2023屆安徽省淮北市高三年級下冊一模物理試題(解析版)

淮北市2023屆高三第一次模擬考試

物理試題卷（答案在最后）

第I卷（選擇題）

一、選擇題（本題包括10小題。在每小題給出的四個選項中，第1-6小題只有一項符合題目

要求，第7-10小題有多項符合題目要求。）

1.如圖所示，一束紅光和一束黃光，從。點以相同角度沿尸。方向射入橫截面為半圓形的玻璃柱體，其透

射光線分別從M、N兩點射出，已知a=45。，。=60。,則下列說法正確的是（）

A.ON是紅光，0M是黃光

B.玻璃對光束的折射率為亞

2

C.沿ON路徑傳播的光穿過玻璃柱體所需時間較長

D.若將光束從N點沿著NO方向射入，可能發(fā)生全反射

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)光的折射定律，光在介質(zhì)中的折射率為

sinZ

n=--

sinr

由圖可知，ON兩束光在空氣中的入射角相等，而在介質(zhì)中0M光的折射角大于ON光的折射角，所

以光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，而紅光的折射率小于黃光的折射率，所以

0M為紅光，ON為黃光，故A錯誤；

B.對光束，根據(jù)光的折射定律有

_sina_sin45°_歷

—sin（90°—夕）-sin30°—

故B錯誤；

C.光在介質(zhì)中的傳播速度為

n=一

v

由于OM光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，所以OM光束在介質(zhì)中的傳播速度大于

ON光束在介質(zhì)中的傳播速度，而光穿過玻璃柱體的路程相同，所以沿ON路徑傳播的光穿過玻璃柱體所需

時間較長，故C正確；

D.0M光線發(fā)生全反射的臨界角為

sinC=——

2

則

C=45°

則若將光束從N點沿著N。方向射入，此時的入射角一定小于臨界角，則一定不會發(fā)生全反射，故D

錯誤。

故選C?

2.下列有關近代物理內(nèi)容的描述，其中說法正確的是（）

A.結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定

B.”Th衰變?yōu)榈赗n,經(jīng)過3次a衰變，2次P衰變

C.入射光的強度越大，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能越大

D,氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子的能量也減小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，A錯誤；

B.記Th衰變?yōu)榈蒖n方程為

22Th.2：沁+3包+2°e

故經(jīng)過3次a衰變，2次B衰變，B正確；

c.根據(jù)光電效應規(guī)律，逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率有關，與光強無關，c錯誤；

D.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，氫原子吸收光子，原子的總能量增大，D

錯誤；

故選B。

3.準北市科創(chuàng)中心項目是我市近幾年重點工程項目之一，旨在提升城市綜合服務功能，增強城市科技創(chuàng)新氛

圍。其核心建筑商務政務中心已經(jīng)建成，最大高度達162m,是淮北市第一高樓，成為淮北市的新地標。如圖

所示，工人師傅正在用一根繩索將自己懸在空中，對大樓表面玻璃進行清潔工作，工人及其裝備總重量為G,

且可視為質(zhì)點，懸繩與豎直墻壁的夾角為。，設懸繩對工人的拉力為耳，墻壁對工人的彈力為入，不計人

和墻壁間的摩擦力。下列說法正確的是（）

A.墻壁對工人的彈力大小為一-

tan。

B.懸繩對工人拉力大小為Geos。

C.若緩慢增加懸繩的長度，耳與線的合力增大

D.若緩慢增加懸繩的長度，工和練都減小

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.工人受到重力、拉力耳和支持力穌，如圖

G

根據(jù)共點力平衡條件，有

耳二——

COS0

FN=Gtan。

即墻壁對工人的彈力和懸繩對工人的拉力的大小分別為Gtan。、一J,AB錯誤;

COS9

CD.若工人緩慢下移，增加懸繩的長度，則。減小，即耳和然都減小，而耳與然的合力始終與工人的重

力平衡，大小不變，故C錯誤，D正確。

故選D。

4.如圖所示，同一房間中有。、6、c三根完全相同的玻璃試管，管內(nèi)各用一段相同長度的水銀柱封閉了相

等質(zhì)量的空氣?，F(xiàn)使。管由靜止沿光滑斜面下滑；6管輕放在粗糙斜面上，之后下滑；c管以初速度v沿粗

糙斜面上滑過程中，當水銀柱與玻璃管位置相對穩(wěn)定時，三管內(nèi)的氣柱長度乙、4、4之間的大小關系為

A.L]>L2>L3B.I2>Z3>LJC.L2>LX>L3D.L3>Z1>L2

【答案】D

【解析】

【詳解】設大氣壓為外，玻璃試管的橫截面積為S。對。管：。管由靜止沿光滑斜面下滑，以水銀為研究

對象根據(jù)牛頓第二定律可得

mgsin45+p0S-paS=maa

對管子和水銀整體有

Mgsin45=Maa

聯(lián)立可得

Po=Pa

對b管：以水銀為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得

mgsin45+p0S-pbS=mab

對管子和水銀整體有

Mgsin45-/=Mab

可得

Pb>Po

對C管：以水銀為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得

mgsin45+p0S-pcS=mac

對管子和水銀整體，有

Mgsin45+/=Mac

可解得

Pc<P0

所以可得

Pb>Pa>Pe

根據(jù)玻意耳定律pV=C和v=LS得

L2<<L3

故選D。

5.圖甲一簡諧橫波在某時刻波形圖，圖乙為質(zhì)點P以該時刻為計時起點的振動圖像，則從該時刻起（）

A.經(jīng)過0.2s,波沿x軸正方向傳播了0.2m

B.經(jīng)過3s,質(zhì)點尸的加速度沿y軸正方向且最大

C.經(jīng)過5s,質(zhì)點。的振動速度大于質(zhì)點尸的振動速度

D.經(jīng)過6s,質(zhì)點P的加速度大于質(zhì)點。的加速度

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由乙圖可知計時起點時尸向y軸負方向振動，再由甲圖可知波向無軸負方向傳播，故A錯誤;

B.由乙圖可知，周期

T=4s

則

一3

0=3s=-T

所以經(jīng)過3s,質(zhì)點尸的加速度沿V軸負方向且最大，故B錯誤;

C.由

t、=5s=1—T

24

可知經(jīng)過5s,質(zhì)點。的位移是正值且向y軸正方向振動；質(zhì)點尸的位移是負向最大處，速度為0,故經(jīng)過

5s,質(zhì)點。的振動速度大于質(zhì)點尸的振動速度，故C正確;

D.由

,,1

t,=6s=1—s

32

可知可知經(jīng)過6s,質(zhì)點的位移是正值且向y軸負方向振動；質(zhì)點尸的位置在平衡位置，加速度為0,故經(jīng)過

6s,質(zhì)點尸的加速度小于質(zhì)點。的加速度，故D錯誤。

故選C。

6.如圖甲所示，在粗糙絕緣水平面的A、C兩處分別固定兩個電荷，A、。的位置坐標分別為-3L和3L。

已知。處電荷的電荷量為。，圖乙是AC連線之間的電勢。與位置坐標x的關系圖像，圖中％=心點為圖線

3

的最低點，x=—2L處的縱坐標。=%,x=2L處的縱坐標9=,%。若在x=—2L的8點，由靜止釋放

一個可視為質(zhì)點的質(zhì)量為機，電荷量為4的帶電物塊，物塊隨即向右運動，小物塊到達2L處速度恰好為零。

A.A處電荷帶正電，電荷量為4Q,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)〃=普3

imgL

B.A處電荷帶負電，電荷量為2Q,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)〃=產(chǎn)、

lAmgL

C.A處電荷帶正電，電荷量為4Q,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)〃==的

imgL

D.A處電荷帶負電，電荷量為2Q,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)〃=字約

lAmgL

【答案】A

【解析】

【詳解】由乙圖可知，。-X圖像在x=L處的切線斜率為零，說明尤=乙處的場強為零，故A、C兩處電

荷為同種電荷，由于電勢大于零，可知A、C兩處電荷均帶正電；設A處電荷的電荷量為。2則有

解得

QA=4Q

在x=-2L的B點，由靜止釋放一個可視為質(zhì)點的質(zhì)量為掰，電荷量為4的帶電物塊，物塊隨即向右運動,

小物塊到達2L處速度恰好為零，根據(jù)動能定理可得

式。0_三00)_.4L=0

解得

"一ImgL

故選Ao

7.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)歷ab、be、cd、曲回到原狀態(tài)，其。-T圖像如圖所示，下列

A.氣體在狀態(tài)〃的內(nèi)能大于在狀態(tài)c的內(nèi)能

B.氣體從6到d的過程中，體積先變大后不變

C.氣體從c到d的過程中，吸收的熱量大于內(nèi)能的變化量

D.氣體從d到。的過程中氣體對外界做的功，小于〃到。的過程中外界對氣體做的功

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.理想氣體，忽略分子勢能，所以理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，氣體在狀態(tài)6的溫度大于在狀態(tài)

c的溫度，所以在狀態(tài)6的內(nèi)能大于在狀態(tài)的內(nèi)能，故A正確；

B.由氣體理想狀態(tài)方程

-T=C

可知，b到C的過程中，尸不變，T減小，V減小，從C到d的過程中，V不變，故B錯誤；

C.由熱力學第一定律

可知，從c到d的過程中，V不變，W不變，7增大，AU增大，Q增大，則氣體吸收的熱量等于內(nèi)能的變

化量，故C錯誤；

D.從d到。的過程中，氣體做功

叱=卒匕

由蓋一呂薩克定律可知

TdTa

聯(lián)立可得

同理可得，從6到c過程

嗎5號@

1c

從C到d的過程中，由查理定律可知

TdTc

聯(lián)立可知

嗎〉叱

故D正確。

故選AD?

8.如圖所示，勁度系數(shù)為左的輕質(zhì)彈簧一端固定在墻上,另一端與置于水平面上的質(zhì)量為機的物體A連接，

質(zhì)量為機的物體B緊挨物體A放置，此時彈簧水平且無形變，用水平力產(chǎn)緩慢推動物體B,在彈性限度內(nèi)

彈簧長度被壓縮了吃,此時物體A、B靜止。撤去尸后，物體A、B開始向左運動，不計一切阻力，在此后

運動過程中（）

F%

—BA

〃//)〃〃)〃〃方〃〃〃〃〃〃〃〃?

A.物體A做簡諧運動的振幅為為

B.物體A向左運動的最大位移小于2%

C.物體A、B向左運動位移為為時分離

D.物體A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒

【答案】BC

【解析】

【詳解】ABC.撤去產(chǎn)后，物體A、B開始向左運動做加速運動，當彈簧形變量為零時，速度最大，根據(jù)

動能定理有

—1,Kx2=—1x20mv2

2n°2

之后A物體做減速運動，B物體做勻速運動，所以物體A、B在彈簧形變量為零時分開，物體A繼續(xù)向左

運動到速度為零時，根據(jù)動能定理有

—1o7,2=—1mv2

212

解得

X\^~YXO

則物體A向左運動的最大為

/+X]<2x0

物體A做簡諧運動的振幅為

4正

A-X]―x0

故A錯誤，BC正確；

D.撤去產(chǎn)后，物體A、B向左運動過程，只有彈簧彈力做功，則物體A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，

物體A、B組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故D錯誤。

故選BC。

9.2022年H月29日，神舟十五號飛船在酒泉發(fā)射成功，次日凌晨對接于空間站組合體前向?qū)涌?。?/p>

此，中國空間站實現(xiàn)了“三大艙段”+“三艘飛船”的最大構型，天和核心艙、問天實驗艙、夢天實驗艙、

天舟五號貨運飛船、神舟十四號、神舟十五號載人飛船同時在軌。神舟十五號航天員順利進駐中國空間站，

與神舟十四號的三名航天員實現(xiàn)了首次“太空會師”?？臻g站繞地球的運動可以看作勻速圓周運動，已知

空間站離地面高度約為400km,地球半徑約為6400km,下列說法正確的是（）

A.神舟十五號飛船運載火箭發(fā)射過程中，航天員處于完全失重狀態(tài)

B.由于對接后空間站的總質(zhì)量增加，會造成飛船的運行周期增大

C.空間站運行的向心加速度與地球表面重力加速度之比約為16?：*2

D.考慮稀薄大氣阻力，若空間站沒有進行動力補充，運行速度會越來越大

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.神舟十五號飛船運載火箭發(fā)射過程中，加速度向上，航天員處于完全超重狀態(tài)，故A錯誤;

B.根據(jù)

—Mm4/

G-r=m^rr

可得

可知飛船的運行周期不變，故B錯誤;

C.根據(jù)

G—竺二2=GMm

(R+h)ma,GR2理

空間站運行的向心加速度與地球表面重力加速度之比約為

a64002_162

g-68002

故C正確；

D.考慮稀薄大氣阻力，若空間站沒有進行動力補充，將會做近心運動，引力做正功，運行速度會越來越大,

故D正確。

故選CD。

10.近年來，無線充電技術得到了廣泛應用。圖甲為正在進行無線充電的電子產(chǎn)品，圖乙為某種無經(jīng)充電器

的簡化原理圖。由于發(fā)射線圈與接收線圈處于兩個分離的裝置中，穿過接收線圈的磁通量少于發(fā)射圈的磁

通量。已知發(fā)射線圈與接收線圈的匝數(shù)分別為1210匝和55匝，當發(fā)射線圈接入220V交流電源時，接收線

圈輸出電壓為9V。

甲

乙

A.發(fā)射線圈與接收線圈的電流之比為1:22

B.發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率之比為1:1

C.穿過接收線圈的磁通量變化率是穿過發(fā)射線圈的90%

D.只要發(fā)射線圈接入電壓為220V,接收線圈輸出電壓均為9V

【答案】BC

【解析】

【詳解】AC.發(fā)射線圈與接收線圈的電壓之比等于其匝數(shù)之比，則有

帶入數(shù)據(jù)可得

=10V

但因為漏磁，接收線圈的電壓實際只達到了9V,故可知發(fā)射線圈與接收線圈的電流之比為將不再是匝數(shù)的

反比，即將不再是1:22,另，因為理論上接收線圈中的輸出電壓為10V而實際上只有9V,因此可得穿過

接收線圈的磁通量變化率是穿過發(fā)射線圈的90%，故A錯誤，C正確；

B.發(fā)射線圈與接收線圈中磁通量變化的頻率相同，則可得發(fā)射線圈與接收線圈中交變電流的頻率為1:1,

故B正確；

D.無線充電利用的是電磁感應，因此必須使用交變電壓，若使用直流電，將不會產(chǎn)生變化的磁場，接收線

圈中也就不會有電壓產(chǎn)生，故D錯誤。

故選BC。

第II卷（非選擇題）

二、實驗題（本大題共2小題，把答案寫在答題卡指定的答題處，不要求寫出演算過程。）

11.某幼兒園欲建一個如圖甲所示滑梯，根據(jù)空地大小和安全需要，對制作滑梯的板材與兒童褲料之間的動

摩擦因數(shù)有一定要求。某物理興趣小組用如圖乙所示的實驗裝置測量板材與兒童褲料間的動摩擦因數(shù)。先

取一種板材水平固定在桌面上，用兒童褲料包裹的物塊受重物的牽引在板材上由靜止開始運動，細繩始終

與桌面平行，當重物落地后，物塊再運動一段距離后停在板材上。打點計時器打出的紙帶記錄了物塊的運

動情況。

（1）選取重物落地后的一段紙帶如圖丙所示，1、2、3、4是選取的4個計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點之間還有

四個點未畫出。圖上注明了對各計數(shù)點間的測量結(jié)果，其中有一個數(shù)據(jù)在記錄時有誤，有誤的數(shù)據(jù)是

段。（填“占”“巧”或）。

I占=18.40X2=13.5X3=8.40

丙單位：cm

己知打點計時器電源的頻率為50Hz。利用紙帶測得的數(shù)據(jù)可求出該物塊在減速運動過程中的加速度大小

a=m/s2?

（2）若重力加速度大小取lOm/s2,板材與兒童褲料間的動摩擦因數(shù)4=o（所有計算結(jié)果均保留2

位有效數(shù)字）

【答案】①.x?②.4.9③.0.49

【解析】

【詳解】（1）口］根據(jù)記錄數(shù)據(jù)時，數(shù)據(jù)的精確度應該保持一致，所以有誤的一組數(shù)據(jù)是X2；

根據(jù)勻變速直線運動中相同時間內(nèi)相鄰位移差滿足

\x=aT1

其中

T=5x—=5x—s=O.ls

f50

解得

4.9x10-2

a=-----；——m/s'=4.9m/s

0.12

（2）［2］根據(jù)牛頓第二定律可得

jumg=ma

解得：

〃=0.49

12.隨著居民生活水平的提高，純凈水已經(jīng)進入千家萬戶。我市質(zhì)量監(jiān)督部門對市場上出售的純凈水進行了

抽測，結(jié)果發(fā)現(xiàn)了有少樣品的電阻率不合格。某實驗小組通過以下方案測量純凈水樣品的電阻率。

（1）用游標卡尺測量圓柱形玻璃管的內(nèi)徑d,游標卡尺示數(shù)如圖甲，則4=mm；

345cm

01020

甲

（2）向玻璃管內(nèi)注滿純凈水樣品，用金屬圓片電極密封玻璃管兩端，并用刻度尺測量水柱長度L；

（3）采用圖乙中電路測量樣品的電阻。先閉合電鍵S「將電鍵S2接1,調(diào)節(jié)電阻箱R,使電壓表讀數(shù)盡量

接近滿量程，讀出這時電壓表和電流表的示數(shù)■、/1；再將電鍵S2接2,讀出這時電壓表和電流表的示數(shù)

3、則&表達式為（用［、人、％、（表示）；&的測量值______真實值（選填“小于”、

“等于”或“大于”）；純凈水樣品的電阻率的表達式為：P=（用乃、d、L、人、&、h

表示）。

乙

UU

?12d兀d2(UJ,—UJ)

【答案】①.30.00②.4=-—?、?等于@.p=—————

/144卬2

【解析】

【詳解】(1)川游標卡尺的讀數(shù)為

d=30mm+Ox0.05mm=30.00mm

(2)[2]當電鍵S2接1時，由歐姆定律有

G=L(&+R+RA)

當電鍵S2接2時，由歐姆定律有

U2=I2(R+RA)

聯(lián)立兩式解得

I21I12

[3]由以上分析可知，電流表內(nèi)阻對未知電阻的計算結(jié)果沒有影響，所以凡的測量值等于真實值。

[4]根據(jù)電阻公式可得

L4以

Rx=p-=-^2

S兀d

結(jié)合前面式子可得

_7vd2(JJj2-UJi)

P~4卬2

三、計算題(本題包括4小題。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。有

數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)

13.如圖所示的直角坐標系中，x<0區(qū)域有沿無軸正向的勻強電場，%>0區(qū)域有垂直于紙面向外的勻強磁場，

磁感應強度大小為及一個帶正電的粒子從原點。進入磁場，初速度大小為w,速度方向與y軸正向夾角

為。，粒子第一次在磁場中運動時離y軸最遠距離為心且?guī)щ娏Ｗ咏?jīng)電場偏轉(zhuǎn)后將再次從。點進入磁場,

不計粒子重力，求：

(1)粒子的比荷；

(2)粒子從。點出發(fā)再次回到O點所用時間。

EB

2L(tan0+7T-O)

的⑴空鏟2(2)

(1+cos3)VQ

【解析】

【詳解】(1)粒子的運動軌跡如圖所示

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有

Bqv=m—

Qr

根據(jù)幾何知識，粒子在磁場中運動時離y軸最遠距離為

L=r+rcos0

聯(lián)立解得粒子比荷為

q_v0(l+cos3)

mBL

(2)粒子在磁場中運動時間為

_2(兀一e)m

?―_~Bq-

在電場中運動時間為⑵粒子進入電場時的速度方向與y軸正向成。角，則從磁場進入電場的位置與。點距

離為

y=2rsin^

粒子進入電場后沿y軸正方向做勻速運動，沿x軸方向先減速后加速，最后到達。點，則有

y=vQcos0t2

解得

2Ltan0

’2二-----------------------------

(l+cos^)v0

粒子從O點出發(fā)再次回到0點所用時間為

t=tx+t2

聯(lián)立以上相關式子解得

/_2￡(tan0+TT-O)

(1+cos0)vo

14.2022年2月我國成功舉辦了第24屆“冬奧會”，冬奧會讓冰雪運動走向大眾，讓更多人認識冰雪，愛

上冰雪，北京冬奧留下的不只是場館設施等物質(zhì)遺產(chǎn)，還有影響深遠的文化和精神遺產(chǎn)。如圖甲所示為2022

年北京冬奧會首鋼滑雪大跳臺，將其簡化為如圖乙所示模型：A3段和CD段是長度均為乙=50m的傾斜滑

道，傾角均為37。；段是半徑尺=20m的一段圓弧軌道，圓心角為37。，與A3段平滑連接；DE段

為結(jié)束區(qū)。一滑雪愛好者連同裝備總質(zhì)量m=60kg,從A點由靜止出發(fā)沿著滑道AB、下滑，從C點水

平拋出落到斜面CD上的N點，點N到C的距離d=48m。該愛好者可看作質(zhì)點，將C到N的運動簡化

為平拋運動處理。忽略其運動過程中所受的空氣阻力，sin37°=0.6cos37°=0.8，重力加速度g取lOm/s?。

求：

(1)該人運動到。點時對滑道的壓力大??；

(2)從開始運動到落至N點的過程中摩擦阻力做的功。

【答案】(1)1368N；(2)-12720J

【解析】

【詳解】(1)從。處平拋，豎直方向有

1

dsin37°=—gt92

水平方向有

dcos370=vct

得

vc=16m/s

在C處，據(jù)牛頓第二定律有

F^-mg=m—

K

解得滑道對人的支持力為

卅=1368N

據(jù)牛頓第三定律，人運動到C點時對滑道的壓力與舔大小相等，為1368N。

(2)從A到C由動能定理得

加g[Lsin37°+7?(1-cos37°)]+^=^mvl

解得

嗎=-12720J

15.如圖所示，質(zhì)量％=10g的子彈以％=402m/s的速度射入處在木板左端的物塊，并留在物塊里。子彈

射入前，物塊與木板一起隨傳送帶以v=2m/s的速度勻速向右運動，子彈射入物塊后，物塊將在木板上滑行，

最終未從木板上滑落。已知物塊的質(zhì)量加=L99kg,木板的質(zhì)量M=2kg,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)

4=0.6,木板與傳送帶間動摩擦因數(shù)〃2=02,傳送帶速度始終保持不變。不計空氣阻力，重力加速度g

取lOm/s"求：

(1)物塊相對于木板滑行的時間；

(2)木板與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量。

%

【答案】(1)-s；(2)1J

4

【解析】

【詳解】（1）子彈穿擊物塊過程中，子彈和物塊組成系統(tǒng)動量守恒，則有

7/%+mv=（w0+m）vj

解得

V1=4m/s

此后子彈和物塊一起做勻減速運動，對物塊和子彈受力分析，由牛頓第二運動定律可得

木板做勻加速運動，由牛頓第二運動定律可得

生（%）+m）g-jLi2（M+入+m）g=Ma,

解得

%=6m/s2

2

a2=2m/s

設經(jīng)時間彳木板與滑塊共速，則

V]-%：—V+出。

解得

1

=-S

14

（2）木板與滑塊共同的速度為

v共=v+a2tx

對木板和滑塊

v+v共

x板二-2—4

對傳送帶

x傳=%

木板與滑塊共速后，由于

A1>〃2

所以木板與滑塊相對靜止一起勻減速，設經(jīng)G與傳送帶共速

（叫+m+M^=^m0+7"+"）a共

由勻變速運動規(guī)律

v=v共一a共;

解得

這段時間內(nèi)，木板位移

'V共+V

X板=一一?2

傳送帶位移

板相對于傳送帶的位移

?=￡板+%板'）—￡傳+年’）

木板與傳送帶間產(chǎn)生的熱量

Q=〃2（M+仆+機）g?

解得

Q=1J

16.艦載機電磁彈射是現(xiàn)在航母最先進的彈射技術，我國在這一領域已達到世界先進水平。某同學自己設計

了一個如圖甲所示的電磁彈射系統(tǒng)模型。該彈射系統(tǒng)工作原理如圖乙