物理-河北承德部分高中2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月期中考帶答案

本試卷分第L卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。共8頁，滿分100分75分鐘第卷選擇題共46分)-、單項(xiàng)選擇題(本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中甲、乙兩人用繩ao和。P樓和的物塊由。點(diǎn)沿為銳角。則在物塊由。點(diǎn)沿。a至()A.a0繩和。繩中的彈力逐漸減小B.ao繩和。繩中的彈力逐漸增大DD·，()衛(wèi)星通信類別軌道高度范圍特點(diǎn))35786km損耗大，在實(shí)時(shí)通信中存在顯著延遲物理第1頁(共8頁)小時(shí)小時(shí)相同M點(diǎn)與3E,M點(diǎn)與P點(diǎn)的連線垂直于電場(chǎng)線M點(diǎn)與3M點(diǎn)和P點(diǎn)重力不計(jì)。關(guān)于兩粒子從進(jìn)人電場(chǎng)至到達(dá)P點(diǎn)的過程，下列說法正確的是()A.練習(xí)滑板與滑板練習(xí)滑板與滑板A一起以20mB，在滑板A接近滑板A跳上滑板45kg，兩滑5kg5kg上述過程中該同學(xué)與滑板A和滑板B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒該同學(xué)跳回滑板A后他和滑板A的共同速度為19m/s5N·S物理第2頁(共8頁)A.A.5.如圖所示，ABC為正三角形，AB和AC點(diǎn)，D為BC中垂線上。點(diǎn)右側(cè)的一點(diǎn)正確的是，P為BC，0為BC邊中()A.0點(diǎn)和D點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度可能大小相等方向相同B.D點(diǎn)的電勢(shì)一定低于P點(diǎn)C將一正檢驗(yàn)電荷沿直線從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)電勢(shì)能不變D將一正檢驗(yàn)電荷沿直線從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功如圖所示，A、B兩個(gè)木塊靜止疊放在豎直輕彈簧上已知mA=mB=1kg輕彈簧的勁度系數(shù)為2m/s2的加為彈簧的彈性勢(shì)能減小了1.28J，重力加速度g取10m/s2下列判斷不正確的是()A.木塊A向上做勻加速運(yùn)動(dòng)的過程中，力F的最大值是12NB·木塊A向上做勻加速運(yùn)動(dòng)的過程中，力F的最小值是4NC.從A向上做勻加速運(yùn)動(dòng)到A、B分離的過程中，力F對(duì)木塊做功為0.64JD.從A向上做勻加速運(yùn)動(dòng)到A、B分離的過程中，力F對(duì)木塊做功為0.96J7.如圖所示，某空間內(nèi)有一范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向與梯形區(qū)域ABCD平行，AB/CDAD=DC=CB=2AB＝2m，A=10VPB=30VPC=20V，一比荷為0.6C/kg的帶負(fù)電粒子由A點(diǎn)沿AD方向以速率。進(jìn)入該電場(chǎng)，恰好可以通過C點(diǎn)。粒子的重力，下列說法正確的是(已知q=m不計(jì))A.D點(diǎn)電勢(shì)為零B電場(chǎng)強(qiáng)度方向由D指向BD該粒子到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度方向與BC邊垂直物理第3頁(共8頁)3，每小題6分，共。分)理想電表當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，U1和U2，三個(gè)電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為U電壓表V、V1和V2的示數(shù)分別為U、、U1和U2，電流表A的示數(shù)為I,電()AU2增大不變CU2>U1＋U對(duì)值為I3則△I2<I3繩彈力的大小F隨cosθ變化的部分圖像圖乙中α為已知量。重力加速度為，忽略空氣阻力，則()a物理第4頁(共8頁)OM連線與。C的夾角為60。該圓處于方向與圓面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。將帶正電、電荷量量為q、質(zhì)量為m的油滴從圓心。點(diǎn)以相同的初動(dòng)能Eko射出，射出方向不同時(shí)，油滴可以為g勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=2gE4()A.電場(chǎng)線與MO垂直且B點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)B·油滴經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為4Ec.A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為ED.油滴經(jīng)過cn連線中點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為E第Ⅱ卷非選擇題共54分)非選擇題本題共5小題，共54分)(6分)某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系(((運(yùn)動(dòng)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖2所示圖中相鄰兩點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫出)。小車的加速度大小為m2。(結(jié)果保留3位有效數(shù)字(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)改變砝碼桶內(nèi)砝碼的質(zhì)量，分別測(cè)量木塊在不同外力作用下的加速度。的多組數(shù)據(jù)畫出關(guān)系圖像，如圖3所示。此圖像的AB段明顯偏離直線象的主要原因可能是。(選填下列選項(xiàng)的字母(8分)某同學(xué)用氣墊導(dǎo)軌裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，們與數(shù)字計(jì)時(shí)器相連兩個(gè)滑塊A、B包含擋光片如圖所示。其中G1、G2，它(1)先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平輕推一下B，直到它通過光電門G1的時(shí)間(填"大于""等于"或小于")它通過光電門G2的時(shí)間；(2)將B靜置于兩光電門之間，將A靜置于光電門Gn右側(cè)，用手輕推一下A，使其向左運(yùn)動(dòng)，與B發(fā)生碰撞為了使A，則mm2(填"＞""="或"＜)；(3)在滿足第(2)問的前提下光電門Gn記錄的擋光時(shí)間為△t1，滑塊B、A先后通過光電門G2時(shí)，G2記錄的擋光時(shí)間分別為△t2、t8，已知兩擋光片寬度相同，若m1、m2、t1、t2表示)，則可驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，若ti、△t2和t3(僅用△t、t2和t3表示)，則說明A、B發(fā)生的是彈性碰撞。13·(10分，某同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)取一質(zhì)量為m的物示，若已知斜面的傾角α＝37°，g取10m/s2，.6。求：(1)物體與斜面之間的摩擦系數(shù)(2撤去推力F后，物體還能上升的距離物理第5頁(共8頁)物理第6頁(共8頁)14(12分如圖所示，木板A、B靜止于光滑水平面上，B上表面水平且足夠長(zhǎng)其左端放置一滑塊C,B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)為AB由不可伸長(zhǎng)的理想輕繩連接繩子處于松弛狀態(tài)現(xiàn)在突然給C一個(gè)向右的速度20，讓C在B上滑動(dòng)，當(dāng)C的速度為vO時(shí)繩子剛好伸直接著2繩子被瞬間拉斷繩子拉斷時(shí)B的速度為0,A、B、C的質(zhì)量均為m(重力加速度為g)。2(1求從C獲得速度2VO開始經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間繩子被拉直(2)求拉斷繩子造成的機(jī)械能損失(3)若最終C未脫離B則B的長(zhǎng)度至少為多少？15.(18分)如圖所示，圓弧軌道AB的圓心為0，半徑為R＝2.5m，圓弧軌道AB的B點(diǎn)與水平地面BE相切，B點(diǎn)在。點(diǎn)的正下方，在B點(diǎn)的右側(cè)有一豎直虛線CD，B點(diǎn)到豎直虛線CD的距離為L(zhǎng)n＝2.5m豎直虛線CD的左側(cè)有一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1(大小未知)豎直虛線CD的右側(cè)有電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2(大小未知)、豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)。豎直虛線CD的右側(cè)有一豎直墻壁EF，墻壁EF到豎直虛線CD的距離為L(zhǎng)2=lm墻壁EF底端E點(diǎn)與水平地面BE相接連墻壁EF的高度也為L(zhǎng)2=1m。現(xiàn)將一電荷量恒為9=＋4×10-2C、質(zhì)量為m=lkg的滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放沿圓弧軌道AB下滑，過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為4m/S，最后進(jìn)入豎直虛線CD右側(cè)。已知滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)圓弧軌道AB光滑，水平地面BE與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0暢2重力加速度g取10m/S2AOB＝53(1求場(chǎng)強(qiáng)E1的大小()求滑塊到達(dá)豎直虛線(3)要使滑塊與豎直墻壁EF碰撞，求E2的取值范圍物理第7頁(共8頁)物理第8頁(共8頁)1.C2.A3.D4.B5.C6.D7.1.C2.A3.D4.B5.C6.D7.C8.AD9AD10CD11·(1)B(2分)(3)D(2分) mgt=mom20解得t=g(2設(shè)繩剛被拉直時(shí)B的速度為B，對(duì)B、C由動(dòng)量守恒定律有m20=mv＋mB解得B＝W(2分)(1分)(1分)(2)201(2分)moB=mA十m2(1分)12·(1)等于(2分)2解得A=02(2)＞(2分)11121112失E-2mB22WA22()(113.(1)(2)0075m【解析】(1)0～2s內(nèi)，由(2)0075m【解析】(1)0～2s內(nèi)，由Ft圖像可得F1=215N由牛頓第二定律可得F1mgsinαmgcosα=ma1(2分)由圖像可得α=t=0.5m2(1分)2s后，由Ft圖像可得F2＝20N由牛頓第二定律可得F2mgsinαmgcosa=0(2分)解得=(1分)(2撤去推力F后，由牛頓第二定律可得 mgcosαmgsinα=ma2(2分)解得a2=-3m2(3)設(shè)C在拉斷前的過程中相對(duì)于B的位移為L(zhǎng)1，由能量守恒2(20)2=202+2mB2十mgL(1分)設(shè)繩子拉斷后C恰好滑到B的右端時(shí)又相對(duì)于B滑動(dòng)了L2，對(duì)BC分析，根據(jù)動(dòng)量守恒有2mu＋m0＝2m(1分)2由能量守恒有22221m2+1(2=1×22+ogL2(12222木板至少長(zhǎng)L＝L1＋L2(1分)16μg15.(25N/C(2)1m/1s運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)則由速度位移公式得運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)則由速度位移公式得【解析】(1⑴滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中由動(dòng)能14(1)定理有WAB+gR(1-OS53"=2mB214(1)滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中(2)4m02(3)172WAB(2)4m02(3)172解得E1＝25N/C(1分)16μg【解析】(1)從C獲得一個(gè)向右的速度(2)滑塊從B16μg【解析】(1)從C獲得一個(gè)向右的速度第二定律有E1十μm