陜西省咸陽市乾縣第二中學(xué)2022年高二物理上學(xué)期期末試卷含解析

陜西省咸陽市乾縣第二中學(xué)2022年高二物理上學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示給出了兩個物體做直線運動的速度—時間圖像，其中圖線甲與橫軸平行，圖線乙為通過坐標原點的直線。由圖可知（

）A．甲做勻速直線運動

B．甲處于靜止C．乙做勻速直線運動

D．乙做勻減速直線運動參考答案：A2.(單選)電磁鐵用軟鐵做鐵芯，這是因為軟鐵（）A.密度較小

B.硬度較小C.退磁迅速

D.能長久保持磁性參考答案：C3.（多選題）如圖所示，在真空中半徑為r=0.1m的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強磁場及水平向左的勻強電場，磁感應(yīng)強度B=0.01T，ab和cd是兩條相互垂直的直徑，一束帶正電的粒子流連續(xù)不斷地以速度v=1×103m/s從c點沿cd方向射入場區(qū)，粒子將沿cd方向做直線運動，如果僅撤去磁場，帶電粒子經(jīng)過a點，如果撤去電場，使磁感應(yīng)強度變?yōu)樵瓉淼?，不計粒子重力，下列說法正確的是（）A．電場強度的大小為10N/CB．帶電粒子的比荷為1×106C/kgC．撤去電場后，帶電粒子在磁場中運動的半徑為0.1mD．帶電粒子在磁場中運動的時間為7.85×10﹣5s參考答案：AC【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】帶電粒子在復(fù)合場中沿直線運動，則有電場力與洛侖茲力抵消，那么由平衡條件就能求出電場強度E；撤去磁場后粒子做類平拋運動，已知水平位移和豎直位移及速度就能求出比荷；若僅撤去電場且磁感應(yīng)強度減半，先求出粒子做勻速圓周運動的半徑，由幾何關(guān)系找到偏轉(zhuǎn)角，從而求出時間．【解答】解：A、帶電粒子在復(fù)合場中做直線運動，則有：Eq=qvB，E=Bv=0.01×1×103V/m=10V/m，所以選項A正確．B、僅撤去磁場后，粒子做類平拋運動，由題意：r=vt

，聯(lián)立兩式得：，所以選項B錯誤．C、若撤去電場，洛侖茲力提供向心力：，求得半徑，所以選項C正確．D、由于R=r=0.1m，所以粒子從c點出發(fā)經(jīng)圓弧從a點射出，偏轉(zhuǎn)90°，時間s，所以選項D錯誤．故選：AC4.如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，線圈電阻為r，在磁感強度為B的勻強磁場中繞OO＇軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，外電路電阻為R．在線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，下列說法正確的是（

）A．磁通量的變化量B．通過電阻R的電量C．電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q=(NBSω)2/2RD．電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q=(NBS)2ωRπ/4(R+r)2參考答案：D5.一簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時刻的波形如圖（a）所示，x=0.60m處的質(zhì)點的振動圖線如圖（b）所示，該質(zhì)點在t=0時刻的運動方向沿y軸_______（填“正向”或“負向”）。已知該波的波長大于0.60m，則該波的波長為_______m。A、正向，1.6

B、正向，0.8

C負向，1.6

D負向，0.8參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.將面積為0.5m2的單匝線圈放在磁感應(yīng)強度為2.0×10-2T的勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，那么穿過這個線圈的磁通量為__________Wb。參考答案：．1.0×10-27.金屬桿ABC處于磁感強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里(如圖17所示)．已知AB=BC=20cm，當金屬桿在圖中標明的速度方向運動時，測得A、C兩點間的電勢差是3.0V，則可知移動速度v=___參考答案：0m/s8.質(zhì)量為m=0.10kg的小鋼球以v0=2.0m/s的水平速度拋出，下落h=0.6m時撞擊一鋼板，撞后速度大小不變恰好反向，則鋼板與水平面的夾角θ=

，撞擊鋼板過程中，小球所受合外力的沖量的大小為

N?S（g=10m/s2）參考答案：30°；0.8【考點】動量定理；平拋運動．【分析】（1）要求鋼板與水平面的夾角可根據(jù)小球撞后速度恰好反向得出小球撞到鋼板上時小球的速度與鋼板垂直，故小球的速度與豎直方向的夾角與鋼板與水平面的夾角相同，根據(jù)tanθ=即可求出鋼板的傾角，所以要先求vy，根據(jù)vy=gt可知要先求下落的時間t．（2）根據(jù)v=即可求出合速度v，然后由動量定理求出小球所受合外力的沖量的大?。窘獯稹拷猓河捎谛∏蛳侣溥^程中在豎直方向有：h=gt2，解得：t===s，故落到鋼板上時小球在豎直方向的速度為：vy=gt=10×m/s=m/s，則有：tanθ===解得鋼板與水平面的夾角為：θ=30°．小球落到鋼板上時的速度為：v==m/s取小球與鋼板碰撞前速度的方向為正方向，由動量定理得：I=△P=（﹣mv）﹣mv=﹣2mv=﹣2×0.10×4=﹣0.8N?S，負號表示方向與規(guī)定的正方向相反故答案為：30°；0.89.（4分）在電場中有a、b兩點，它們的電勢分別為Фa=-100V，Фb=200V，把電荷量為q=-2.0×C的電荷從a點移到b點，電場力做的功為________。參考答案：10.如圖所示，水平地面上的物體質(zhì)量為m，跨過動滑輪的繩子一端沿水平方向固定在墻上，另一端與水平方向成θ角，且受恒力F作用．在物體沿水平地面向右移動l的過程中，繩子的拉力所做的功W＝________。

參考答案：Fl(1＋cosθ)11.如圖所示，實線表示兩個相干波源S1、S2發(fā)出的波的波峰位置，則圖中的

點為振動加強的位置，圖中的

點為振動減弱的位置．參考答案：12.質(zhì)點以O(shè)為平衡位置做簡諧運動，它離開平衡位置向最大位移處運動的過程中，經(jīng)0．15s第一次通過A點，再經(jīng)0．1s第二次通過A點，再經(jīng)___________s第三次通過A點，此質(zhì)點振動的周期等于_________s，頻率等于___________Hz．參考答案：0．7,0．8

1．25

13.下列核反應(yīng)方程中，屬于衰變方程的是

，屬于原子核的人工轉(zhuǎn)變方程的是

。A.

B.

C.

D.

參考答案：屬于衰變方程的是

C

，屬于原子核的人工轉(zhuǎn)變方程的是

AD

。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，有兩個質(zhì)量均為m、帶電量均為q的小球，用絕緣細繩懸掛在同一點O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為θ=30°，重力加速度為g，靜電力常量為k.求：(1)帶電小球A在B處產(chǎn)生的電場強度大??；(2)細繩的長度L.參考答案：（1）（2）（1）對B球，由平衡條件有：mgtan

θ=qE帶電小球在B處產(chǎn)生的電場強度大?。?/p>

（2）由庫侖定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【點睛】本題關(guān)鍵是對物體受力分析，然后結(jié)合共點力平衡條件、庫侖定律和電場強度的定義列式求解．15.（10分）為了“探究碰撞中的不變量”，小明在光滑桌面上放有A、B兩個小球．A球的質(zhì)量為0.3kg，以速度8m/s跟質(zhì)量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同．根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)，小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．【猜想1】碰撞后B球獲得了速度，A球把速度傳遞給了B球．【猜想2】碰撞后B球獲得了動能，A球把減少的動能全部傳遞給了B球．(1)你認為以上的猜想成立嗎？若不成立，請簡述理由.(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，通過計算說明，有一個什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等？參考答案：（1）猜想1、2均不成立.因為A球的速度只減少了3m/s,B球的速度卻增加了8m/s,所以猜想1是錯的。（2分）A球的動能減少了,B球動能增加了,所以猜想2也是錯的；（2分）（2）計算：B球動量的增加量ΔpB=0.1×9=0.9kg·m/s，（2分）A球動量的減少量ΔpA=0.3×8－0.3×5=0.9kg·m/s，（2分）從計算結(jié)果可得，B球動量的增加量與A球動量的減少量相等．即系統(tǒng)的總動量保持不變．（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（8分）如圖所示，圖線I為一電源的路端電壓隨電流變化的圖線，圖線Ⅱ為一導(dǎo)體兩端電壓和導(dǎo)體中電流的關(guān)系圖線，若該導(dǎo)體和該電源連接成閉合電路，試求：（1）該電路的路端電壓。（2）電源的輸出功率。參考答案：17.如圖所示，一個絕緣光滑圓環(huán)豎直放在水平向右的勻強電場中，圓環(huán)半徑大小為R=1.0m，電場強度大小為E=6.0×106v/m，現(xiàn)將一小物塊由與圓心O等高的位置A點靜止釋放，已知小物塊質(zhì)量為m=1.6kg，電荷量為q=+2.0×10-6C，釋放后滑塊將沿著圓環(huán)滑動。小物塊可視為質(zhì)點，ｇ取10m／s2。求：（2）若在圓環(huán)最低點B點給小物塊一個水平向左的初速度，那么物塊能否緊貼圓環(huán)在豎直平面內(nèi)做圓周運動。（寫出詳細分析、判定過程）（已知：；）參考答案：（1）物塊由A運動到B的過程中，重力做正功，電場力做負功。由動能定理可得

（2分）

可得在B點由

（2分）

可得支持力（1分）由牛頓第三定律可得物塊對軌道的壓力大小為（1分）（2）設(shè)在C位置時重力與電場力的合力恰好指向圓心提供物塊做圓周運動向