四川省涼山市西昌西昌鐵路中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析

四川省涼山市西昌西昌鐵路中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.足夠長的粗糙斜面上，用力推著一物體沿斜面向上運動，t=0時撤去推力，0～6s內(nèi)速度隨時間的變化情況如圖所示，由圖像可知（

）A．0～1s內(nèi)物體發(fā)生的位移大小與1～6s內(nèi)發(fā)生的位移大小之比為1:5B．0～1s內(nèi)重力的平均功率大小與1～6s內(nèi)重力平均功率大小之比為5：1C．0～ls內(nèi)摩擦力的平均功率與1～6s內(nèi)摩擦力平均功率之比為1：1D．0～1s內(nèi)機械能變化量大小與1～6s內(nèi)機械能變化量大小之比為1：5參考答案：ACD2.（單選）如圖所示是用干涉法檢查厚玻璃板b的上表面是否平整的裝置，干涉條紋是用兩個表面反射的光的疊加，這兩個表面是（

）

(A)a的上表面、b的下表面

(B)a的上表面、b的上表面

(C)a的下表面、b的上表面

(D)a的下表面、b的下表面參考答案：C3.（有以下說法：其中正確的是A．簡諧運動是質(zhì)點所受的合外力總是指向平衡位置且大小恒定的運動B．一列波的波長與障礙物的尺寸相比越大衍射現(xiàn)象就越明顯C．變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場D．X射線是電子流參考答案：B4.如圖（a）所示足一個歐姆表的外部構(gòu)造示意圖，其正、負插孔內(nèi)分別插有紅、黑表筆，則虛線內(nèi)的電路圖應(yīng)是（b）圖中的圖

（

）參考答案：A

5.如圖所示，帶有等量異種電荷的兩塊等大的平行金屬板M、N水平正對放置于真空中．兩板間有一帶電微粒(不考慮微粒對電場的影響)以速度沿直線由A點運動到P點，當微粒運動到P點時，將M板迅速向上平移一小段距離后，則此后微粒的可能運動情況是（

）A．沿軌跡④運動

B．沿軌跡①運動C．沿軌跡②運動

D．沿軌跡③運動參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.某同學(xué)用圖示實驗裝置測量物塊與木板間的動摩擦因數(shù).帶有窄片的物塊被一彈簧彈射裝置射出去，沿水平木板滑行，途中經(jīng)過O處的光電門，最后停在了木板上的M點，重力加速度為g.①測得窄片的寬度為L，記下窄片通過光電門的時間，還需要測量的物理量有_________________；（標明相關(guān)物理量的符號）②物塊和木板間的動摩擦因數(shù)=_______________________.參考答案：還需要測量出OM間的距離s，由動能定理可知又，解得。7.一節(jié)電動勢約為9V、內(nèi)阻約為2Ω的電池，允許通過的最大電流是500mA．為了測定該電池的電動勢和內(nèi)阻，選用了總阻值為50Ω的滑動變阻器以及電流表和電壓表等，連成了如圖所示的電路．①為了防止誤將滑動變阻器電阻調(diào)為零而損壞器材，需要在電路中接入一個保護電阻R，最適合的電阻是

A．10Ω，5W

B．10Ω，0.5W

C．20Ω，5W

D．20Ω，0.5W②由于電路中有一條導(dǎo)線發(fā)生了斷路，閉合電鍵K后發(fā)現(xiàn)電壓表、電流表均無示數(shù)，則出現(xiàn)斷路的導(dǎo)線是

（填導(dǎo)線上的序號）．③實驗中，要使電壓表的示數(shù)變大，滑動變阻器的滑片應(yīng)向

端移動．（填“E”或“F”）參考答案：①C；②6③F【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻．【分析】①已知電源電動勢和內(nèi)電阻，已知電源的最大電流，則由閉合電路歐姆定律可求出電路中需接入的電小電阻；②電壓表和電流表均沒有讀數(shù)，是斷路，逐個分析各個部分即可；③要使電壓表的示數(shù)變大，需要增加外電阻；【解答】解：①為保證電源安全，電路中電流不得超過500mA；由閉合電路歐姆定律可知：最大電阻為R=﹣r=﹣2=16Ω，故為了安全，保護電阻應(yīng)為20Ω；1②電壓表均沒有讀數(shù)，故導(dǎo)線1、6、7可能有一根斷路；電流表沒有讀數(shù)，故導(dǎo)線2、3、4、5、6可能有一根斷路；故是導(dǎo)線6斷路；③使電壓表的示數(shù)變大，需要增加外電阻，故滑動變阻器電阻值變大，滑片向F端移動；故答案為：①C；②6③F8.圖中豎直方向的平行線表示勻強電場的電場線，但未標明方向．一個帶電量為﹣q的微粒，僅受電場力的作用，從M點運動到N點，動能增加了△Ek（△Ek＞0），則該電荷的運動軌跡可能是虛線a（選填“a”、“b”或“c”）；若M點的電勢為U，則N點電勢為U+．參考答案：【考點】：電場線；電勢．【分析】：根據(jù)動能定理，通過動能的變化判斷出電場力的方向，從而判斷軌跡的彎曲程度，根據(jù)動能定理求出M、N兩點間的電勢差，從而求出N點的電勢．：解：從M點運動到N點，動能增加，知電場力做正功，則電場力方向向下，軌跡彎曲大致指向合力的方向，可知電荷的運動軌跡為虛線a，不可能是虛線b．電場力方向方向向下，微粒帶負電，則電場強度方向向上，N點的電勢大于M點的電勢，根據(jù)動能定理知，﹣qUMN=△Ek，則N、M兩點間的電勢差大小UMN=﹣由UMN=φM﹣φN，φM=U，解得φN=U+故答案為：a，U+．【點評】：解決本題的關(guān)鍵知道軌跡彎曲與合力方向的大致關(guān)系，本題的突破口在于得出電場力方向，再得出電場強度的方向，從而知道電勢的高低．9.質(zhì)量為4.0kg的物體A靜止在水平桌面上，另一個質(zhì)量為2.0kg的物體B以5.0m/s的水平速度與物體A相碰。碰后物體B以1.0m/s的速度反向彈回，則系統(tǒng)的總動量為_________kg·m/s，碰后物體A的速度大小為__________m/s。參考答案：10，3

10.盧瑟福用a粒子轟擊氮核時發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子.完成其核反應(yīng)方程：_____________參考答案：11.原子核聚變可望給人類未來提供豐富潔凈的能源。當氘等離子體被加熱到適當高溫時,氘核參與的幾種聚變反應(yīng)可能發(fā)生，放出能量。這幾種反應(yīng)的總效果可以表示為①該反應(yīng)方程中的k=

,d=

；②質(zhì)量虧損為

kg.參考答案：12.如圖所示，水平板上有質(zhì)量m=1.0kg的物塊，受到隨時間t變化的水平拉力F作用，用力傳感器測出相應(yīng)時刻物塊所受摩擦力Ff的大小。已知9s末的速度為9.5m/s，取重力加速度g=10m/s2。則4s末物塊的加速度的大小為

▲，4s~9s內(nèi)合外力對物塊做功為

▲

。

參考答案：13.4．在圖示的復(fù)雜網(wǎng)絡(luò)中，所有電源的電動勢均為E0，所有電阻器的電阻值均為R0，所有電容器的電容均為C0，則圖示電容器A極板上的電荷量為

。參考答案：．（5分）三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.“體育彩票中獎概率為，說明每買1000張體育彩票一定有一張中獎”，這種說法對嗎？參考答案：15.（選修3-5）（6分）a、b兩個小球在一直線上發(fā)生碰撞，它們在碰撞前后的s～t圖象如圖所示，若a球的質(zhì)量ma=1kg，則b球的質(zhì)量mb等于多少?參考答案：解析：由圖知=4m/s、=—1m/s、=2m/s

（2分）

根據(jù)動量守恒定律有：ma=ma

+

mb

（2分）

∴mb=2.5kg （2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.(13分)如圖所示，質(zhì)量m=60kg的高山滑雪運動員，從A點由靜止開始沿滑雪道滑下，從B點水平飛出后又落在與水平面成傾角=的斜坡上C點．已知AB兩點間的高度差為h=25m，B、C兩點間的距離為s=75m，已知sin370=0.6，取g=10m/s2，求：(1)運動員從B點水平飛出時的速度大??；(2)運動員從A點到B點的過程中克服摩擦力做的功．

參考答案：

解析：(1)由B到C平拋運動的時間為t

豎直方向：hBc=ssin37o=gt2

（1）

(3分)

水平方向：scos370=vBt

（2）

(3分)

代得數(shù)據(jù)，解（1）（2）得vB=20m／s

（3）

(2分)

(2)A到B過程，由動能定理有

mghAB+wf=mvB2

（4）

(3分)

代人數(shù)據(jù)，解（3）（4）得

wf＝－3000J

(2分)

所以運動員克服摩擦力所做的功為3000J17.如圖所示，在平面直角坐標系xOy中的第一象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于坐標平面向內(nèi)的有界圓形勻強磁場區(qū)域（圖中未畫出）；在第二象限內(nèi)存在沿x軸負方向的勻強電場．一粒子源固定在x軸上的A點，A點坐標為（-L，0）．粒子源沿y軸正方向釋放出速度大小為v的電子，電子恰好能通過y軸上的C點，C點坐標為（0，2L），電子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后方向恰好垂直O(jiān)N，ON是與x軸正方向成15°角的射線．（電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不考慮電子的重力和電子之間的相互作用．）求：

（1）第二象限內(nèi)電場強度E的大?。?/p>

（2）電子離開電場時的速度方向與y軸正方向的夾角θ．

（3）圓形磁場的最小半徑Rmin．參考答案：（1）從A到C的過程中，電子做類平拋運動，有：

2分

2L=vt

1分聯(lián)立解得

1分設(shè)電子到達C點的速度大小為vC，方向與y軸正方向的夾角為θ．由動能定理，有：

2分解得vc=

1分cosθ=

1分解得

θ=450

1分電子的運動軌跡圖如圖，電子在磁場中做勻速圓周運動的半徑r得出r=

2分電子在磁場中偏轉(zhuǎn)120°后垂直于ON射出，則磁場最小半徑：Rmin==rsin600

1分聯(lián)立解得Rmin=

1分18.“嫦娥一號”探月衛(wèi)星與稍早前日本的“月亮女神號”探月衛(wèi)星不同，“嫦娥一號”衛(wèi)星是往繞月球極地軌道上運動，加上月球的自轉(zhuǎn)，因而“嫦娥一號”衛(wèi)星能探測到整個月球表面。12月11日“嫦娥一號衛(wèi)星CCD相機己對月球背面進行成像探測，并獲得了月球背面部分區(qū)域的影像圖。衛(wèi)星在繞月極地軌道上做圓周運動時距月球表面高為H，繞行的周期為TM；月球繞地公轉(zhuǎn)的周期為TM，半徑為R0。地球半徑為RE，月球半徑為RM。試解答下列問題：

(1)若忽略地球及太陽引力對繞月衛(wèi)星的影響，試求月球與地球質(zhì)量比．

(2)當繞月極地軌道的平面與月球繞地公轉(zhuǎn)的軌道平面垂直，也與地心到月心的連線乖直(如圖所示)．此時探月衛(wèi)星向地球發(fā)送所拍攝的照片。此照片由探月衛(wèi)星傳送到地球最少需要多少時間?已知光速為C。參考答案：考點：牛頓第二定律F=ma，向心力公式，萬有引力定律及其應(yīng)用分析：（1）衛(wèi)星繞月做圓周運動時，由月球的萬有引力提供向心力，知道距月球表面高為H，月球半徑為RM，繞行的周期為TM，根據(jù)由牛頓第二定律可求出月球的質(zhì)量．月球繞地球公轉(zhuǎn)時，由地球的萬有引力提供向心力，由月球公轉(zhuǎn)