陜西旬陽(yáng)中學(xué)高三沖刺模擬新高考物理試卷及答案解析_第1頁(yè)
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陜西旬陽(yáng)中學(xué)高三沖刺模擬新高考物理試卷考生請(qǐng)注意:1.答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線內(nèi),不得在試卷上作任何標(biāo)記。2.第一部分選擇題每小題選出答案后,需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi),第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后,請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、科幻電影《流浪地球》講述了這樣的故事:太陽(yáng)即將毀滅,人類(lèi)在地球上建造出巨大的推進(jìn)器,使地球經(jīng)歷了停止自轉(zhuǎn)、加速逃逸、勻速滑行、減速入軌等階段,最后成為比鄰星的一顆行星。假設(shè)若干年后,地球流浪成功。設(shè)比鄰星的質(zhì)量為太陽(yáng)質(zhì)量的,地球質(zhì)量在流浪過(guò)程中損失了,地球繞比鄰星運(yùn)行的軌道半徑為地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道半徑的,則地球繞比鄰星運(yùn)行與繞太陽(yáng)運(yùn)行相比較,下列關(guān)系正確的是()A.公轉(zhuǎn)周期之比為B.向心加速度之比為C.動(dòng)能之比為D.萬(wàn)有引力之比為2、質(zhì)量為m的均勻木塊靜止在光滑水平面上,木塊左右兩側(cè)各有一位持有完全相同步槍和子彈的射擊手.首先左側(cè)射手開(kāi)槍,子彈水平射入木塊的最大深度為d1,然后右側(cè)射手開(kāi)槍,子彈水平射入木塊的最大深度為d2,如圖所示.設(shè)子彈均未射穿木塊,且兩顆子彈與木塊之間的作用大小均相同.當(dāng)兩顆子彈均相對(duì)于木塊靜止時(shí),下列判斷正確的是()A.木塊靜止,d1=d2B.木塊靜止,d1<d2C.木塊向右運(yùn)動(dòng),d1<d2D.木塊向左運(yùn)動(dòng),d1=d23、1933年至1934年間科學(xué)家用α粒子轟擊鋁箔時(shí),發(fā)生的核反應(yīng)方程為,反應(yīng)生成物可以像天然放射性元素一樣發(fā)生衰變,核反應(yīng)方程為。其中ν為中微子,為正電子。則下列說(shuō)法正確的是()A.當(dāng)溫度、壓強(qiáng)等條件變化時(shí),放射性元素的半衰期隨之變化B.中微子的質(zhì)量數(shù)A=0,電荷數(shù)Z=2C.正電子產(chǎn)生的原因可能是核外電子轉(zhuǎn)變成的D.兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子結(jié)合成一個(gè)α粒子,則兩個(gè)質(zhì)子與兩個(gè)中子的質(zhì)量之和大于α粒子的質(zhì)量4、如圖所示,A,B質(zhì)量均為m,疊放在輕質(zhì)彈簧上(彈簧上端與B不連接,彈簧下端固定于地面上)保持靜止,現(xiàn)對(duì)A施加一豎直向下、大小為F(F>2mg)的力,將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于靜止?fàn)顟B(tài),若突然撤去力F,設(shè)兩物體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B間的相互作用力大小為FN,則關(guān)于FN的說(shuō)法正確的是(重力加速度為g)()A.剛撤去外力F時(shí),F(xiàn)B.彈簧彈力等于F時(shí),F(xiàn)C.兩物體A、B的速度最大時(shí),F(xiàn)N=2mgD.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),F(xiàn)N=mg5、“雙星系統(tǒng)”由相距較近的星球組成,每個(gè)星球的半徑均遠(yuǎn)小于兩者之間的距離,而且雙星系統(tǒng)一般遠(yuǎn)離其他天體,它們?cè)诒舜说娜f(wàn)有引力作用下,繞某一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。如圖所示,某一雙星系統(tǒng)中A星球的質(zhì)量為m1,B星球的質(zhì)量為m2,它們球心之間的距離為L(zhǎng),引力常量為G,則下列說(shuō)法正確的是()A.B星球的軌道半徑為B.A星球運(yùn)行的周期為C.A星球和B星球的線速度大小之比為m1:m2D.若在O點(diǎn)放一個(gè)質(zhì)點(diǎn),則它受到兩星球的引力之和一定為零6、國(guó)家發(fā)展改革委、交通運(yùn)輸部、中國(guó)鐵路總公司聯(lián)合發(fā)布了《中長(zhǎng)期鐵路網(wǎng)規(guī)劃》,勾畫(huà)了新時(shí)期“八縱八橫”高速鐵路網(wǎng)的宏大藍(lán)圖。設(shè)某高鐵進(jìn)站時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng),從開(kāi)始減速到停下所用時(shí)間為9t,則該高鐵依次經(jīng)過(guò)t、3t、5t時(shí)間通過(guò)的位移之比為()A. B. C. D.二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,在光滑絕緣水平面上,三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上;a、b電荷量均為q且為同種電荷,整個(gè)系統(tǒng)置于水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中.已知靜電力常量為k,若三個(gè)質(zhì)點(diǎn)均處于靜止?fàn)顟B(tài),則下列說(shuō)法正確的是A.如果a、b帶正電,那么c一定帶負(fù)電B.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為C.質(zhì)點(diǎn)c的電荷量大小為D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向與ab邊垂直指向c8、甲、乙兩車(chē)在平直公路上同向行駛時(shí)的v-t圖像如圖所示,t0時(shí)刻,兩車(chē)并排行駛,下列說(shuō)法正確的是()A.t=0時(shí),甲車(chē)在乙車(chē)前0.68v0t0B.兩車(chē)速度相等的時(shí)刻為1.2t0C.兩車(chē)再次并排行駛的時(shí)刻為1.4t0D.兩車(chē)兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為0.04v0t09、如圖所示,兩根彎折的平行的金屬軌道AOB和A′O′B′固定在水平地面上,與水平地面夾角都為θ,AO=OB=A′O′=O′B′=L,OO′與AO垂直,兩虛線位置離頂部OO′等距離,虛線下方的導(dǎo)軌都處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,左側(cè)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1,垂直于導(dǎo)軌平面向上,右側(cè)磁場(chǎng)B2(大小、方向未知)平行于導(dǎo)軌平面,兩根金屬導(dǎo)體桿a和b質(zhì)量都為m,與軌道的摩擦系數(shù)都為μ,將它們同時(shí)從頂部無(wú)初速釋放,能同步到達(dá)水平地面且剛到達(dá)水平地面速度均為v,除金屬桿外,其余電阻不計(jì),重力加速度為g,則下列判斷正確的是()A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2的方向一定是平行導(dǎo)軌向上 B.兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)大小關(guān)系為:B1=μB2C.整個(gè)過(guò)程摩擦產(chǎn)生的熱量為Q1=2μmgLcosθ D.整個(gè)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱Q2=mgLsinθ﹣μmgLcosθ﹣mv210、如圖所示.直線1和2分別為兩個(gè)不同電源的路端電壓和電流的關(guān)系圖象,E1、r1,分別為電源1的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,E2、r2分別為電源2的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻,則下述說(shuō)法正確的是()A.E1=E2B.r1>r2C.當(dāng)兩個(gè)電源短路時(shí)電源l的短路電流大D.當(dāng)兩個(gè)電源分別接相同電阻時(shí),電源2的輸出功率小三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11.(6分)如圖甲(側(cè)視圖只畫(huà)了一個(gè)小車(chē))所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以驗(yàn)證“牛頓第二定律”,兩個(gè)相同的小車(chē)放在光滑水平桌面上,右端各系一條細(xì)繩,跨過(guò)定滑輪各掛一個(gè)小盤(pán)增減盤(pán)中的砝碼可改變小車(chē)受到的合外力,增減車(chē)上的砝碼可改變小車(chē)的質(zhì)量。兩車(chē)左端各系一條細(xì)線用一個(gè)黑板擦把兩細(xì)線同時(shí)按在固定、粗糙的水平墊片上,使小車(chē)靜止(如圖乙),抬起黑板擦兩車(chē)同時(shí)運(yùn)動(dòng),在兩車(chē)尚未碰到滑輪前,迅速按下黑板擦,兩車(chē)立刻停止,測(cè)出兩車(chē)位移的大小。(1)該實(shí)驗(yàn)中,盤(pán)和盤(pán)中砝碼的總質(zhì)量應(yīng)___小車(chē)的總質(zhì)量(填“遠(yuǎn)大于”、“遠(yuǎn)小于”、“等于”);(2)圖丙為某同學(xué)在驗(yàn)證“合外力不變加速度與質(zhì)量成反比”時(shí)的實(shí)驗(yàn)記錄,已測(cè)得小車(chē)1的總質(zhì)量M1=100g,小車(chē)2的總質(zhì)量M2=200g,由圖可讀出小車(chē)1的位移x1=5.00m小車(chē)2的位移x2=___cm,可以算出=___(結(jié)果保留三位有效數(shù)字);在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi),___(填“大于”、“小于”、“等于”)。12.(12分)如圖所示是測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的一種裝置.把一個(gè)體積很小的電阻為R、匝數(shù)為N、面積為S的測(cè)量線圈L放在通電螺線管內(nèi)待測(cè)處,線圈平面與螺線管軸線垂直,將測(cè)量線圈跟測(cè)量電量的儀器G表串聯(lián).當(dāng)閉合電鍵K時(shí),G表可測(cè)得瞬間流過(guò)測(cè)量線圈的電量ΔQ,則:(1)(多選題)測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B所依據(jù)的物理規(guī)律是_______.A.法拉第電磁感應(yīng)定律和焦耳定律B.閉合電路歐姆定律和焦耳定律C.法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律D.法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律(2)用此方法測(cè)量通電螺線管內(nèi)軸線處磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式為B=______________.四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,在平面內(nèi)存在大小隨時(shí)間周期性變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng),變化規(guī)律分別如圖乙、丙所示(規(guī)定垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向,沿軸負(fù)方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向)。在時(shí)刻由原點(diǎn)發(fā)射一個(gè)初速度大小為、方向沿軸正方向的帶正電粒子,粒子的比荷,、、均為已知量,不計(jì)粒子受到的重力。(1)求在內(nèi)粒子轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑;(2)求時(shí),粒子的位置坐標(biāo);(3)若粒子在時(shí)首次回到坐標(biāo)原點(diǎn)求電場(chǎng)強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小關(guān)系。14.(16分)如圖所示,傾角的斜面體固定,斜面上點(diǎn)以下粗糙,以上部分光滑,質(zhì)量的物塊以的初速度由斜面上的點(diǎn)沿斜面向上沿直線滑行,長(zhǎng)為,斜面足夠長(zhǎng),物塊與斜面粗糙部分的動(dòng)摩擦因數(shù),重力加速度為,物塊可視為質(zhì)點(diǎn),已知,,求:(1)物塊最終停在斜面上的位置離點(diǎn)的距離;(2)物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。(結(jié)果可帶根號(hào))15.(12分)如圖所示,ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道,其中ABC為光滑半圓形軌道,半徑為R,CD為水平粗糙軌道,小滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù),一質(zhì)量為m的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓軌道中點(diǎn)B由靜止釋放,滑至D點(diǎn)恰好靜止,CD間距為4R。已知重力加速度為g。(1)小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí),圓軌道對(duì)小滑塊的支持力大??;(2)現(xiàn)使小滑塊在D點(diǎn)獲得一初動(dòng)能,使它向左運(yùn)動(dòng)沖上圓軌道,恰好能通過(guò)最高點(diǎn)A,求小滑塊在D點(diǎn)獲得的初動(dòng)能。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

A.萬(wàn)有引力提供向心力,由牛頓第二定律得解得故故A錯(cuò)誤;B.萬(wàn)有引力提供向心力,由牛頓第二定律得解得故故B錯(cuò)誤;C.萬(wàn)有引力提供向心力,由牛頓第二定律得動(dòng)能代入數(shù)據(jù)計(jì)算解得動(dòng)能之比為故C正確;D.萬(wàn)有引力代入數(shù)據(jù)計(jì)算解得故D錯(cuò)誤。故選C。2、B【解析】左側(cè)射手開(kāi)槍后,子彈射入木塊與木塊一起向右運(yùn)動(dòng),設(shè)共同速度為v1,由動(dòng)量守恒有mv0=(M+m)v1,由能量守恒有Ffd1=.右側(cè)射手開(kāi)槍后,射出的子彈與木塊及左側(cè)射手射出的第一顆子彈共同運(yùn)動(dòng)的速度設(shè)為v2,由動(dòng)量守恒有(M+m)v1-mv0=(M+2m)v2,由能量守恒有Ffd2=,解之可得v2=0,d1=d2=故B正確.3、D【解析】

A.原子核的衰變是由原子核內(nèi)部因素決定的,與外界環(huán)境無(wú)關(guān),因此半衰期不發(fā)生變化;故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可得中微子的質(zhì)量數(shù)A=30?30=0電荷數(shù)Z=15?14?1=0可知中微子的質(zhì)量數(shù)A=0,電荷數(shù)Z=0,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)該衰變的本質(zhì)可知,正電子是由于質(zhì)子衰變產(chǎn)生的,故C錯(cuò)誤;D.兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子結(jié)合成一個(gè)α粒子的過(guò)程中釋放核能,根據(jù)質(zhì)能方程可知質(zhì)子與中子的質(zhì)量之和一定大于α粒子的質(zhì)量,故D正確。故選D。4、B【解析】

在突然撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,由平衡條件推論可知AB整體的合力向上,大小等于F,根據(jù)牛頓第二定律有:F=(m+m)a,解得:a=F2m,對(duì)A受力分析,受重力和支持力,根據(jù)牛頓第二定律,有:FN-mg=ma,聯(lián)立解得:FN=mg+F2,故A錯(cuò)誤;彈簧彈力等于F時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得,對(duì)整體有:F-2mg=2ma,對(duì)m有:FN-mg=ma,聯(lián)立解得:FN=F2,故B正確;當(dāng)A、B兩物體的合力為零時(shí),速度最大,對(duì)A由平衡條件得:FN=mg,故C錯(cuò)誤;當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得,對(duì)整體有:2mg=2ma,對(duì)m有:5、B【解析】

由于兩星球的周期相同,則它們的角速度也相同,設(shè)兩星球運(yùn)行的角速度為,根據(jù)牛頓第二定律,對(duì)A星球有:對(duì)B星球有得又得故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)解得周期,故B正確;C.A星球和B星球的線速度大小之比故C錯(cuò)誤;D.O點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)受到B星球的萬(wàn)有引力受到A星球的萬(wàn)有引力故質(zhì)點(diǎn)受到兩星球的引力之和不為零,故D錯(cuò)誤。故選B。6、D【解析】

可以將高鐵進(jìn)站時(shí)的勻減速直線運(yùn)動(dòng)等效成反向的初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)中通過(guò)連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)的位移之比為可得題中依次經(jīng)過(guò)t、3t、5t通過(guò)的位移之比ABC錯(cuò)誤D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】

A.如果a、b帶正電,要使a、b都靜止,c必須帶負(fù)電,否則勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)a、b的電場(chǎng)力相同,而其他兩個(gè)電荷對(duì)a和b的合力方向不同,兩個(gè)電荷不可能同時(shí)平衡.故A項(xiàng)正確;BD.設(shè)c電荷帶電量為Q,以c電荷為研究對(duì)象受力分析,根據(jù)平衡條件得a、b對(duì)c的合力與勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)c的力等值反向,即:;所以勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為:,方向與ab邊垂直由c指向ab連線.故B項(xiàng)正確,D項(xiàng)錯(cuò)誤;C.設(shè)c電荷帶電量為Q,根據(jù)平衡條件得c、b對(duì)a的合力與勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)a的力等值反向,即:所以c球的帶電量為2q,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;8、BC【解析】

A.根據(jù)“面積”大小表示位移,由圖象可知0到內(nèi),甲車(chē)通過(guò)的位移為乙車(chē)通過(guò)的位移為根據(jù)題意則有時(shí),乙車(chē)在甲車(chē)前故A錯(cuò)誤;B.甲車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng),速度為乙車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng),速度為兩車(chē)速度相等,則有解得故B正確;C.設(shè)兩車(chē)再次并排行駛的時(shí)刻為,甲車(chē)通過(guò)的位移為乙車(chē)通過(guò)的位移為其中解得故C正確;D.甲、乙兩車(chē)兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為故D錯(cuò)誤;故選BC。9、ABD【解析】

A.由題意可知,兩導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程相同,說(shuō)明受力情況相同,對(duì)a分析可知,a切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),從而產(chǎn)生沿導(dǎo)軌平面向上的安培力,故a棒受合外力小于mgsinθ﹣μmgcosθ;對(duì)b棒分析可知,b棒的受合外力也一定小于mgsinθ﹣μmgcosθ,由于磁場(chǎng)平行于斜面,安培力垂直于斜面,因此只能是增大摩擦力來(lái)減小合外力,因此安培力應(yīng)垂直斜面向下,由流過(guò)b棒的電流方向,根據(jù)左手定則可知,勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2的方向一定是平行導(dǎo)軌向上,故A正確;B.根據(jù)A的分析可知,a棒受到的安培力與b棒受到的安培力產(chǎn)生摩擦力應(yīng)相等,即B1IL=μB2IL;解得B1=μB2,故B正確;C.由以上分析可知,b棒受到的摩擦力大于μmgcosθ,因此整個(gè)過(guò)程摩擦產(chǎn)生的熱量Q12μmgLcosθ,故C錯(cuò)誤;D.因b增加的摩擦力做功與a中克服安培力所做的功相等,故b中因安培力而增加的熱量與焦耳熱相同,設(shè)產(chǎn)生焦耳熱為Q2,則根據(jù)能量守恒定律可知:2mgLsinθ﹣2μmgLcosθ﹣2Q2=2mv2解得整個(gè)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱:Q2=mgLsinθ﹣μmgLcosθ﹣mv2故D正確。故選ABD。10、ACD【解析】

A.根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir當(dāng)I=0時(shí)U=E說(shuō)明圖線縱軸截距等于電源的電動(dòng)勢(shì),由圖可知,兩電源的電動(dòng)勢(shì)相等,即E1=E2故A正確;B.根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知,圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻,由圖可知,圖線2的斜率大于圖線1的斜率,則r2>r1故B錯(cuò)誤;C.短路電流I=故電源1的短路電流要大,故C正確;D.根據(jù)當(dāng)兩個(gè)電源分別接相同電阻時(shí),電源內(nèi)阻大即電源2的輸出功率小,故D正確.故選ACD.三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、遠(yuǎn)小于2.42~2.472.02~2.07等于【解析】

(1)因?yàn)閷?shí)驗(yàn)的研究對(duì)象是整個(gè)系統(tǒng),系統(tǒng)受到的合外力就等于mg,所以不需要滿(mǎn)足懸掛的沙桶總質(zhì)量一定要遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車(chē)(包括盛沙的盒及盒內(nèi)的砂)的總質(zhì)量;(2)由圖可知,小車(chē)2的位移為2.43m,由勻加速直線運(yùn)的位移公式可知,,即由于時(shí)間相等,所以,由牛頓第二定律可知:,所以?xún)尚≤?chē)的加速度之比等于質(zhì)量的反比.12、CDRΔQ/NS【解析】

當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)L的瞬間,穿過(guò)線圈L的磁通量發(fā)生變化,電表中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,通過(guò)閉合回路歐姆定律可解的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小,根據(jù)楞次定律可解得磁場(chǎng)方向,所以選CD,(2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)

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