合力為零，

故。正確；

故選：CD。

速度表示運動的快慢，是位移的變化率；加速度表示速度變化的快慢，是速度的變化率；合力與

加速度關(guān)系遵循牛頓第二定律.

本題關(guān)鍵明確速度、加速度的物理意義，明確速度大小與加速度大小并無直接關(guān)系，關(guān)鍵是列舉

出熟悉的事例幫助理解.

12.【答案】BC

【解析】

【分析】

小物塊滑上傳送后在阻力作用下做勻減速直線運動，當速度減為O時，小物塊又反向勻加速運動最

后與傳送帶一起向右運動.根據(jù)圖象分析有：O?tι時間內(nèi)木塊向左勻減速直線運動，受到向右的

摩擦力，12小物塊向右勻加速，￡2-《3當速度增加到與皮帶相等時，一起向右勻速，摩擦力

消失。

本題的關(guān)鍵是通過圖象得出小物塊的運動規(guī)律，再由運動規(guī)律得出小物塊的受力和運動情況，從

而明確物塊與傳送帶之間的相對運動規(guī)律，此類問題涉及兩個物體多個過程，對學生分析能力能

起到較好的練習作用。

【解答】

4由圖可知，G時刻小物塊向左運動到速度為零，離4處的距離達到最大，此后反向運動，位移減

小，故A錯誤；

員由于傳送帶向右運動，Q時刻前小物塊相對傳送帶向左運動，之后相對靜止，則知小物塊相對

傳送帶滑動的距離達到最大，故8正確；

C.在O-功時間內(nèi)小物塊向左減速受向右的摩擦力作用，在S-勿時間內(nèi)小物塊向右加速運動，受

到向右的摩擦力作用，故摩擦力一直向右；故C正確；

Dt2之后，二者速度相等，保持相對靜止，故此時二者間沒有相對運動或相對運動的趨勢，不再

受摩擦力；故。錯誤。

故選BC.

13.【答案】⑴①;(2)0.5；0.2；(3)否。

【解析】

【分析】

知道滑塊運動的加速度α和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量

的倒數(shù)；

對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解；

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系；

運用數(shù)學知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解。

【解答】

(1)由圖象可知，當F=O時，aH0,也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗

操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的左端墊得過高，所以圖線①是在軌道

左側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；

(2)根據(jù)F=mα得α=，所以滑塊運動的加速度α和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳

感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)；

由圖形b得加速度α和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=2,所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量

m=0.5kg；

由圖形b得，在水平軌道上F=IN時，加速度α=0,根據(jù)牛頓第二定律得F-Wng=O,解得〃=

0.2；

(3)滑塊和位移傳感器發(fā)射部分受到的拉力由力傳感器得出，實驗過程中不需要控制滑塊和位移傳

感器發(fā)射部分的總質(zhì)量遠遠大于重物質(zhì)量。

故答案為：(1)①；(2)0.5；0.2；(3)否。

14.【答案】CBD##DB0.7

【解析】(1)[1]該實驗不需要測量小球的質(zhì)量和重力，故不需要彈簧測力計和天平，不需要測量

小球的運動時間，故不需要停表，實驗中需要刻度尺測量小球水平與豎直位移。

故選Co

(2)[2]4為保證小球做平拋運動的初速度相同，每次實驗需從斜槽同一位置靜止釋放小球，斜槽

軌道不需要光滑，故A錯誤；

A為了保證小球做平拋運動的初速度水平，需調(diào)節(jié)斜槽的末端保持水平，故B正確；

C.小球豎直方向做自由落體運動，記錄小球位置用的木條(或凹槽)每次無須嚴格地等距離下降，

故C錯誤；

。.小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙(或方格紙)相接觸，以免受到阻力的作用，故。正確。

故選8￡＞。

(3)[3]小球做平拋運動，豎直方向有

2

九Cd-hbc=gt

解得相鄰兩點間運動的時間為

1

t=---S

28

小球做平拋運動的初速度大小為

2L1.25×2×IO-2

V0=—=-----------?-----------m/s=0.7m∕s

28

15.【答案】l)14m∕s;(2)14m；(3)10.5τn∕s

【解析】(1)根據(jù)速度位移公式得

2

V—VQ=2ax

解得

v0=√-2ax=14m∕s

(2)汽車停止時所用的時間為

t=

所以3s內(nèi)的位移為前2s內(nèi)的位移

-vɑ

X=——=14m

2a

(3)第IS內(nèi)位移為

x1=v011+^ɑt?=10.5τn

剎車后第IS內(nèi)汽車的平均速度為

_Xi

V=—=10.5m∕s

tI

16.【答案】(I)N=900N,f=IOOqN;(2)200√^^N

【解析】(1)由于物體4保持靜止，故有

T=mAg=200N

對物體B受力分析，受重力、拉力、支持力和靜摩擦力，如圖所示

繩OC與豎直方向成30。角，根據(jù)幾何關(guān)系可知繩OB與水平方向夾角為30。，由平衡條件可得

N+7,sin30o

7,cos30o=/

代入數(shù)據(jù)解得

N=90。N,f=100?Γ3∕V

(2)對滑輪受力分析，受三個拉力，如圖所示

根據(jù)平衡條件有

Toc=2Tcos30°=200√^N

17.【答案】解：(1)根據(jù)題意，在水平面上，根據(jù)牛頓第二定律有

F—μmg=ma

解得

α=?=14-0.5X2X1。=2m∕s2

mg2,

由M到8,根據(jù)速度與位移公式M-VQ=2Q%可得

Vβ=2aL

解得

VB=√2aL=√2×2×16m∕s=8m∕s

(2)根據(jù)題意，上升過程，根據(jù)牛頓第二定律有

mgsinθ÷μmgcosθ=ma1

代入數(shù)據(jù)解得

222

a1=gsinθ+μgcosθ=10×0.6m∕s+10×0.5×0.8m∕s=10m∕s

由速度與位移公式蘇-VQ=2α%可得

VB=201x1

解得

?82

xl