2024屆內(nèi)蒙古呼和浩特市高三上學(xué)期第一次質(zhì)量檢測物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆呼和浩特市高三年級第一次質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項(xiàng)：本試卷分第I卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁。本試卷滿分為100分，考試時(shí)間為100分鐘。第I卷（選擇題）一、選擇題（共10小題，每題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7～10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分。有選錯(cuò)的得0分）1.下列四個(gè)選項(xiàng)中敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫等效替代法B.根據(jù)速度定義：，當(dāng)△t非常非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度,該定義應(yīng)用了極限思想法C.庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，并通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值D.根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式知：電流在磁場中某點(diǎn)不受磁場力作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零〖答案〗B〖解析〗A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫建立物理模型法，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)速度的定義式當(dāng)非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思維法，故B正確；C．庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場的方向平行時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力等于0，磁場不一定是0，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，將一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在半球形容器最底部O'處（O為球心），彈簧另一端與質(zhì)量為m的小球相連，小球靜止于P點(diǎn)。已知容器半徑為R，與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為μ，OP與水平方向的夾角為θ=30°。下列說法正確的是（）A.容器受到水平地面的摩擦力為0 B.容器對小球的作用力一定大小為mgC.彈簧原長一定為 D.輕彈簧對小球的作用力一定大小為mg〖答案〗A〖解析〗A．以容器和小球整體為研究對象，分析受力可知整體只受重力、地面的支持力，容器相對于水平面無滑動趨勢，地面對半球形容器沒有摩擦力，故A正確；BCD．容器對小球的作用力是彈力，指向球心O，如果容器內(nèi)部光滑，由可知，容器和彈簧對小球作用力大小為mg，則有則彈簧原長如果容器內(nèi)部不光滑，容器對小球作用力與彈簧彈力夾角可能不等于120°，則以上結(jié)論都不成立，故BCD錯(cuò)誤。故選A。3.甲、乙兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)從同一地點(diǎn)由靜止同時(shí)出發(fā)、沿同一直線運(yùn)動，它們的位移（x）隨速度平方（）變化的關(guān)系如圖所示。則描述此過程中兩質(zhì)點(diǎn)的速度—時(shí)間（）圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗質(zhì)點(diǎn)的初速度為0，根據(jù)位移速度關(guān)系式有變形可得由圖像可知斜率表示，乙的加速度不變，甲的加速度逐漸增大，且開始甲的加速度比乙的加速度小，且甲、乙的速度為時(shí)位移相同。在速度—時(shí)間（）圖像中由于圖線的斜率表示加速度，則乙的圖像為一條傾斜的直線，甲的圖像為一條越來越陡峭的曲線，由于開始甲的加速度比乙的加速度小，則開始甲的斜率小于乙的斜率，又由于圖線與橫軸所圍面積表示位移，則速度為時(shí)圖像與時(shí)間軸所圍面積相等。故選B。4.2023年3月15日，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用“長征十一號”運(yùn)載火箭，成功將實(shí)驗(yàn)十九號衛(wèi)星發(fā)射升空。衛(wèi)星發(fā)射的過程可簡化為如圖所示的過程。發(fā)射同步衛(wèi)星時(shí)是先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道，在近地軌道的A點(diǎn)加速后進(jìn)入轉(zhuǎn)移軌道，在轉(zhuǎn)移軌道上的遠(yuǎn)地點(diǎn)B加速后進(jìn)入同步圓軌道。已知近地軌道半徑為r1，衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)行速率為v1，運(yùn)行周期為T1，同步軌道半徑為r?。則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過B點(diǎn)的速率可能等于v?B.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)加速度大小小于在同步軌道上運(yùn)動時(shí)經(jīng)過B點(diǎn)的加速度大小C.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，所用時(shí)間D.衛(wèi)星在同步軌道上運(yùn)動時(shí)的周期等于〖答案〗C〖解析〗A．衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道B點(diǎn)加速才能進(jìn)入同步軌道，則在轉(zhuǎn)移軌道上的B點(diǎn)的速度小于在同步軌道速度，根據(jù)同步軌道速度小于近地軌道速度v1，所以衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過B點(diǎn)速度肯定小于v1，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得所以衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)加速度大小等于在同步軌道上運(yùn)動時(shí)經(jīng)過B點(diǎn)的加速度大小，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)在轉(zhuǎn)移軌道和同步圓軌道的周期分別為T2和T3，根據(jù)開普勒第三定律解得，衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，所用時(shí)間故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，兩根輕彈簧下面均連接一個(gè)質(zhì)量為m的小球，上面一根彈簧的上端固定在天花板上，兩小球之間通過一不可伸長的細(xì)繩相連接，細(xì)繩受到的拉力大小等于4mg。在剪斷兩球之間細(xì)繩的瞬間，以下關(guān)于球A的加速度大小a、球B的加速度大小aB正確的是（）A.0、2g B.4g、2g C.4g、4g D.0、g〖答案〗C〖解析〗在剪斷繩子之前，繩子的拉力為上邊彈簧對物體A的拉力為方向向上；下面彈簧對B的作用力為方向向下；剪斷瞬間，對A球受力分析可知解得方向向上；對B球分析解得故選C。6.如圖所示，以O(shè)為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強(qiáng)電場中，圓所在平面與電場方向平行，M、N為圓周上的兩點(diǎn)．一帶電粒子只在電場力作用下運(yùn)動，在M點(diǎn)速度方向如圖所示，經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等。已知M點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)電勢，且電勢差為U,下列說法正確的是（）A.該粒子帶負(fù)電 B.粒子在電場中可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到N點(diǎn)C.該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為 D.粒子由M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，電勢能先增大后減小〖答案〗D〖解析〗A．粒子經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等說明M、N兩點(diǎn)電勢相等，連接MN為等勢線。M點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)電勢，由“沿電場線方向電勢逐漸降低”作出電場線如圖。粒子在該電場下從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，可知粒子帶正電。故A錯(cuò)誤；B．粒子在電場中受到的力為恒力，不可能做圓周運(yùn)動，即不可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到N點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．M點(diǎn)與O點(diǎn)沿電場方向的距離為，所以勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為故C錯(cuò)誤；D．粒子由M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功，故電勢能先增大后減小，故D正確。故選D。7.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，兩帶電粒子（不計(jì)重力）沿直線AB方向從A點(diǎn)射入磁場中，分別從圓弧上的P、Q兩點(diǎn)射出，則下列說法正確的是（）A.若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為1:2B.若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為2:1C.若兩粒子比荷相同，則兩粒子在磁場中速率之比為2:1D.若兩粒子速率相同，則兩粒子的比荷之比為3:1〖答案〗AD〖解析〗AB．兩粒子運(yùn)動軌跡如圖粒子運(yùn)動時(shí)間為若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為A正確；C．設(shè)圓形區(qū)域半徑為R，由題意可知，兩粒子運(yùn)動半徑之比為根據(jù)若兩粒子比荷相同，則兩粒子在磁場中速率之比為C錯(cuò)誤；D．同理C選項(xiàng)，若兩粒子速率相同，則兩粒子的比荷之比為3:1，D正確。故選AD。8.電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R?,滑動變阻器R和理想電壓表、電流表連接成如圖所示電路，當(dāng)滑動變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，下列說法正確的是（）A.定值電阻R?兩端的電壓變大B.電壓表和電流表讀數(shù)都減小C.電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D.電源的總功率增大〖答案〗ABD〖解析〗A．當(dāng)滑動變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，電路總電阻變小，回路主干電流變大I，所以定值電阻R?兩端的電壓U1變大，故A正確；BC．電壓表測的是路端電壓U，因?yàn)橛蠭變大，所以U變小，電壓表的示數(shù)變小。定值電阻R2兩端的電壓為因?yàn)閁1變大，所以U2變小，流過電流表的示數(shù)I2為所I2變小，即電流表示數(shù)變小，故B正確，C錯(cuò)誤；D．電源的總功率為I變大，所以P變大，故D正確。故選ABD。9.如圖所示，A、B是質(zhì)量相等的兩個(gè)小球，A球從高度為h的固定光滑斜面頂端靜止下滑，B球從半徑為h的四分之一固定光滑圓弧頂端靜止下滑，重力加速度為g,關(guān)于A、B兩小球的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A.兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)合外力做的功相同B.兩小球到達(dá)底端時(shí)速率相等C.兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等D.B球運(yùn)動過程中重力的瞬時(shí)功率先增大后減小〖答案〗ABD〖解析〗B．根據(jù)機(jī)械能守恒有兩小球下落高度相同，可知兩小球到達(dá)底端時(shí)速率相等，故B正確；A．根據(jù)動能定理有故兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)合外力做功相同，故A正確；C．兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為運(yùn)動至最低點(diǎn)時(shí)A球的豎直方向的速度不為零，B球的豎直方向的速度為零，故A球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率較大，故C錯(cuò)誤；D．B球運(yùn)動過程中豎直方向的速度先從零增大至最大值，后減小為零，故B球運(yùn)動過程中重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故D正確。故選ACD。10.如圖所示，A的質(zhì)量為2m，B的質(zhì)量為m，靜止疊放在光滑的水平地面上，A、B間的動摩擦因數(shù)為2μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則：（）A.當(dāng)F>4μmg時(shí)，A相對B滑動 B.當(dāng)F=6μmg時(shí)，A的加速度為2μgC.當(dāng)F=10μmg時(shí)，A的加速度為3μg D.當(dāng)F=14μmg時(shí)，B的加速度為4μg〖答案〗BD〖解析〗A．設(shè)B滑動的最大加速度為，則解得當(dāng)A剛將要相對于B滑動時(shí)，有所以當(dāng)時(shí)，A相對B滑動，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)F=6μmg時(shí)，AB之間無相對滑動，以AB為整體解得故B正確；C．當(dāng)F=10μmg時(shí)，AB之間無相對滑動，以AB為整體解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)F=14μmg時(shí)，A相對B滑動，對B解得故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題）二、實(shí)驗(yàn)題（2個(gè)題，共20分）11.某組同學(xué)設(shè)計(jì)了“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。如圖甲為實(shí)驗(yàn)裝置簡圖，A為小車，B為電火花計(jì)時(shí)器，C為裝有細(xì)砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)繩對小車?yán)等于細(xì)砂和小桶的總重力，小車運(yùn)動的加速度a可用紙帶上打出的點(diǎn)求得。（1）如圖乙為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，已知實(shí)驗(yàn)所用電源的頻率為50Hz。根據(jù)紙帶可求出電火花計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)的速度為______m/s，小車的加速度大小為______m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）小薇同學(xué)想用砂和砂桶的重力表示小車受到的合外力，為了減少這種做法而帶來的實(shí)驗(yàn)誤差，你認(rèn)為在實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)該采取的兩項(xiàng)措施是：a．_________；b．_________?！即鸢浮剑?）1.63.2（2）把木板的末端墊起適當(dāng)高度以平衡摩擦力砂和桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量〖解析〗（1）[1]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動一段時(shí)間的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則B點(diǎn)時(shí)的速度為[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論，小車的加速度大小為（2）[3][4]將小車受到的其他力平衡掉，則繩子的拉力即為小車受到的合外力，故需要把木板的末端墊起適當(dāng)高度以平衡摩擦力。根據(jù)解得可知砂和桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量M，砂和砂桶的重力近似等于小車受到的合外力。12.某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩。圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。（1）如果沒有操作失誤，圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是_______。（2）本實(shí)驗(yàn)采用科學(xué)方法是_______。A．理想實(shí)驗(yàn)法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)，主要的步驟是：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點(diǎn)，在橡皮條的另一端拴上兩條細(xì)繩，細(xì)繩的另一端系著繩套；C．用兩個(gè)彈簧測力計(jì)分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O,記錄下O點(diǎn)的位置，讀出兩個(gè)彈簧測力計(jì)的示數(shù)；D．按選好的標(biāo)度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計(jì)的拉力F?和F?的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F;E．只用一只彈簧測力計(jì)，通過細(xì)繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計(jì)的示數(shù)，記下細(xì)繩的方向，按同一標(biāo)度作出這個(gè)力F′的圖示；F．比較F'和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。上述步驟中：①有重要遺漏的步驟的序號是_______和________；②遺漏的內(nèi)容分別是_________和___________。〖答案〗（1）（2）B（3）CE在白紙上記下兩個(gè)彈簧測力計(jì)的方向?qū)⑾鹌l的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置O點(diǎn)〖解析〗（1）[1]是用一個(gè)彈簧測力計(jì)將結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)時(shí)測力計(jì)的拉力大小，該拉力必與OA在同一條直線上。（2）[2]本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法。故選B。（3）[3][4][5][6]步驟C中讀出兩個(gè)彈簧測力計(jì)的示數(shù)并且要在白紙上記下兩個(gè)彈簧測力計(jì)的方向。步驟E中用一只彈簧測力計(jì)，應(yīng)通過細(xì)繩套拉橡皮條使橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置O點(diǎn)。三、計(jì)算題（共40分）13.如圖所示，質(zhì)量m1=2kg的小球用一條不可伸長的輕繩連接，繩的另一端固定在懸點(diǎn)O上，繩子長度l=1m。將小球拉至繩子偏離豎直方向的角度θ=37°處由靜止釋放，小球運(yùn)動至最低點(diǎn)時(shí)，與一質(zhì)量m2=1kg的物塊發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間很短。之后物塊在水平面上滑行一段s=0.4m的距離后停下。已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：(1)碰前瞬間小球的速度大小；(2)碰后瞬間小球和物塊的速度大小?！即鸢浮?1)2m/s；(2)碰后小球的速度為1m/s，物塊的速度為2m/s〖解析〗(1)根據(jù)動能定理可知所以碰前瞬間小球的速度為(2)根據(jù)動能定理可知，碰后物塊的速度滿足又小球和物塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正方向，可得解得14.如圖所示，質(zhì)量為2kg的物體放于傾角θ為37°的足夠長的固定斜面底端，受到50N的水平拉力作用而由靜止開始向上運(yùn)動，物體與斜面的動摩擦因數(shù)為0.5，2s后將水平拉力撤去。（g取10m/s2）求：（1）求物體向上運(yùn)動的最高點(diǎn)的位置；（2）水平拉力撤去后還要經(jīng)過多少時(shí)間物體才能再次回到斜面底端?〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）在水平拉力作用下勻加速運(yùn)動過程中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得由運(yùn)動學(xué)公式得得撤去水平拉力后，向上做勻減速運(yùn)動過程中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得又得（2）由得沿斜面向下做勻加速運(yùn)動中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得由運(yùn)動學(xué)公式得15.如圖所示，在的空間中存在勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)沿y軸負(fù)方向；在的空間中,存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直xOy平面（紙面）向外。一電量為q、質(zhì)量為m的帶正電的運(yùn)動粒子，經(jīng)過y軸上處的點(diǎn)時(shí)速率為，方向沿x軸正方向，然后，經(jīng)過x軸上處的點(diǎn)進(jìn)入磁場，并經(jīng)過y軸上處的點(diǎn)。不計(jì)重力，求：（1）粒子到達(dá)時(shí)速度的大小和方向；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）粒子從運(yùn)動到點(diǎn)所用的時(shí)間?！即鸢浮剑?），與x軸正方向成斜向右下方；（2）；（3）〖解析〗（1）粒子在電場中做平拋運(yùn)動、在磁場中做勻速圓周運(yùn)動。設(shè)粒子從到的時(shí)間為，粒子到達(dá)時(shí)速度沿x方向的分量仍為，以表示速度沿y方向分量的大小，v表示速度的大小，表示速度和x軸的夾角，則水平方向有豎直方向有到達(dá)點(diǎn)的速度有其速度方向與x軸正方向的夾角為，由解得即速度方向與x軸正方向成斜向右下方。（2）設(shè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在洛侖茲力作用下粒子做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律有r是圓周半徑，此圓周與x軸和y軸的交點(diǎn)分別為、，由于，由幾何關(guān)系可知，連線為圓軌道的直徑，由此可求得解得（3）根據(jù)上述，在電場中從到的時(shí)間為在磁場中從到的時(shí)間為故粒子從到的時(shí)間為解得2024屆呼和浩特市高三年級第一次質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項(xiàng)：本試卷分第I卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁。本試卷滿分為100分，考試時(shí)間為100分鐘。第I卷（選擇題）一、選擇題（共10小題，每題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7～10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分。有選錯(cuò)的得0分）1.下列四個(gè)選項(xiàng)中敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫等效替代法B.根據(jù)速度定義：，當(dāng)△t非常非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度,該定義應(yīng)用了極限思想法C.庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，并通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值D.根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式知：電流在磁場中某點(diǎn)不受磁場力作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零〖答案〗B〖解析〗A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫建立物理模型法，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)速度的定義式當(dāng)非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思維法，故B正確；C．庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場的方向平行時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力等于0，磁場不一定是0，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，將一勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端固定在半球形容器最底部O'處（O為球心），彈簧另一端與質(zhì)量為m的小球相連，小球靜止于P點(diǎn)。已知容器半徑為R，與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為μ，OP與水平方向的夾角為θ=30°。下列說法正確的是（）A.容器受到水平地面的摩擦力為0 B.容器對小球的作用力一定大小為mgC.彈簧原長一定為 D.輕彈簧對小球的作用力一定大小為mg〖答案〗A〖解析〗A．以容器和小球整體為研究對象，分析受力可知整體只受重力、地面的支持力，容器相對于水平面無滑動趨勢，地面對半球形容器沒有摩擦力，故A正確；BCD．容器對小球的作用力是彈力，指向球心O，如果容器內(nèi)部光滑，由可知，容器和彈簧對小球作用力大小為mg，則有則彈簧原長如果容器內(nèi)部不光滑，容器對小球作用力與彈簧彈力夾角可能不等于120°，則以上結(jié)論都不成立，故BCD錯(cuò)誤。故選A。3.甲、乙兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)從同一地點(diǎn)由靜止同時(shí)出發(fā)、沿同一直線運(yùn)動，它們的位移（x）隨速度平方（）變化的關(guān)系如圖所示。則描述此過程中兩質(zhì)點(diǎn)的速度—時(shí)間（）圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗質(zhì)點(diǎn)的初速度為0，根據(jù)位移速度關(guān)系式有變形可得由圖像可知斜率表示，乙的加速度不變，甲的加速度逐漸增大，且開始甲的加速度比乙的加速度小，且甲、乙的速度為時(shí)位移相同。在速度—時(shí)間（）圖像中由于圖線的斜率表示加速度，則乙的圖像為一條傾斜的直線，甲的圖像為一條越來越陡峭的曲線，由于開始甲的加速度比乙的加速度小，則開始甲的斜率小于乙的斜率，又由于圖線與橫軸所圍面積表示位移，則速度為時(shí)圖像與時(shí)間軸所圍面積相等。故選B。4.2023年3月15日，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用“長征十一號”運(yùn)載火箭，成功將實(shí)驗(yàn)十九號衛(wèi)星發(fā)射升空。衛(wèi)星發(fā)射的過程可簡化為如圖所示的過程。發(fā)射同步衛(wèi)星時(shí)是先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道，在近地軌道的A點(diǎn)加速后進(jìn)入轉(zhuǎn)移軌道，在轉(zhuǎn)移軌道上的遠(yuǎn)地點(diǎn)B加速后進(jìn)入同步圓軌道。已知近地軌道半徑為r1，衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)行速率為v1，運(yùn)行周期為T1，同步軌道半徑為r?。則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過B點(diǎn)的速率可能等于v?B.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)加速度大小小于在同步軌道上運(yùn)動時(shí)經(jīng)過B點(diǎn)的加速度大小C.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，所用時(shí)間D.衛(wèi)星在同步軌道上運(yùn)動時(shí)的周期等于〖答案〗C〖解析〗A．衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道B點(diǎn)加速才能進(jìn)入同步軌道，則在轉(zhuǎn)移軌道上的B點(diǎn)的速度小于在同步軌道速度，根據(jù)同步軌道速度小于近地軌道速度v1，所以衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過B點(diǎn)速度肯定小于v1，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得所以衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)加速度大小等于在同步軌道上運(yùn)動時(shí)經(jīng)過B點(diǎn)的加速度大小，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)在轉(zhuǎn)移軌道和同步圓軌道的周期分別為T2和T3，根據(jù)開普勒第三定律解得，衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，所用時(shí)間故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，兩根輕彈簧下面均連接一個(gè)質(zhì)量為m的小球，上面一根彈簧的上端固定在天花板上，兩小球之間通過一不可伸長的細(xì)繩相連接，細(xì)繩受到的拉力大小等于4mg。在剪斷兩球之間細(xì)繩的瞬間，以下關(guān)于球A的加速度大小a、球B的加速度大小aB正確的是（）A.0、2g B.4g、2g C.4g、4g D.0、g〖答案〗C〖解析〗在剪斷繩子之前，繩子的拉力為上邊彈簧對物體A的拉力為方向向上；下面彈簧對B的作用力為方向向下；剪斷瞬間，對A球受力分析可知解得方向向上；對B球分析解得故選C。6.如圖所示，以O(shè)為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強(qiáng)電場中，圓所在平面與電場方向平行，M、N為圓周上的兩點(diǎn)．一帶電粒子只在電場力作用下運(yùn)動，在M點(diǎn)速度方向如圖所示，經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等。已知M點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)電勢，且電勢差為U,下列說法正確的是（）A.該粒子帶負(fù)電 B.粒子在電場中可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到N點(diǎn)C.該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為 D.粒子由M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，電勢能先增大后減小〖答案〗D〖解析〗A．粒子經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等說明M、N兩點(diǎn)電勢相等，連接MN為等勢線。M點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)電勢，由“沿電場線方向電勢逐漸降低”作出電場線如圖。粒子在該電場下從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，可知粒子帶正電。故A錯(cuò)誤；B．粒子在電場中受到的力為恒力，不可能做圓周運(yùn)動，即不可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到N點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．M點(diǎn)與O點(diǎn)沿電場方向的距離為，所以勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為故C錯(cuò)誤；D．粒子由M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功，故電勢能先增大后減小，故D正確。故選D。7.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，兩帶電粒子（不計(jì)重力）沿直線AB方向從A點(diǎn)射入磁場中，分別從圓弧上的P、Q兩點(diǎn)射出，則下列說法正確的是（）A.若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為1:2B.若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為2:1C.若兩粒子比荷相同，則兩粒子在磁場中速率之比為2:1D.若兩粒子速率相同，則兩粒子的比荷之比為3:1〖答案〗AD〖解析〗AB．兩粒子運(yùn)動軌跡如圖粒子運(yùn)動時(shí)間為若兩粒子比荷相同，則從A分別到P、Q經(jīng)歷時(shí)間之比為A正確；C．設(shè)圓形區(qū)域半徑為R，由題意可知，兩粒子運(yùn)動半徑之比為根據(jù)若兩粒子比荷相同，則兩粒子在磁場中速率之比為C錯(cuò)誤；D．同理C選項(xiàng)，若兩粒子速率相同，則兩粒子的比荷之比為3:1，D正確。故選AD。8.電動勢為E，內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R?,滑動變阻器R和理想電壓表、電流表連接成如圖所示電路，當(dāng)滑動變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，下列說法正確的是（）A.定值電阻R?兩端的電壓變大B.電壓表和電流表讀數(shù)都減小C.電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D.電源的總功率增大〖答案〗ABD〖解析〗A．當(dāng)滑動變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向a端時(shí)，電路總電阻變小，回路主干電流變大I，所以定值電阻R?兩端的電壓U1變大，故A正確；BC．電壓表測的是路端電壓U，因?yàn)橛蠭變大，所以U變小，電壓表的示數(shù)變小。定值電阻R2兩端的電壓為因?yàn)閁1變大，所以U2變小，流過電流表的示數(shù)I2為所I2變小，即電流表示數(shù)變小，故B正確，C錯(cuò)誤；D．電源的總功率為I變大，所以P變大，故D正確。故選ABD。9.如圖所示，A、B是質(zhì)量相等的兩個(gè)小球，A球從高度為h的固定光滑斜面頂端靜止下滑，B球從半徑為h的四分之一固定光滑圓弧頂端靜止下滑，重力加速度為g,關(guān)于A、B兩小球的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A.兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)合外力做的功相同B.兩小球到達(dá)底端時(shí)速率相等C.兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等D.B球運(yùn)動過程中重力的瞬時(shí)功率先增大后減小〖答案〗ABD〖解析〗B．根據(jù)機(jī)械能守恒有兩小球下落高度相同，可知兩小球到達(dá)底端時(shí)速率相等，故B正確；A．根據(jù)動能定理有故兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)合外力做功相同，故A正確；C．兩小球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為運(yùn)動至最低點(diǎn)時(shí)A球的豎直方向的速度不為零，B球的豎直方向的速度為零，故A球運(yùn)動到各自底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率較大，故C錯(cuò)誤；D．B球運(yùn)動過程中豎直方向的速度先從零增大至最大值，后減小為零，故B球運(yùn)動過程中重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故D正確。故選ACD。10.如圖所示，A的質(zhì)量為2m，B的質(zhì)量為m，靜止疊放在光滑的水平地面上，A、B間的動摩擦因數(shù)為2μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則：（）A.當(dāng)F>4μmg時(shí)，A相對B滑動 B.當(dāng)F=6μmg時(shí)，A的加速度為2μgC.當(dāng)F=10μmg時(shí)，A的加速度為3μg D.當(dāng)F=14μmg時(shí)，B的加速度為4μg〖答案〗BD〖解析〗A．設(shè)B滑動的最大加速度為，則解得當(dāng)A剛將要相對于B滑動時(shí)，有所以當(dāng)時(shí)，A相對B滑動，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)F=6μmg時(shí)，AB之間無相對滑動，以AB為整體解得故B正確；C．當(dāng)F=10μmg時(shí)，AB之間無相對滑動，以AB為整體解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)F=14μmg時(shí)，A相對B滑動，對B解得故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題）二、實(shí)驗(yàn)題（2個(gè)題，共20分）11.某組同學(xué)設(shè)計(jì)了“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。如圖甲為實(shí)驗(yàn)裝置簡圖，A為小車，B為電火花計(jì)時(shí)器，C為裝有細(xì)砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為細(xì)繩對小車?yán)等于細(xì)砂和小桶的總重力，小車運(yùn)動的加速度a可用紙帶上打出的點(diǎn)求得。（1）如圖乙為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，已知實(shí)驗(yàn)所用電源的頻率為50Hz。根據(jù)紙帶可求出電火花計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)的速度為______m/s，小車的加速度大小為______m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（2）小薇同學(xué)想用砂和砂桶的重力表示小車受到的合外力，為了減少這種做法而帶來的實(shí)驗(yàn)誤差，你認(rèn)為在實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)該采取的兩項(xiàng)措施是：a．_________；b．_________?！即鸢浮剑?）1.63.2（2）把木板的末端墊起適當(dāng)高度以平衡摩擦力砂和桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量〖解析〗（1）[1]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動一段時(shí)間的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則B點(diǎn)時(shí)的速度為[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論，小車的加速度大小為（2）[3][4]將小車受到的其他力平衡掉，則繩子的拉力即為小車受到的合外力，故需要把木板的末端墊起適當(dāng)高度以平衡摩擦力。根據(jù)解得可知砂和桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量M，砂和砂桶的重力近似等于小車受到的合外力。12.某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩。圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。（1）如果沒有操作失誤，圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是_______。（2）本實(shí)驗(yàn)采用科學(xué)方法是_______。A．理想實(shí)驗(yàn)法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)，主要的步驟是：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點(diǎn)，在橡皮條的另一端拴上兩條細(xì)繩，細(xì)繩的另一端系著繩套；C．用兩個(gè)彈簧測力計(jì)分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O,記錄下O點(diǎn)的位置，讀出兩個(gè)彈簧測力計(jì)的示數(shù)；D．按選好的標(biāo)度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計(jì)的拉力F?和F?的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F;E．只用一只彈簧測力計(jì)，通過細(xì)繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計(jì)的示數(shù)，記下細(xì)繩的方向，按同一標(biāo)度作出這個(gè)力F′的圖示；F．比較F'和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。上述步驟中：①有重要遺漏的步驟的序號是_______和________；②遺漏的內(nèi)容分別是_________和___________?！即鸢浮剑?）（2）B（3）CE在白紙上記下兩個(gè)彈簧測力計(jì)的方向?qū)⑾鹌l的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置O點(diǎn)〖解