2024年江西省宜春市上高縣二中物理高一下期末教學質量檢測模擬試題含解析

2024年江西省宜春市上高縣二中物理高一下期末教學質量檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)下列說法不正確的是A．開普勒總結并提出了行星運動的三個定律B．卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了萬有引力常量C．伽利略認為“重的物塊比輕物體下落得快”D．波蘭天文學家哥白尼提出了“日心說”，大膽反駁“地心說”2、(本題9分)如圖，三個固定的帶電小球a、b和c,相互間的距離分別為ab=5cm,bc=3cm,ca=4cm.小球c所受庫侖力的合力的方向垂直于a、b的連線，設小球a、b所帶電荷量的比值的絕對值為k,則A．a、b為異種電荷，k=4/3B．a、b為同種電荷，k=4/3C．a、b為同種電荷，k=16/9D．a、b為異種電荷，k=16/93、(本題9分)設地球表面處重力加速度為g，地球半輕為R，在地球赤道平面上距地面高度為2R處的重力加速度為g’，則等于A．0.25 B．0.5 C．4 D．94、(本題9分)用伏安法測電阻的電路如圖甲或乙所示，已知電流表的內電阻約為0.2Ω，電壓表的內電阻約為10kΩ，若被測電阻R的電阻值約為4Ω，則以下結論中正確的是A．選用甲電路測量結果更準確，且測量值大于電阻的真實B．選用甲電路測量結果更準確，且測量值小于電阻的真實值C．選用乙電路測量結果更準確，且測量值大于電阻的真實值D．選用乙電路測量結果更準確，且測量值小于電阻的真實值5、(本題9分)2013年12月6日17時47分，在北京飛控中心工作人員的精密控制下，嫦娥三號開始實施近月制動，進入100公里環(huán)月軌道Ⅰ，2013年12月10日晚21:20分左右，嫦娥三號探測器將再次變軌，從100公里的環(huán)月圓軌道Ⅰ，降低到近月點（B點）15公里、遠月點（A點）100公里的橢圓軌道Ⅱ，為下一步月面軟著陸做準備．關于嫦娥三號衛(wèi)星，下列說法正確的是A．衛(wèi)星在軌道Ⅱ運動的周期大于在軌道Ⅰ運動的周期B．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的加速度大于在軌道Ⅰ上A點的加速度C．衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的動能小于在軌道Ⅱ經過B點時的動能D．衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，在A點應加速6、(本題9分)在離地面高為h處豎直上拋一質量為m的物塊，拋出時的速度為，當它落到地面時速度為v，用g表示重力加速度，則在此過程中物塊克服空氣阻力所做的功等于（）A． B．C． D．7、(本題9分)發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3，軌道1、2相切于Q點，軌道2、3相切于P點，如圖所示。衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運行時，不計空氣阻力，以下說法正確的是A．衛(wèi)星在軌道3上運行的周期大于在軌道2上運行的周期B．衛(wèi)星在軌道2上經過Q點時的加速度大于它在軌道1上經過Q點時的加速度C．衛(wèi)星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能D．衛(wèi)星在軌道2上由Q點運動至P點的過程中，速度減小，加速度減小，機械能減小8、(本題9分)任何有質量的物體周圍都存在引力場，萬有引力是通過引力場發(fā)生作用的。引入“引力場強度”A來表示引力場的強弱和方向，質量為m的物體在距離地心r處（r大于地球半徑）受到的萬有引力為F，則地球在該處產生的引力場強度A=，以下說法正確的是（）A．A的單位與加速度的單位相同B．A的方向與該處物體所受萬有引力的方向一致C．r越大，A越大D．m越大，A越小9、下列哪些運動中加速度恒定不變（忽略空氣阻力）A．平拋運動 B．勻速圓周運動 C．自由落體運動 D．豎直上拋運動10、(本題9分)如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1=2m/s順時針運行，質量m=2.0kg的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處以初速度v2=4m/s向左滑上傳送帶，若傳送帶足夠長，已知物塊與傳送帶間摩擦因數(shù)為0.4，，下列判斷正確的是A．物體離開傳送帶速度大小為2m/sB．物體離開傳送帶速度大小為4m/sC．摩擦力對物塊做的功為-12JD．系統(tǒng)共增加了12J的內能11、(本題9分)兩個小球A、B在光滑水平面上相向運動，已知它們的質量分別是m1＝4kg，m2＝2kg，A的速度v1＝3m/s(設為正)，B的速度v2＝－3m/s，則它們發(fā)生正碰后，其速度可能分別是()A．均為1m/sB．＋4m/s和－5m/sC．＋2m/s和－1m/sD．－1m/s和＋5m/s12、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標軸，A、B為x軸上的兩點，xA、xB分別為A、B兩點在x軸上的坐標值．一電子僅在電場力作用下沿x軸運動，該電子的電勢能Ep隨其坐標x變化的關系如圖乙所示，則下列說法中正確的是()A．該電場一定不是孤立點電荷形成的電場B．A點的電場強度小于B點的電場強度C．電子由A點運動到B點的過程中電場力對其所做的功W＝EpA－EpBD．電子在A點的動能小于在B點的動能二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖所示，在“研究平拋運動”的實驗中，可以描繪出小球平拋運動的軌跡，實驗簡要步驟如下：A．讓小球多次從同一位置靜止釋放，在一張印有小方格的紙上記下小球經過的一系列位置，如圖中a、b、c、d所示.B．安裝好器材，注意斜槽末端切線水平，記下平拋初位置O點和過O點的水平線與豎直線.C．取下方格紙，以O為原點，以水平線為x軸，豎直線為y軸建立坐標系，用平滑曲線畫出小球平拋運動的軌跡.（1）上述實驗步驟的合理順序是____________.（2）已知圖中小方格的邊長為L，則小球從a位置運動到c位置所用的時間為________，小球平拋的初速度為________.(均用L、g表示)14、（10分）在做研究平拋運動的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡．(1)為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面字母填在橫線上：_____A．每次釋放小球的位置不必相同B．通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平C．每次必須由靜止釋放小球D．小球運動時應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸(2)用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算式為v0=__（用L、g表示）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖所示，甲圖中變阻器的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如乙圖中的AC、BC兩直線所示．不考慮電表對電路的影響．（1）定值電阻R0，變阻器的總電阻R分別為多少？（2）求出電源的電動勢和內阻．16、（12分）(本題9分)2014年11月1日，被譽為“嫦娥五號”的“探路尖兵”載人返回器在內蒙古預定區(qū)域順利著陸．標志著我國己全面突破和掌握航天器載人返回關鍵技術．為“嫦娥五號”任務順利實施和探月工程持續(xù)推進奠定了堅實基礎．己知人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動．經過時間t（t小于航天器的繞行周期）．航天器與月球中心連線掃過的角度為θ．萬有引力常量為G．（1）試計算航天器的環(huán)繞周期T；（2）若航天器的運行軌道半徑為r．求月球的質量M．17、（12分）(本題9分)冰壺運動是冬奧會上關注度極高的一個項目,比賽場地示意圖如圖,圓心離投擲線的距離為．比賽時,運動員從起滑架處推著冰壺出發(fā),在投擲線處放手讓冰壺以一定的速度滑出,使冰壺的停止位置盡量靠近圓心．為使冰壺滑行得更遠,運動員可以用毛刷擦冰壺運行前方的冰面,使冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)減小．設不用毛刷擦冰面時,冰壺勻減速的加速度大小是,用毛刷擦冰面時,冰壺勻減速的加速度大小是．(1)若運動員乙不用毛刷擦冰壺運行前方的冰面,為使冰壺能夠沿虛線運動恰好停止在圓心點,運動員甲應該在投擲線處以多大的速度將冰壺沿虛線推出?(2)在某一局比賽中,運動員甲使冰壺在投擲線的中點處以的速度沿虛線推出,推出后,感覺速度偏小,冰壺運動了后,運動員乙立刻從此處開始用毛刷擦冰面至點處,則冰壺最終所停的位置距投擲線的距離為多大?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

開普勒在對第谷的觀察資料研究的基礎上，總結并提出了行星運動的三個定律故A不符合題意；牛頓提出的萬有引力定律，卡文迪許利用扭秤裝置比較準確地測出了萬有引力常量，故B不符合題意；亞里斯多德認為兩個從同一高度自由落下的物體，重的物體比輕的物體下落得快，伽利略認為輕、重物體下落的一樣快，故C符合題意；波蘭天文學家哥白尼提出了“日心說”，大膽反駁“地心說”，故D不符合題意。故選C。2、B【解析】

根據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的合力的方向垂直于a，b的連線，可知，a，b的電荷同號，對小球C受力分析，因ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，因此ac⊥bc，那么兩力的合成構成矩形，依據(jù)相似三角形之比，則有：，而根據(jù)庫侖定律，，而綜上所得，，故B正確。3、D【解析】

據(jù)題意有：在地面上物體受到的重力等于萬有引力，在高度為2R的位置處，重力等于萬有引力，聯(lián)立解得，故D正確，A、B、C錯誤；故選D．4、D【解析】因為，所以電流表外接法誤差相對小點，故采用乙圖測量結果更準確點，在乙圖中，電壓表測量的是R的準確電壓，但由于電壓表分流，電流表測量的電流為電壓表和R的電流之和，故電流測量偏大，根據(jù)可知測量值偏小，D正確．【點睛】應明確：電流表內外接法的選擇方法是：當滿足時，電流表應用外接法，此時測量值小于真實值；當滿足時，電流表應用內接法，此時測量值大于真實值．5、C【解析】

A：衛(wèi)星在軌道Ⅱ運動的半長軸小于衛(wèi)星在軌道Ⅰ運動的半徑，據(jù)開普勒第三定律，衛(wèi)星在軌道Ⅱ運動的周期小于在軌道Ⅰ運動的周期．故A項錯誤．B：衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點和軌道Ⅰ上A點時，均只受萬有引力，據(jù)可得：衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的加速度等于在軌道Ⅰ上A點的加速度．故B項錯誤．C：據(jù)開普勒第二定律可得，衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的速率小于在軌道Ⅱ經過B點時的速率，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的動能小于在軌道Ⅱ經過B點時的動能．故C項正確．D：衛(wèi)星在軌道Ⅰ上做圓周運動，則；衛(wèi)星在軌道Ⅱ過A點時要做近心運動，則．，則衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，在A點應減速．故D項錯誤．6、C【解析】

選取物體從剛拋出到正好落地，空氣阻力做功為Wf，設阻力做功的大小為Wf，由動能定理可得：，可得：，故C正確。7、AC【解析】

A．由圖可知軌道3的軌道半徑大于軌道2的半長軸，根據(jù)開普勒第三定律，衛(wèi)星在軌道3上運行的周期大于在軌道2上運行的周期，故A正確；B．衛(wèi)星在軌道2上經過Q點時與它在軌道1上經過Q點時，所受萬有引力一樣，根據(jù)牛頓第二定律可知，衛(wèi)星在軌道2上經過Q點時的加速度等于它在軌道1上經過Q點時的加速度，故B錯誤；C．衛(wèi)星由軌道1要經兩次點火加速度才可以變軌到軌道3，每一次點火加速，外力均對衛(wèi)星做功，根據(jù)功能關系可知，衛(wèi)星的機械能均增大，故衛(wèi)星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能，故C正確；D．P點是軌道2的遠地點，此時速度最小，Q點軌道2的近地點，此時速度最大，所以衛(wèi)星在軌道2上由Q點運動至P點的過程中，速度減小，此過程中衛(wèi)星離地球的距離在增大，根據(jù)萬有引力定律與牛頓第二定律得加速度，則可知加速度減小，由于只有萬有引力做功，故機械能守恒，故D錯誤。8、AB【解析】

AB、F為質量為m的物體在距離地心r處（r大于地球半徑）受到的萬有引力，則A=表示的就是物體的加速度，根據(jù)牛頓第二定律定律，A的方向與該處物體所受萬有引力的方向一致，故AB正確。CD、由萬有引力定律F=G知，r越大，引力F越小，則A越小；由A=知，A與m無關，故CD錯誤。9、ACD【解析】

A.平拋運動的物體只受重力，則其運動的加速度不變恒為重力加速度g；故A正確.B.做勻速圓周運動的物體，所受的力產生向心加速度只改變速度大小而不改變速度的方向，則其加速度始終與線速度垂直，向心加速度的方向時刻變化，大小不變，不是恒定的加速度；故B錯誤.C.自由落體運動的加速度為重力加速度g恒定；故C正確.D.豎直上拋運動的物體只受重力，加速度為恒定的重力加速度g；故D正確.10、AC【解析】

AB、小物塊先向左勻減速直線運動，然后小物塊向右做勻加速運動，當速度增加到與皮帶相等時，摩擦力消失，最后以2m/s向右做勻速運動，故A正確，B錯誤；C、根據(jù)動能定理，摩擦力對物塊做的功等于木塊動能的減少量：，故C正確；D、小物塊先向左勻減速直線運動加速度大小為，物塊與傳送帶的相對位移為：，小物塊向右做勻加速運動時物塊與傳送帶間的相對位移：，故系統(tǒng)增加的熱量為：，故D錯誤；故選AC．【點睛】物體先受到向右的摩擦力，小物塊先向左勻減速直線運動，然后向右勻加速，當速度增加到與皮帶相等時，一起向右勻速，摩擦力消失．11、AD【解析】

由動量守恒，可驗證四個選項都滿足要求。再看動能情況：×2×9J＝27J；；由于碰撞過程動能不可能增加，所以應有Ek≥Ek′，可排除選項B；選項C雖滿足Ek≥Ek′，但A、B沿同一直線相向運動，發(fā)生碰撞后各自仍能保持原來速度方向(vA′＞0，vB′＜0)，這顯然是不符合實際的，因此C錯誤；驗證選項A、D均滿足Ek≥Ek′，故答案為選項A(完全非彈性碰撞)和選項D(彈性碰撞)。12、AC【解析】

由題圖乙可知，電子在A、B兩點的電勢能分別為EpA和EpB，且EpB>EpA，說明電子由A運動到B時電勢能增大，電場力做負功，電場力對其所做的功為W＝EpA－EpB，選項C正確；電場力做負功，故動能減小，故電子在A點的動能大于B點的動能，選項D錯誤；由于A、B兩點的電勢能與兩個位置間的關系如題圖乙所示，說明電勢是均勻增加的，故這一定是勻強電場，即不是孤立點電荷形成的電場，選項A正確；A、B兩點的電場強度相等，選項B錯誤．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、BAC【解析】

(1)[1]實驗操作中要先安裝儀器,然后進行實驗操作,在進行數(shù)據(jù)處理，故實驗順序為:B,A,C(2)[2])由圖可以知道a、b、c、d之間的時間間隔是相同的,因此根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有:由題可以知道,帶入計算得出每相鄰兩個位置的時間間隔為：則小球從a位置運動到c位置所用的時間為：[3]水平方向勻速直線運動，小球平拋的初速度為：14、BC2gL【解析】

(1)[1]AC.為了保證小球平拋運動的初速度相同，則每次從同一高度由靜止釋放小球，故A項與題意不相符，C項與題意相符；B.為了保證小球水平飛出，則斜槽的末端切線保持水平，故B項與題意相符