江蘇省南京市2023-2024學(xué)年高二物理上學(xué)期11月期中模擬試題（含答案）

/江蘇省南京市2023-2024學(xué)年高二物理上學(xué)期11月期中模擬試題1、作答前，請(qǐng)考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等寫在答題卡上并貼上條形碼。2、使用2B鉛筆將選擇題答案填涂在答題卡指定位置上，非選擇題一律在答題卡上作答，在試卷上答題無(wú)效。3、考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交給監(jiān)考人員。第I卷（選擇題共40分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.“中國(guó)天眼”位于貴州的大山深處，它通過(guò)接收來(lái)自宇宙深處的電磁波，探索宇宙。關(guān)于電磁波下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁波不能在水中傳播 B.紅外線的波長(zhǎng)比紫外線的長(zhǎng)C.用手機(jī)通話時(shí)沒(méi)有利用電磁波 D.不同電磁波在真空中傳播速度不同【正確答案】B【詳解】A．電磁波可以在介質(zhì)與真空中傳播，A錯(cuò)誤；B．紅外線為非可見(jiàn)光，頻率比紅光低；紫外線也是非可見(jiàn)光，但頻率比紫光高，因此紅外線的頻率低于紫外線的頻率，所以紅外線的波長(zhǎng)比紫外線長(zhǎng)，B正確；C．手機(jī)通話就是信息的傳輸，信息需要通過(guò)電磁波來(lái)傳輸，因此手機(jī)通話利用電磁波來(lái)把信息傳送的，C錯(cuò)誤；D．任何電磁波在真空中傳播速度均為，D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，圓形線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所做的各種運(yùn)動(dòng)，能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A. B.C. D.【正確答案】A【詳解】A．線圈繞轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，磁通量不斷變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A正確；B．線圈向右勻速平動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量不變，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．線圈繞點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，磁通量不變，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．線圈繞轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，磁通量始終為零，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選A。3.運(yùn)動(dòng)員持球豎直起跳后，如圖在空中某位置將球推出，此過(guò)程中，下列相關(guān)說(shuō)法正確是（）A.運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.運(yùn)動(dòng)員對(duì)球作用力的沖量等于球的動(dòng)量變化量D.運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加【正確答案】D【詳解】A．在空中將球推出的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)所受外力之合，等于運(yùn)動(dòng)員和籃球的重力，系統(tǒng)所受外力之合不為零，故運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；BD．系統(tǒng)機(jī)械能守恒條件為只有重力（彈力）做功，在空中將球推出的過(guò)程中，有運(yùn)動(dòng)員消耗自身能量，產(chǎn)生推力，對(duì)球做功，故運(yùn)動(dòng)員與籃球組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，故B錯(cuò)誤，D正確；C．在空中將球推出的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量定理球的動(dòng)量變化量等于合力的沖量，即等于運(yùn)動(dòng)員對(duì)球作用力和球重力合力沖量，故C錯(cuò)誤；故選D。4.如圖甲所示為某款服務(wù)型機(jī)器人，它的直流電動(dòng)機(jī)的額定電流為I，線圈電阻為r0，由電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的直流電源供電，內(nèi)部電路可簡(jiǎn)化如圖乙所示，定值電阻的阻值為R，電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作，則此時(shí)（）A.電動(dòng)機(jī)兩端電壓為B.電動(dòng)機(jī)的總功率為C.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為D.電源的輸出功率為IE【正確答案】B【詳解】A．電動(dòng)機(jī)的額定電壓為故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)機(jī)的額定功率為故B正確；CD．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為電源的輸出功率為故CD錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，線框面積為S，匝數(shù)為N，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直，則下列說(shuō)法正確的是（）A.如圖所示位置時(shí)磁通量等于0B.若線框從初始位置繞轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)，磁通量為C.若從初始位置繞轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)，磁通量為D.若從初始位置繞轉(zhuǎn)過(guò)60°角時(shí)，磁通量為NBS【正確答案】B【詳解】A．如圖所示位置時(shí)磁通量等于故A錯(cuò)誤；BCD．若使線框繞轉(zhuǎn)過(guò)角，則磁通量為故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。6.釣魚可以修身養(yǎng)性，頗受人們喜愛(ài)。如圖為某魚漂的示意圖，魚漂上部可視為圓柱體。當(dāng)魚漂受到微小擾動(dòng)而上下振動(dòng)，某釣友發(fā)現(xiàn)魚漂向下運(yùn)動(dòng)時(shí)圓柱體上的M點(diǎn)恰好可以到達(dá)水面，向上運(yùn)動(dòng)時(shí)圓柱體上的N點(diǎn)恰好可以露出水面。忽略水的阻力和水面波動(dòng)影響，則（）A.魚漂的振動(dòng)不是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)B.魚漂振動(dòng)過(guò)程中受到重力、浮力、回復(fù)力的作用C.M點(diǎn)到達(dá)水面時(shí)，魚漂的動(dòng)能為零D.N點(diǎn)到達(dá)水面時(shí)，魚漂的加速度最小【正確答案】C【詳解】A．設(shè)魚漂靜止時(shí)水下部分的長(zhǎng)度為，根據(jù)平衡條件得取向下為正方向，魚漂從平衡位置再向下位移為x時(shí)，魚漂的合力為解得設(shè)，則魚漂振動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．魚漂受到重力，浮力的作用，重力和浮力的合力為回復(fù)力，故B錯(cuò)誤；C．M點(diǎn)到達(dá)水面時(shí)，魚漂位于最低點(diǎn)，魚漂的動(dòng)能最小等于零，故C正確；D．N點(diǎn)到達(dá)水面時(shí)，魚漂位于最高點(diǎn)，相對(duì)于平衡位置的位移最大，合力最大，根據(jù)牛頓第二定律可知魚漂的加速度最大，故D錯(cuò)誤。故選C。7.某學(xué)習(xí)小組用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)中先從某一高度處單獨(dú)釋放質(zhì)量為的小球a，標(biāo)記下小球a撞擊在擋板上的位置M，再在水平軌道上放上質(zhì)量為的小球b，從同一高度釋放小球a，標(biāo)記兩球撞擊擋板的位置P、N，關(guān)于本實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法正確的是（）A.兩小球的質(zhì)量需滿足B.實(shí)驗(yàn)中可以用這個(gè)表達(dá)式驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。C.位置N為小球b撞擊擋板的位置D.小球a在軌道上受到的摩擦力越小，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的誤差影響就越小【正確答案】B【詳解】A．為了防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，即，故A錯(cuò)誤；C．小球離開(kāi)水平軌道后均做平拋運(yùn)動(dòng)，從圖中可以看出每個(gè)小球每次平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移相同，a小球不與b小球相碰時(shí)落點(diǎn)為M，a小球與b小球相碰后，a小球平拋初速度比第一次小，且，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)學(xué)公式。水平方向則有豎直方向則有因?yàn)?，b小球平拋初速度大，下落高度小，所以P點(diǎn)應(yīng)為b小球撞擊擋板位置，N位置應(yīng)為小球a擊擋板位置，故C錯(cuò)誤；D．需要保持小球每一次到達(dá)軌道末端的速度相等，小球每一次從同一位置靜止釋放即可，軌道的光滑程度對(duì)實(shí)驗(yàn)無(wú)影響，故D錯(cuò)誤；B．由，小球的水平速度為根據(jù)動(dòng)量守恒可知化簡(jiǎn)得故B正確。故選B8.在半導(dǎo)體工藝?yán)锝?jīng)常需要測(cè)定金屬薄膜厚度，目前采用的方式是通過(guò)測(cè)定電阻而間接測(cè)得薄膜厚度，查詢資料獲知構(gòu)成該薄膜金屬材料的電阻率，取一塊厚度均勻、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形該金屬薄膜，在薄膜兩端施加恒定電壓。通過(guò)薄膜的電流方向如圖所示，測(cè)定出流過(guò)薄膜的電流I，即可推導(dǎo)出薄膜厚度d，則（）A.電流I越大，則薄膜厚度d越小B.電流I越大，則薄膜厚度d越大C.正方形邊長(zhǎng)L越大，所測(cè)定的電阻值越大D.正方形邊長(zhǎng)L越小，所測(cè)定的電阻值越小【正確答案】B【分析】【詳解】CD．根電阻定律，薄膜電阻為可知所測(cè)定的電阻值R與正方形邊長(zhǎng)L無(wú)關(guān)，故CD錯(cuò)誤；AB．根據(jù)歐姆定律聯(lián)立解得根據(jù)厚度d公式，d與I成正比，與邊長(zhǎng)L無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；故選B。9.如圖所示，光滑的水平面上有一個(gè)半徑為R、質(zhì)量為2m的大空心球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，一質(zhì)量為m的小球A（可視為質(zhì)點(diǎn)）從與大球球心等高處開(kāi)始無(wú)初速度下滑，滾到大球最低點(diǎn)時(shí)，大球相對(duì)地面移動(dòng)的距離為（）A. B. C. D.R【正確答案】B【詳解】設(shè)小球滑到最低點(diǎn)所用的時(shí)間為t，大球的位移大小為x，小球相對(duì)于地面的水平位移大小為R-x，取水平向左為正方向。根據(jù)系統(tǒng)水平方向平均動(dòng)量守恒得解得故選B。10.質(zhì)量為的翼裝飛行愛(ài)好者乘飛機(jī)到達(dá)空中某處后，以速度水平跳出，由于風(fēng)力的影響，經(jīng)時(shí)間，愛(ài)好者下落至跳出點(diǎn)的正下方時(shí)，其速度大小仍為，但方向與初速度相反，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，重力加速度為，在此段時(shí)間內(nèi)（）A.風(fēng)力一定沿水平方向B.飛行愛(ài)好者機(jī)械能減少C.風(fēng)力對(duì)愛(ài)好者的沖量大小為D.風(fēng)力對(duì)愛(ài)好者的沖量大小為【正確答案】D【詳解】A．在風(fēng)力作用下，飛行愛(ài)好者做曲線運(yùn)動(dòng)，風(fēng)力在水平方向提供與初速度方向相反的力，使飛行愛(ài)好者在水平方向先減速在反向加速；同時(shí)風(fēng)力對(duì)飛行愛(ài)好者還有向上的分作用力，故風(fēng)對(duì)飛行愛(ài)好者作用力方向大致沿初速度的后上方，故A錯(cuò)誤；B．假設(shè)物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)下落的高度為物體的重力勢(shì)能減小量為但物體在下落高度后豎直方向速度為零，故豎直方向不可能做自由落體運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD．取物體開(kāi)始時(shí)的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理，水平方形合力（即風(fēng)力的水平分力）對(duì)物體的沖量設(shè)風(fēng)力豎直方向的沖量為，豎直方向取向上為正，則豎直方向根據(jù)動(dòng)量定理得則風(fēng)力的沖量為風(fēng)力對(duì)對(duì)愛(ài)好者的沖量大小為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。第II卷（非選擇題共60分）二、實(shí)驗(yàn)題：本題共1小題，共計(jì)15分，請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置11.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室探究二極管的伏安特性曲線。（1）為了粗測(cè)二極管的正向電阻，該同學(xué)將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋到電阻“”檔，當(dāng)指針偏轉(zhuǎn)角度較大時(shí)，紅表筆連接的是二極管的____（選填“正”或“負(fù)”）；此時(shí)，多用電表的指針如圖所示，二極管的正向電阻為_(kāi)_____。（2）用伏安法描繪二極管在范圍內(nèi)的正向伏安特性曲線，器材如下電壓表V（量程為，內(nèi)阻約為）電流表A（量程，內(nèi)阻約為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干其中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選___________（選填“”或“”）利用圖所示的器材符號(hào)，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。____（3）按所畫的實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，二極管的正向電壓伏安特性曲線如圖所示，當(dāng)電壓為1V時(shí)，二極管的電阻測(cè)量值__________真實(shí)值。（填“大于”、“小于”、“等于”）【正確答案】①.負(fù)②.600③.④.⑤.大于【詳解】（1）[1]根據(jù)多用電表中兩表筆電流流向?yàn)椤凹t進(jìn)黑出”，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，可知紅表筆與二極管的負(fù)極相連；[2]此時(shí)，多用電表的指針位于6刻度處，二極管的正向電阻為；（2）[3]電源電動(dòng)勢(shì)為6V，最大電阻為，則電流為超過(guò)其額定電流，故滑動(dòng)變阻器選擇；[4]設(shè)計(jì)電路如圖：

（3）[5]因采用電流表內(nèi)接法，根據(jù)可知，由于電壓表的分壓作用，代入計(jì)算的電壓偏大，因此正向電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值。三、計(jì)算題：本題共4小題，共計(jì)45分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位．12.蹦床是一項(xiàng)運(yùn)動(dòng)員利用蹦床的反彈在空中表現(xiàn)雜技技巧的競(jìng)技運(yùn)動(dòng)，屬于體操運(yùn)動(dòng)的一種，有“空中芭蕾”之稱。一個(gè)質(zhì)量為60kg的運(yùn)動(dòng)員，從離水平網(wǎng)面3.2m高處自由下落，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到水平網(wǎng)面上方5.0m高處，已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為1s，取g=10m/s2。求：（1）在1s這段時(shí)間內(nèi)重力的沖量大?。唬?）1s內(nèi)網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的平均作用力的大?。弧菊_答案】（1）600N·s；（2）1680N【詳解】（1）在1s這段時(shí)間內(nèi)重力的沖量大?。?）運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸前后的速度大小分別為，根據(jù)動(dòng)量定理得13.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，電阻、與的阻值均為，電容器電容，求：（1）通過(guò)的電流I；（2）電容器的電荷量Q。（）【正確答案】（1）1A；（2）【詳解】（1）由于電容不通直流，與并聯(lián)再與串聯(lián)，依據(jù)串并聯(lián)電阻的特點(diǎn)可得由閉合電路歐姆定律得通過(guò)的電流I為（2）根據(jù)閉合回路歐姆定律可得故電容器的電荷量為14.輕彈簧上端固定，下端系一質(zhì)量為的小球，小球靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為10cm?，F(xiàn)使小球在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從小球在最高點(diǎn)釋放時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，小球相對(duì)平衡位置的位移隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2。求：（1）彈簧的勁度系數(shù)k；（2）小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)加速度的大??；（3）寫出小球相對(duì)平衡位置的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式?！菊_答案】（1）20N/m；（2）5m/s2；（3）【詳解】（1）小球在平衡位置時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量10cm，則（2）由圖乙可知，小球在最高點(diǎn)時(shí)，相對(duì)于平衡位置的位移大小為5cm，故此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為5cm，則解得（3）由振動(dòng)圖像可知?jiǎng)t小球相對(duì)平衡位置的位移隨時(shí)間的變化關(guān)系式為15.某娛樂(lè)活動(dòng)的部分闖關(guān)環(huán)節(jié)可簡(jiǎn)化抽象為下面的情景。如圖所示，長(zhǎng)、質(zhì)量的木板靜止在光滑水平面上，左右平臺(tái)無(wú)限長(zhǎng)且與木板等高，木板左端與左平臺(tái)接觸，質(zhì)量的小滑塊在恒力F作用下從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，力F與水平方向的夾角為，F(xiàn)作用2s后撤去，小滑塊又滑行1s后以的速度離開(kāi)平臺(tái)后滑