2024屆四川省成都市高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測理科綜合（含答案解析）

成都市2021級高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測理科綜合本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。第Ⅰ卷（選擇題）1至5頁，第Ⅱ卷（非選擇題）6至14頁，共14頁；滿分300分，考試時間150分鐘。注意事項：1．答題前，務必將自己的姓名、考籍號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其它答案標號。3．答非選擇題時，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。4．所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無效。5．考試結(jié)束后，只將答題卡交回。第Ⅰ卷（選擇題，共126分）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.圖（a）為某型號家用全自動波輪洗衣機，圖（b）為洗衣機內(nèi)部結(jié)構(gòu)剖面圖，其內(nèi)桶由四根相同的輕質(zhì)吊桿前、后、左、右對稱懸掛（懸點可自由轉(zhuǎn)動），內(nèi)筒靜止時每根吊桿與豎直方向夾角均為α，內(nèi)桶總質(zhì)量為m，重力加速度大小為g，每根吊桿的拉力大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】內(nèi)筒受力平衡，根據(jù)平衡條件可得每根吊桿的拉力大小為故選B。2.圖示為一種自動測定油箱內(nèi)油面高度的裝置，裝置中金屬杠桿的一端接浮標（浮標與杠桿絕緣），另一端的觸點P接滑動變阻器R，油量表由電流表改裝而成。當汽車加油時，油箱內(nèi)油面上升過程中，下列說法正確的是（）A.電路中電流減小 B.兩端電壓減小C.整個電路消耗的功率增大 D.電源輸出功率一定增大【答案】C【解析】【詳解】A．當汽車加油時油箱內(nèi)油面上升時，通過浮球和杠桿使觸點P向下滑動，滑動變阻器R接入電路的電阻變小，整個電路的總電阻變小，電路中的電流變大，故A錯誤；B．兩端電壓由于電路中的電流變大，所以兩端電壓升高，故B錯誤；C．整個電路消耗的功率由于電路中的電流變大，所以整個電路消耗的功率增大，故C正確；D．電源輸出功率當時，電源輸出功率最大，因不知道電路中各個電阻的大小關(guān)系，所以無法判斷電源輸出功率的變化，故D錯誤。故選C。3.如圖，沿水平直軌道運行的地鐵車廂內(nèi)，有一拉環(huán)（可視為質(zhì)點）用輕繩與套于水平桿中的固定限位塊相連，某段時間內(nèi)拉環(huán)與豎直方向夾角始終為θ。已知限位塊、拉環(huán)質(zhì)量分別為M、m，重力加速度大小為g，則在該段時間內(nèi)（）A.輕繩拉力大小為B.列車加速度大小為C.列車一定水平向右做勻加速運動D.水平桿對限位塊的作用力大小為【答案】A【解析】【詳解】A．拉環(huán)受重力、輕繩拉力作用，豎直方向根據(jù)平衡條件可得輕繩拉力大小為故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律列車加速度大小為故B錯誤；C．由拉環(huán)傾斜情況可知列車加速度方向水平向右，列車速度方向不知，列車可能水平向左做勻減速運動，故C錯誤；D．將限位塊、拉環(huán)看做整體，水平桿對限位塊的作用力大小為故選A。4.如圖，真空中兩個等量異種點電荷P、Q關(guān)于O點對稱分布，P帶正電，A為P、Q連線上一點。保持距離不變，增大P、Q之間的距離后再次靜止（仍關(guān)于O點對稱）。選無窮遠為零電勢點，則P、Q距離增大后（）A.O點的場強不變 B.O點的電勢升高 C.A點的場強變小 D.A點的電勢降低【答案】C【解析】【詳解】A．由點電荷周圍的場強公式可知，增大P、Q之間的距離后，P、Q到O點的距離都變大，P、Q在O點的場強都變小，由場強的疊加可知，O點的場強變小，故A錯誤；B．增大P、Q之間的距離后O點的電勢仍然為零，不變，故B錯誤；C．增大P、Q之間的距離后，P、Q到A點的距離都變大，P、Q在A點的場強都變小，由場強的疊加可知，A點的場強變小，故C正確；D．增大P、Q之間距離后O、A間的場強減小，由可知，增大P、Q之間的距離，OA距離不變，所以O、A之間的電勢差變小，由O點電勢不變，A點的電勢低于O點的電勢，可知A點的電勢升高，故D錯誤。故選C。5.水果的碰傷閾值是指水果在不碰傷的情況下能夠從靜止狀態(tài)跌落的最大高度。已知導致蘋果碰傷所需的平均作用力約為蘋果自身重力的3倍。假設蘋果在接觸鋼板后0.1s減速至靜止，重力加速度g取，則蘋果在鋼板上的碰傷閾值最接近（）A.10cm B.20cm C.30cm D.45cm【答案】B【解析】【詳解】設蘋果剛接觸鋼板時速度為，取向上為正方向，根據(jù)動量定理，有解得設蘋果從靜止狀態(tài)跌落的最大高度為，有解得故選B。6.2023年10月，神舟十七號飛船成功與中國空間站對接，對接后的組合體運行周期約1.5小時，保證神舟十七號飛船正常通信的功臣是在地球同步軌道上運行的中繼衛(wèi)星，組合體與中繼衛(wèi)星繞地球的運動均可視為勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A.組合體的軌道高度大于中繼衛(wèi)星的軌道高度B.組合體的線速度大于中繼衛(wèi)星的線速度C.組合體的角速度小于中繼衛(wèi)星的角速度D.組合體的加速度大于中繼衛(wèi)星的加速度【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)可得已知組合體運行周期約1.5小時，中繼衛(wèi)星的周期為24小時，可知組合體的周期小于中繼衛(wèi)星的周期，所以組合體的軌道半徑小于中繼衛(wèi)星的軌道半徑，組合體的軌道高度小于中繼衛(wèi)星的軌道高度，A錯誤；B．根據(jù)可得可知，軌道半徑越小，線速度越大，所以組合體的線速度大于中繼衛(wèi)星的線速度，B正確；C．根據(jù)可知，周期越小，角速度越大，所以組合體的角速度大于中繼衛(wèi)星的角速度，C錯誤；D．根據(jù)可得可知，軌道半徑越小，加速度越大，所以組合體的加速度大于中繼衛(wèi)星的加速度，D正確。故選BD。7.如圖，平行板電容器與電壓為U的直流恒壓電源相連，改變電容器板間距離d，待電路穩(wěn)定后，帶正電的粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，從靠近左板處由靜止釋放，測得粒子從出發(fā)至右板所用的時間為t，到達右板的速度大小為v，重復上述過程，完成多次實驗。板間電場可視為勻強電場，粒子所受重力忽略不計。下列圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】【詳解】AB．對于帶正電的粒子，在勻強電場中受電場力作用，根據(jù)動能定理，有可得可知，粒子到達右板的速度v的大小與板間距離d無關(guān)，A正確、B錯誤；CD．設粒子在電場中運動的加速度為，有聯(lián)立可得可知，粒子從出發(fā)至右板所用的時間與板件距離成正比，C正確、D錯誤。故選AC。8.如圖，空間存在范圍足夠大的勻強電場，場強大小，方向水平向右。豎直面內(nèi)一絕緣軌道由半徑為R的光滑圓弧與足夠長的傾斜粗糙軌道AB、CD組成，AB、CD與水平面夾角均為45°且在B、C兩點與圓弧軌道相切。帶正電的小滑塊質(zhì)量為m，電荷量為q，從AB軌道上與圓心O等高的P點以的速度沿軌道下滑。已知滑塊與AB、CD軌道間的動摩擦因數(shù)，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.滑塊在AB軌道下滑時的加速度大小為gB.滑塊在軌道中對軌道的最大壓力為3mgC.滑塊最終將在軌道之間做往復運動D.滑塊在AB軌道及CD軌道上運動的總路程為2R【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知重力與電場力的合力，方向垂直于AB面向下，滑塊在AB軌道下滑時，有解得加速度大小為g，A正確；B．由幾何關(guān)系可知，滑塊在軌道的B點對軌道有最大壓力，設此時滑塊的速度為，軌道對滑塊的支持力為，有解得根據(jù)牛頓第二定律，有解得根據(jù)牛頓第三定律，滑塊在軌道中對軌道的最大壓力為B錯誤；C．從B點到C點，電場力做負功，滑塊需克服電場力做功為所以滑塊在到達C點前已經(jīng)減速到0，后反向滑回到B點，滑塊從B點出發(fā)到滑回到B點的過程中，合力做功為零，所以速度大小不變，仍為，然后沿BA軌道上向上滑行，由于在BA軌道只有摩擦力做負功，所以最后會停在AB軌道上，C錯誤；D．由于滑塊在軌道上合力做功為0，所以滑回B點時，速度依然為，設在AB軌道上滑行后減速為0，有解得所以滑塊在AB軌道及CD軌道上運動的總路程為D正確。故選AD。第Ⅱ卷（共174分）二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~32題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）9.某同學用圖（a）所示的裝置測量木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)。長木板水平固定，木塊通過水平輕繩繞過輕質(zhì)光滑定滑輪連接重物。（1）實驗時________（選填“①”或“②”），得到加速階段的部分紙帶如圖（b）所示，A、B、C、D、E為打下的相鄰的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點之間還有4個計時點未畫出。①先接通打點計時器電源，再由靜止釋放重物②先由靜止釋放重物，再接通打點計時器電源（2）測量得，，木塊質(zhì)量為M=0.5kg，重物質(zhì)量為m=0.2kg。已知打點計時器的頻率為50Hz，重力加速度，忽略紙帶與打點計時器限位孔之間的阻力。則打下B點時木塊的速度________m/s，木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)約為μ=________。（所有計算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】①.①②.0.27③.0.26【解析】【詳解】（1）[1]使用打點計時器時應先接通電源，后釋放紙帶，故選①。（2）[2]由于相鄰計數(shù)點之間還有4個計時點未畫出，所以相鄰計數(shù)點之間時間間隔為B點的速度為[3]D點的速度為加速度為根據(jù)牛頓第二定律，有解得10.某同學用圖（a）所示電路完成“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗。所需器材：小燈泡L（額定電壓3V，額定功率約0.6W）；電源E（電動勢6V，內(nèi)阻很小可忽略不計）；電壓表V（量程3V，阻值很大）；電流表A（量程0.25A，內(nèi)阻約0.4Ω）；滑動變阻器R（總阻值約10Ω）；保護電阻（阻值待定）；開關(guān)S；導線若干。（1）請依照圖（a）所示電路，在圖（b）中補全實物連線__________。（2）實驗步驟：①閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，使滑片停留在最________（選填“左”或“右”）端；②閉合開關(guān)后，逐漸移動滑動變阻器的滑片，增加小燈泡兩端的電壓，記錄電流表和電壓表的多組讀數(shù)，直至電壓達到額定電壓；③記錄如下8組U和I的數(shù)據(jù)后斷開開關(guān)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在圖（c）所示方格紙上描繪完整的表格數(shù)據(jù)并作出小燈泡的伏安特性曲線。編號12345678U/V0.200601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1750.2000.2150.220小燈泡發(fā)光情況不亮微亮逐漸變亮正常發(fā)光（3）若實驗室中沒有量程為0.25A的電流表，可用一只量程為50mA，阻值為2Ω的毫安表并聯(lián)電阻值為________Ω的定值電阻改裝而成。（4）燈泡正常發(fā)光時的電阻與燈泡不亮時的電阻的比值為________（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（5）為了能順利完成實驗，且較大程度起到保護作用，保護電阻的阻值應為________Ω（選填“20”、“10”、“5”或“2”）?！敬鸢浮竣?②.左③.0.5④.1.4⑤.5【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)電路圖，連接實物圖為（2）[2]閉合開關(guān)前，應使電壓表和電流表的電壓和電流最小，所以應使滑片停留在最左端。（3）[3]設毫安表的量程為，電阻為，根據(jù)電流表的改裝原理，有解得（4）[4]小燈泡不亮時，電阻為小燈泡正常發(fā)光時，電阻為（5）[5]為較大程度地保護電路，則應串聯(lián)一個保護電阻，使得滑動變阻器的滑片劃到最右端時，小燈泡能正常發(fā)光，從表格中可知，小燈泡正常發(fā)光時電壓為3V，電流為0.22A，根據(jù)歐姆定律，有解得考慮到實際操作，選擇的保護電阻即可。11.如圖，在第一象限0≤x≤2L區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強電場（未知），2L<x≤4L區(qū)域內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強電場（未知）。一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以速率從坐標原點O沿x軸正方向進入電場并依次通過和兩點。不計粒子的重力。已知L、m、q和，求：（1）粒子運動至A點的速度大??；（2）場強的大小。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）粒子在電場中x方向做勻速直線運動，y方向做初速度為零的勻加速直線運動x方向y方向在A點處的速度大小為（2）粒子在電場中x方向做初速度不為零勻加速直線運動，y方向做勻速直線運動，y方向x方向由牛頓第二定律有聯(lián)立解得12.圖（a）為成都天府國際機場某貨物傳送裝置實物圖，簡化圖如圖（b）所示，該裝置由傳送帶ABCD及固定擋板CDEF組成，固定擋板CDEF與傳送帶上表面垂直，傳送帶上表面ABCD與水平地面的夾角θ=37°，CD與水平面平行。傳送帶勻速轉(zhuǎn)動時，工作人員將質(zhì)量分布均勻的正方體貨物從D點由靜止釋放，貨物對地發(fā)生位移L=10m后被取走，貨物在傳送帶上運動時的剖面圖如圖（c）所示。已知傳送帶勻速運行的速度v=1m/s，貨物質(zhì)量m=10kg，其底部與傳送帶ABCD的動摩擦因數(shù)為，其側(cè)面與擋板CDEF的動摩擦因數(shù)為。（sin37°=0.6，重力加速度，不計空氣阻力）。求：（1）貨物剛放上傳送帶時，其底面所受滑動摩擦力的大小及側(cè)面所受滑動摩擦力的大??；（2）貨物在傳送帶上所經(jīng)歷的時間t及傳送裝置多消耗的電能E；（3）某次測試過程中工作人員每隔從D點靜止釋放相同的貨物，貨物對地發(fā)生位移L=10m后被取走，若維持傳送帶勻速運轉(zhuǎn)，傳送帶相對空載時需增加的最大功率?！敬鸢浮浚?），；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）貨物放上傳送帶后，由剖面圖對貨物受力分析可得，傳送帶對貨物支持力為，貨物底面所受滑動摩擦力為，檔板對貨物支持力為，貨物側(cè)面所受滑動摩擦力為，由力的平衡條件由滑動摩擦力計算式有，代入數(shù)據(jù)可得，（2）因為與運動方向相同，與運動方向相反，貨物將從靜止開始沿傳送帶做勻加速直線運動，若能共速，則此后做勻速運動，由牛頓第二定律可得解得設貨物勻加速至與傳送帶共速經(jīng)歷時間為，對地位移為，由運動學公式得貨物勻加速階段的位移為因，故能夠共速。共速后，貨物做勻速直線運動，直至被取下，設此段運動時間為，位移為由運動學公式得貨物勻速階段所用的時間為貨物運動總時間為傳送裝置多消耗的電能等于貨物與傳送裝置之間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能和貨物增加的動能之和。貨物與傳送帶之間貨物與擋板之間貨物增加的動能傳送裝置多消耗的電能為（3）分析可知貨物在傳送帶上從靜止到與傳送帶共速經(jīng)歷的時間均為，之后以速度v做勻速運動。因第1個貨物在傳送帶上運動的總時間為t=10.2s，設第1個貨物釋放后又釋放了N個貨物，則分析可知當?shù)?個貨物即將被取走時，傳送帶上共有11個貨物，且前10個已共速。第11個貨物在傳送帶上運動的時間為第11個貨物相對傳送帶滑動。綜上，傳送帶上有11個貨物且第11個處于加速運動階段時，傳送帶需增加的功率達到最大值。傳送帶受到前10個貨物的靜摩力大小為，受到第11個貨物的滑動摩擦力大小為，由瞬時功率計算式有（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑。注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學科按所做的第一題計分。[物理選修3—3]13.下列說法中正確的是（）A.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過一個絕熱壓縮過程，其溫度一定升高B.給自行車打氣時氣筒活塞壓下后反彈，是由分子斥力造成的C.第二類永動機不可能制成的原因是違反了能量守恒定律D.運送貨物的卡車停于水平地面，在緩慢卸貨過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計分子間勢能，則胎內(nèi)氣體從外界吸熱E.液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對微粒的撞擊作用不平衡所引起的【答案】ADE【解析】【詳解】A．—定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過絕熱壓縮，則外界對氣體做功，則根據(jù)熱力學第一定律可知即氣體的內(nèi)能增大，則氣體的溫度升高，故A正確；B．用氣筒給車胎打氣，氣筒壓下后有反彈是輪胎的內(nèi)部壓強大于外界大氣壓，并不是分子間的斥力，故B錯誤；C．第二類永動機不可能制成的原因是其違反了熱力學第二定律，故C錯誤；D．運送貨物的卡車停于水平地面，在緩慢卸貨過程中，若車胎不漏氣，胎內(nèi)氣體溫度不變，不計分子間勢能，則氣體的內(nèi)能不變，氣體做等溫變化，根據(jù)可知氣體壓強減小，氣體體積增大，氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律，故胎內(nèi)氣體從外界吸熱，故D正確；E．液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對微粒的撞擊作用不平衡所引起的，故E正確。故選ADE。14.如圖（a），豎直圓柱形汽缸導熱性良好，用橫截面積為S的活塞封閉一定量的理想氣體，活塞質(zhì)量為，此時活塞靜止，距缸底高度為H。在活塞上放置質(zhì)量為（未知）的物塊靜止后，活塞距缸底高度為，如圖（b）所示。不計活塞與汽缸間的摩擦，已知大氣壓強為，外界溫度為27℃，重力加速度為g，汽缸始終保持豎直。（i）求物塊質(zhì)量；（ii）活塞上仍放質(zhì)量為物塊，為使得活塞回到距缸底為H的高度，求密封氣體的熱力學溫度T應緩慢上升為多少；若此過程中氣體內(nèi)能增加了，求